2020高中物理 章末綜合檢測(cè)（四）運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系（含解析）第一冊(cè)

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精PAGE20-學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精章末綜合檢測(cè)(四）運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系A(chǔ)級(jí)—學(xué)考達(dá)標(biāo)1．下列關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)關(guān)系的說(shuō)法正確的是（）A．沒(méi)有外力作用時(shí)，物體不會(huì)運(yùn)動(dòng)，這是牛頓第一定律的體現(xiàn)B．物體受合外力越大,運(yùn)動(dòng)得越快,這符合牛頓第二定律C．物體所受合外力為零，則速度一定為零;物體所受合外力不為零，則其速度也一定不為零D．物體所受的合外力最大時(shí),而速度卻可以為零；物體所受的合外力最小時(shí)，而速度卻可以最大解析：選D物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，即力是使物體產(chǎn)生加速度的原因,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤.物體所受合外力為零時(shí),加速度一定為零，但速度不一定為零，速度可以最大,例如物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng);物體所受合外力最大時(shí)，加速度一定最大，但速度不一定最大,速度可以為零,故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤,D正確.2．下列說(shuō)法正確的是（)A．運(yùn)動(dòng)得越快的汽車越不容易停下來(lái),是因?yàn)槠囘\(yùn)動(dòng)得越快，慣性越大B．小球在做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，慣性不存在了C．把一物體豎直向上拋出后,能繼續(xù)上升,是因?yàn)槲矬w仍受到一個(gè)向上的推力D．物體的慣性僅與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量大的慣性大，質(zhì)量小的慣性小解析：選D慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D正確,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤.豎直上拋的物體向上運(yùn)動(dòng)是由于慣性，不是受到向上的推力的作用,選項(xiàng)C錯(cuò)誤。3．從地面豎直向上拋出一個(gè)物體，空氣的阻力可以忽略不計(jì)。在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度v和時(shí)間t的關(guān)系是下圖中的（以豎直向上的方向?yàn)樗俣鹊恼较颍?）解析:選D以豎直向上的方向?yàn)樗俣鹊恼较颍矬w初速度為正，且速率逐漸減小，當(dāng)?shù)竭_(dá)最高點(diǎn)后，物體變?yōu)橄蛳录铀?，所以速度為?fù)且速率逐漸增大。在v-t圖像中用正負(fù)表示速度的方向，其絕對(duì)值表示速度的大小，圖線的斜率表示其加速度。由于物體的加速度方向向下，所以為負(fù)，即全過(guò)程中v.t圖線為向下傾斜的直線。因此選項(xiàng)D正確。4.如圖所示，當(dāng)車廂向前加速前進(jìn)時(shí)，物體M靜止于豎直車廂壁上，當(dāng)車廂加速度增加時(shí),下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是(）A．物體M受到的靜摩擦力增加B．車廂豎直壁對(duì)物體的彈力增加C．物體M仍保持相對(duì)于車廂的靜止?fàn)顟B(tài)D．物體的加速度也增加解析：選A以物體M為研究對(duì)象，分析受力情況如圖所示，受重力Mg，車廂的彈力N和靜摩擦力f,根據(jù)牛頓第二定律得水平方向:N＝Ma，豎直方向:f＝Mg當(dāng)加速度增大時(shí)，物體受靜摩擦力f不變,故A錯(cuò)誤;當(dāng)加速度增大時(shí)，物體受的彈力N增大，所受的最大靜摩擦力增大，物體不可能上下滑動(dòng)，故物體相對(duì)于車廂靜止,隨車廂的加速度增大而增大，故B、C、D正確。5.如圖所示為雜技“頂竿”表演，一人站在地面上，肩上扛一質(zhì)量為M的豎直竹竿，當(dāng)竹竿上一質(zhì)量為m的人以加速度a加速下滑時(shí)（）A．竹竿受到質(zhì)量為m的人對(duì)它向上的摩擦力B．質(zhì)量為m的人所受的摩擦力大小為mg－maC．竹竿上的人與竹竿所組成的系統(tǒng)處于超重狀態(tài)D．竹竿對(duì)地面上的人的壓力大小為（M＋m)g＋ma解析：選B質(zhì)量為m的人向下滑的過(guò)程中所受摩擦力向上，根據(jù)牛頓第三定律可知竹竿所受的摩擦力向下，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)質(zhì)量為m的人有mg－f＝ma，解得f＝mg－ma，選項(xiàng)B正確；對(duì)竹竿有N＝Mg＋f，解得N＝（M＋m)g－ma,根據(jù)牛頓第三定律可知竹竿對(duì)地面上的人的壓力大小為(M＋m)g－ma，小于質(zhì)量為m的人與竹竿所組成系統(tǒng)的重力，系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。6．“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側(cè)的是彈性極好的橡皮繩。質(zhì)量為m的小明如圖靜止懸掛時(shí)兩橡皮繩的拉力大小均恰為mg，若此時(shí)右側(cè)橡皮繩斷裂，則小明此時(shí)()A．加速度為零B．加速度a＝g，沿原斷裂繩的方向斜向左下方C．加速度a＝g，沿未斷裂繩的方向斜向右上方D．加速度a＝g，方向豎直向下解析：選B小明靜止時(shí)受到重力和兩根橡皮繩的拉力，處于平衡狀態(tài)，如圖。由于T1＝T2＝mg，故兩個(gè)拉力的合力一定在角平分線上，且在豎直線上，故兩個(gè)拉力的夾角為120°，當(dāng)右側(cè)橡皮繩拉力變?yōu)榱銜r(shí)，左側(cè)橡皮繩拉力不變，重力也不變；由于三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，故左側(cè)橡皮繩拉力與重力的合力與右側(cè)橡皮繩斷開前的彈力反方向，大小等于mg,故加速度為g，沿原斷裂繩的方向斜向左下方。7.甲、乙兩物體都靜止在水平面上,質(zhì)量分別為m甲、m乙,與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ甲、μ乙.現(xiàn)用水平拉力F分別作用于兩物體，加速度a與拉力F的關(guān)系如圖，圖中b、－2c、－c為相應(yīng)坐標(biāo)值，重力加速度為g.由圖可知()A．μ甲＝eq\f（g,2c)；m甲＝eq\f(2c,b)B．μ甲＝eq\f(2c,g)；m甲＝eq\f（b，2c)C．m甲∶m乙＝1∶2，μ甲∶μ乙＝1∶2D．m甲∶m乙＝2∶1,μ甲∶μ乙＝1∶2解析:選B對(duì)質(zhì)量為m的物體受力分析，假定動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,根據(jù)牛頓第二定律，有：F－μmg＝ma，可得：a＝eq\f（F，m）－μg，故a與F關(guān)系圖像的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，故有m甲＝eq\f(b，2c），m乙＝eq\f（b，c)，即m甲∶m乙＝1∶2；圖像縱軸截距用－μg表示,故－μ甲g＝－2c,－μ乙g＝－c，即μ甲＝eq\f(2c,g）,μ乙＝eq\f（c，g），有μ甲∶μ乙＝2∶1，故B正確.8．“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。(1）在平衡小車與桌面之間摩擦力的過(guò)程中,打出了一條紙帶如圖乙所示。計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0。02s.從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離。該小車的加速度a＝________m/s2。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)（2）平衡摩擦力后，將5個(gè)相同的砝碼都放在小車上.掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個(gè)砝碼添加到砝碼盤中，測(cè)量小車的加速度.小車的加速度a與砝碼盤中砝碼總重力F的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表：砝碼盤中砝碼總重力F/N0.1960.3920。5880.7840.980加速度a/（m·s－2）0。691。181.662。182.70請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出a。F的關(guān)系圖像。(3)根據(jù)提供的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的a-F圖線不通過(guò)原點(diǎn)。其主要原因是：________________________________________________________________________。解析:（1)a＝eq\f（Δx，T2）＝eq\f（3.68－3。52×10－2,0。12)m/s2＝0.16m/s2或a＝eq\f（Δx，T2)＝eq\f(3。83－3.68×10－2,0。12)m/s2＝0.15m/s2。(2)a。F的關(guān)系圖像如圖所示.（3)小車、砝碼盤和砝碼組成的系統(tǒng)所受合外力為砝碼盤和盤中砝碼的總重力，而表中數(shù)據(jù)漏記了砝碼盤的重力，導(dǎo)致合力F的測(cè)量值小于真實(shí)值，a-F的圖線不過(guò)原點(diǎn)。答案:(1)0.16(或0.15)(2）見(jiàn)解析圖(3)未計(jì)入砝碼盤的重力9?！澳愕目爝f即將從天而降！”2018年11月15日,京東獲得了全球首個(gè)省域無(wú)人機(jī)物流許可證,預(yù)示無(wú)人機(jī)配送物流時(shí)代即將到來(lái).如圖所示，在一次載貨測(cè)試中,一架質(zhì)量為1kg的無(wú)人機(jī),下方固定一個(gè)質(zhì)量為0.5kg的配送箱，箱中放有一個(gè)質(zhì)量為1。5kg的貨物，若無(wú)人機(jī)從地面以最大升力豎直起飛，6s內(nèi)上升了36m，假設(shè)無(wú)人機(jī)豎直飛行時(shí)所受阻力大小恒為6N.求：(g取10m/s2)(1)無(wú)人機(jī)提供的最大升力的大小；(2)此過(guò)程中貨物受到箱底的支持力的大??；(3)若6s末無(wú)人機(jī)升力變?yōu)?4N，無(wú)人機(jī)最高能上升到距地面的高度。解析：(1)在勻加速上升的過(guò)程中,有h＝eq\f(1,2）at2解得：a＝2m/s2根據(jù)牛頓第二定律可得:Fm－f－m總g＝m總a解得:Fm＝42N。（2）對(duì)貨物進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN－mg＝ma解得：FN＝18N。(3)若6s末無(wú)人機(jī)升力變?yōu)?4N，無(wú)人機(jī)開始減速上升，設(shè)加速度的大小為a1,根據(jù)牛頓第二定律可得m總g＋f－F＝m總a1解得：a1＝4m/s2t＝6s時(shí)的速度：v＝at＝12m/s勻減速上升的距離h1＝eq\f（0－v2,－2a1）＝18m無(wú)人機(jī)最高能上升到距地面的高度H＝h1＋h＝54m。答案：（1）42N（2）18N（3)54mB級(jí)—選考提能10．［多選]總質(zhì)量為100kg的小車，在粗糙水平地面上從靜止開始運(yùn)動(dòng)，其速度—時(shí)間圖像如圖所示.已知在0~2s內(nèi)小車受到恒定水平拉力F＝1200N,2s后小車受到的拉力發(fā)生了變化，g取10m/s2，則（)A．t＝1s時(shí)小車的加速度為8m/s2B．0～18s內(nèi)小車行駛的平均速度約為10m/sC．小車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2D．14s后拉力的大小為200N解析：選AB前2s內(nèi)小車做勻加速運(yùn)動(dòng),由圖像的斜率可得小車的加速度a＝8m/s2，故選項(xiàng)A正確；由速度—時(shí)間圖線與橫坐標(biāo)軸圍成的面積即可計(jì)算出0～18s內(nèi)小車位移的大小，約為L(zhǎng)＝180m，所以平均速度約為eq\x\to(v)＝eq\f(L，t)＝10m/s，故選項(xiàng)B正確；對(duì)前2s內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律得F－μmg＝ma，解得μ＝0。4,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;14s后小車做勻速運(yùn)動(dòng),所以拉力F＝μmg＝400N，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.11．如圖所示，質(zhì)量分別為M和m的物塊由相同的材料制成，且M＞m，將它們用通過(guò)輕而光滑的定滑輪的細(xì)線連接(與M相連的細(xì)線水平)。如果按圖甲放置，則質(zhì)量為m的物塊剛好勻速下降。如果兩物塊互換位置(與m相連的細(xì)線水平)，如圖乙所示，則它們的共同加速度大小為（重力加速度為g)（)A.eq\f(Mg,M＋m) B.eq\f(M－mg,m）C。eq\f（M－mg,M） D．上述均不正確解析：選C兩物塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),根據(jù)平衡條件知，mg＝μMg；互換位置后，對(duì)兩物塊分別應(yīng)用牛頓第二定律得,Mg－F＝Ma,F－μmg＝ma，聯(lián)立解得a＝eq\f（Mg－μmg,M＋m)＝eq\f(M－mg，M),選項(xiàng)C正確.12．[多選]如圖所示，一固定桿與水平方向夾角θ＝30°，將一滑塊套在桿上，通過(guò)輕繩懸掛一個(gè)小球。滑塊與小球恰能一起沿桿向下勻速運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．滑塊與桿之間動(dòng)摩擦因數(shù)為0。5B．滑塊與桿之間動(dòng)摩擦因數(shù)為eq\f（\r(3）,3）C．當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí)輕繩對(duì)小球拉力斜向左上與水平方向成30°角D．當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí)輕繩對(duì)小球拉力斜向右上與水平方向成60°角解析:選BC由題意滑塊與小球恰能一起沿桿向下勻速運(yùn)動(dòng),把滑塊和小球作為一整體，可知mgsinθ＝μmgcosθ,所以μ＝tanθ＝eq\f(\r(3），3），故A錯(cuò)，B對(duì).當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí),以整體為研究對(duì)象可知加速度a＝gsinθ＋μgcosθ＝g設(shè)此時(shí)繩子與水平方向的夾角為α,繩子的拉力為T，對(duì)小球由牛頓第二定律在水平方向上：Tcosα＝macos30°在豎直方向上：mg－Tsinα＝masin30°解得α＝30°由于加速度沿斜面向下，所以小球受到的合力也應(yīng)該沿斜面向下,所以拉力的方向應(yīng)該斜向左上與水平方向成30°角,故C對(duì)D錯(cuò)。13．如圖甲所示,傾斜的傳送帶正以恒定速率v1沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶的傾角為37°。一物塊以初速度v0從傳送帶的底部沖上傳送帶并沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的v.t圖像如圖乙所示，物塊到傳送帶頂端時(shí)速度恰好為零,sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2，則()A．由圖乙可知,0～1s內(nèi)物塊受到的摩擦力大于1～2s內(nèi)的摩擦力B．摩擦力方向一直與物塊運(yùn)動(dòng)的方向相反C．物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為eq\f(1，4)D．傳送帶底端到頂端的距離為11m解析：選C由題圖乙可知在0～1s內(nèi)物塊的速度大于傳送帶的速度，物塊所受摩擦力的方向沿斜面向下，與物塊運(yùn)動(dòng)的方向相反;1~2s內(nèi),物塊的速度小于傳送帶的速度，物塊所受摩擦力的方向沿斜面向上，與物塊運(yùn)動(dòng)的方向相同,由于物塊對(duì)傳送帶的壓力相等，根據(jù)摩擦力公式Ff＝μFN可知兩段時(shí)間內(nèi)摩擦力大小相等，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；在0~1s內(nèi)物塊的加速度大小為a＝eq\f(Δv,Δt）＝eq\f(4－12，1)m/s2＝－8m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：－（mgsin37°＋μmgcos37°）＝ma，解得μ＝eq\f（1，4),故C正確；物塊上升的位移大小等于v。t圖像所包圍的面積大小，為：x＝eq\f（4＋12,2）×1m＋eq\f（4×1，2）m＝10m,所以傳送帶底端到頂端的距離為10m，故D錯(cuò)誤.14．如圖所示,質(zhì)量m＝1.0kg的物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）放在質(zhì)量M＝4.0kg的木板的右端,木板長(zhǎng)L＝2。5m。開始木板靜止放在水平地面上，物塊與木板及木板與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.2?，F(xiàn)對(duì)木板施加一水平向右的恒力F＝40N,若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)空氣阻力,g＝10m/s2.則物塊在木板上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(）A．物塊與木板以相同的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)B．木板的加速度大小為5.6m/s2C．物塊的最大速度大小為4.0m/sD．物塊到達(dá)木板左端時(shí)木板前進(jìn)的位移大小為3。5m解析：選D物塊與木板恰好相對(duì)滑動(dòng)時(shí)物塊的加速度：a臨＝eq\f(μmg,m）＝μg＝2m/s2，拉力的臨界值：F臨－μ(M＋m）g＝(M＋m）a臨,解得F臨＝20N<F＝40N,物塊與木板相對(duì)滑動(dòng)，不可能以相同的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；木板的加速度：a木板＝eq\f(F－μmg－μM＋mg,M）＝eq\f（40－0。2×1×10－0。2×1＋4×10，4）m/s2＝7m/s2，故B錯(cuò)誤；物塊的加速度：a物塊＝eq\f(μmg，m)＝μg＝2m/s2,經(jīng)過(guò)時(shí)間t物塊從木板上滑落,則：L＝eq\f（1，2)a木板t2－eq\f（1,2）a物塊t2，代入數(shù)據(jù)解得：t＝1s，此時(shí)物塊的速度最大為：v＝a物塊t＝2×1m/s＝2m/s，故C錯(cuò)誤;物塊到達(dá)木板左端時(shí)木板前進(jìn)的位移大?。簒木板＝eq\f（1,2）a木板t2＝eq\f（1，2)×7×12m＝3.5m,故D正確。15．如圖所示,某同學(xué)利用圖示裝置做“探究加速度與物體所受合力的關(guān)系"的實(shí)驗(yàn)。在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩個(gè)光電門1、2，滑塊上固定一遮光條,滑塊通過(guò)繞過(guò)兩個(gè)滑輪的細(xì)繩與彈簧測(cè)力計(jì)相連，實(shí)驗(yàn)時(shí)改變鉤碼的質(zhì)量，讀出彈簧測(cè)力計(jì)的不同示數(shù)F，不計(jì)細(xì)繩與滑輪之間的摩擦力。(1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖,本實(shí)驗(yàn)________(填“需要"或“不需要”）將帶滑輪的氣墊導(dǎo)軌右端墊高，以平衡摩擦力；實(shí)驗(yàn)中________（填“一定要”或“不必要”）保證鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量；實(shí)驗(yàn)中________(填“一定要"或“不必要”）用天平測(cè)出所掛鉤碼的質(zhì)量；滑塊(含遮光條）的加速度________(填“大于”“等于”或“小于”）鉤碼的加速度。(2)某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，未掛細(xì)繩和鉤碼接通氣源，推一下滑塊使其從軌道右端向左運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)遮光條通過(guò)光電門2的時(shí)間大于通過(guò)光電門1的時(shí)間,該同學(xué)疏忽大意，未采取措施調(diào)節(jié)導(dǎo)軌，繼續(xù)進(jìn)行其他實(shí)驗(yàn)步驟(其他實(shí)驗(yàn)步驟沒(méi)有失誤），則該同學(xué)作出的滑塊(含遮光條）加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)拉力F的圖像可能是__________(填圖像下方的字母）。(3）若該同學(xué)作出的a。F圖像中圖線的斜率為k,則滑塊（含遮光條)的質(zhì)量為________。解析:(1)此實(shí)驗(yàn)用氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌水平時(shí)滑塊與導(dǎo)軌之間沒(méi)摩擦力，所以不需要墊高導(dǎo)軌的一端平衡摩擦力；滑塊受到的拉力可以用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，故不需要滿足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量，也不需要用天平測(cè)出所掛鉤碼的質(zhì)量；因鉤碼掛在動(dòng)滑輪上，則滑塊的加速度等于鉤碼加速度的2倍，即滑塊（含遮光條)的加速度大于鉤碼的加速度。(2)遮光條通過(guò)光電門2的時(shí)間大于通過(guò)光電門1的時(shí)間，說(shuō)明滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌的左端偏高，則加外力時(shí)，需達(dá)到一定的值才能使滑塊加速運(yùn)動(dòng)，則作出的滑塊(含遮光條）加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)拉力F的圖像可能是C。（3）根據(jù)a＝eq\f（1,M）F，則eq\f（1,M)＝k，解得M＝eq\f（1，k）.答案：（1）不需要不必要不必要大于(2）C(3）eq\f(1,k）16．風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室中可產(chǎn)生水平方向的、大小可調(diào)節(jié)的風(fēng)力?，F(xiàn)將一套有小球的細(xì)直桿放入風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室,小球孔徑略大于細(xì)桿直徑，如圖所示。(1)當(dāng)桿在水平方向上固定時(shí)，調(diào)節(jié)風(fēng)力的大小，使小球在桿上做勻速運(yùn)動(dòng)，這時(shí)小球所受的風(fēng)力為小球所受重力的0.5倍，求小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù).（2）保持小球所受風(fēng)力不變，使桿與水平方向間夾角為37°并固定,則小球由靜止出發(fā)在細(xì)桿上滑下距離15m所需時(shí)間為多少?（sin37°＝0.6,cos37°＝0.8,g取10m/s2)解析：（1）設(shè)小球所受的風(fēng)力為F，小球質(zhì)量為m；則F＝μmg故有：μ＝eq\f(0。5mg,mg)＝0.5即小球與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0。5。（2）對(duì)小球受力分析，設(shè)桿對(duì)小球的支持力為N，摩擦力為f，沿桿方向有：Fcos37°＋mgsin37°－f＝ma垂直于桿方向有：N＋Fsin37°－mgcos37°＝0其中：f＝μN(yùn)代入數(shù)據(jù)解得a＝7。5m/s2根據(jù)x＝eq\f(1,2)at2所以有：t＝eq\r（\f(2x,a））＝eq\r(\f(2×15，7.5)）s＝2s。答案:(1)0.5（2）2s17．如圖所示，傾角θ＝30°的光滑斜面的下端有一水平傳送帶，斜面和傳送帶相接處有一小段光滑圓弧，物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，無(wú)論是從