貴州省六盤水市2021-2022學(xué)年高二下學(xué)期期末質(zhì)量監(jiān)測物理試題（ 含答案解析 ）

第22頁/共22頁六盤水市2021-2022學(xué)年度第二學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測高二年級物理試題卷一、選擇題（共12題，每題4分，共48分.其中，第1～8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，第9～12題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求，每題完全選對得4分、選對不全得2分、有錯(cuò)選或不選得0分.）1.物理學(xué)家通過對實(shí)驗(yàn)的深入觀察和研究，獲得正確的科學(xué)認(rèn)知，推動(dòng)物理學(xué)的發(fā)展，下列說法符合事實(shí)的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并通過扭秤實(shí)驗(yàn)測定了萬有引力常數(shù)B.法拉第經(jīng)過多年對電與磁問題的實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象C.阿拉果通過對其圓盤實(shí)驗(yàn)的深入研究，制造出世界上第一臺發(fā)電機(jī)D.伽利略通過對其斜面實(shí)驗(yàn)的深入研究，提出了慣性定律【答案】B【解析】【詳解】A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測定了萬有引力常數(shù)，A錯(cuò)誤；B.法拉第經(jīng)過多年對電與磁問題的實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，B正確；C．法拉第通過對其圓盤實(shí)驗(yàn)的深入研究，制造出世界上第一臺發(fā)電機(jī)，C錯(cuò)誤；D.牛頓通過對其斜面實(shí)驗(yàn)的深入研究，提出了慣性定律，D錯(cuò)誤；故選B。2.如圖所示，升降式畫架由靠架、水平橫檔、后支桿組成，可通過調(diào)節(jié)后支桿的卡位來調(diào)節(jié)畫板角度，某同學(xué)將畫板放在畫架上，為了獲得更好的舒適度，通過調(diào)節(jié)卡位使后支桿和靠架之間的夾角增大，畫板在水平橫檔和靠架作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（）A.畫板受到重力、水平橫檔的支持力、靠架的支持力、摩擦力B.水平橫檔對畫板的支持力變大C.靠架對畫板的支持力變小D.畫架對畫板的作用力保持不變【答案】D【解析】【詳解】A．畫板受到重力、水平橫檔的支持力、靠架的支持力的情形下能夠保持平衡，此時(shí)不受到摩擦力，如圖所示故A錯(cuò)誤；B．設(shè)畫板與豎直方向夾角為，根據(jù)平衡條件有通過調(diào)節(jié)卡位使后支桿和靠架之間的夾角增大，增大，水平橫檔對畫板的支持力N減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)平衡條件有通過調(diào)節(jié)卡位使后支桿和靠架之間的夾角增大，增大，靠架對畫板的支持力變大，故C錯(cuò)誤；D．畫架對畫板的作用力和重力大小相等方向相反，故保持不變，故D正確。故選D。3.動(dòng)車在水平地面上啟動(dòng)過程中，置于水平小桌板上水杯中的水面與水平面之間的夾角為θ，如圖所示。假設(shè)水杯和水的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，那么（）A.動(dòng)車啟動(dòng)方向向左 B.動(dòng)車啟動(dòng)過程中其加速度為gsinθC.水杯中的水所受的合外力為零 D.小桌板對水杯的摩擦力為mgcosθ【答案】A【解析】【詳解】B．在傾斜水平上取一小水滴，對其進(jìn)行受力分析如圖所示可知其加速度方向向左，根據(jù)牛頓第二定律有解得可知，動(dòng)車啟動(dòng)過程中其加速度為，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)上述水杯中的水存在水平向左的加速度，則水杯中的水所受的合外力不為零，C錯(cuò)誤；A．由于動(dòng)車在啟動(dòng)過程，即動(dòng)車在做加速運(yùn)動(dòng)，其速度與加速度方向相同，則動(dòng)車啟動(dòng)的方向向左，A正確；D．對水杯進(jìn)行分析，可知D錯(cuò)誤。故選A。4.2018年5月21日，我國發(fā)射世界首顆運(yùn)行于地-月拉格朗日L2點(diǎn)（簡稱：DY-L2點(diǎn)）的通信衛(wèi)星一地-月中繼衛(wèi)星“鵲橋”，由于月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期與月球自轉(zhuǎn)的周期相同，所以月球有一面即月球背面總背對著地球，著陸在月球背面的探測器會受到月球自身遮擋，無法直接與地球進(jìn)行測控通信和數(shù)據(jù)傳輸。因此，地一月中繼衛(wèi)星“鵲橋”解決了著陸月球背面的探測器對地通信“不在服務(wù)區(qū)”的問題?！谤o橋”中繼衛(wèi)星與地球和月球之間的相對位置及運(yùn)行軌道如圖所示，關(guān)于“鵲橋”中繼衛(wèi)星的發(fā)射速度正確的是（）A.v<7.9km/s B.7.9km/s≤v<11.2km/sC.11.2km/s≤v<16.7km/s D.v≥16.7km/s【答案】B【解析】【詳解】第一宇宙速度為7.9km/s，第二宇宙速度為11.2km/s，“鵲橋”運(yùn)行于地-月拉格朗日L2點(diǎn)，發(fā)射速度7.9km/s≤v<11.2km/s故選B。5.如圖所示，將兩根原長為L的相同輕質(zhì)橡皮筋，共同拴住一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，然后水平固定在相距為2L的兩根豎直桿上。初始時(shí)，用手托住小球，使兩根橡皮筋均保持原長并處于水平位置，若橡皮筋伸長滿足胡克定律，且勁度系數(shù)均為。突然放手，讓小球從靜止開始下落，當(dāng)小球下落高度為L時(shí)其加速度大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)小球下落高度為L時(shí)，設(shè)繩子與水平方向的夾角為，則有解得此時(shí)橡皮筋對小球的拉力為小球受到兩個(gè)拉力與重力，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故選A。6.抽陀螺又稱鞭陀螺，是一種歷史悠久的民間傳統(tǒng)游戲.近年來，抽陀螺更是成為中老年人的主要健身運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。如圖所示，用鞭繩抽動(dòng)陀螺，使陀螺在比較光滑的水平面上由慢到快，一邊繞中心軸旋轉(zhuǎn)一邊沿弧線移動(dòng)，當(dāng)轉(zhuǎn)速增加到一定程度后停止用鞭繩抽動(dòng)，這時(shí)陀螺即在某一定點(diǎn)繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，轉(zhuǎn)速可達(dá)100r/s，則此時(shí)距陀螺中心軸3cm處的線速度約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，距陀螺中心軸3cm處的旋轉(zhuǎn)半徑為根據(jù)公式可得，距陀螺中心軸3cm處線速度約為故選C。7.如圖所示，小孩和大人在玩“套圈圈”游戲，從同一豎直線上的不同高度先后水平拋出小圓環(huán)，且小圓環(huán)都恰好套中前方同一個(gè)物體，假設(shè)小圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，則（）.A.小孩拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短B.小孩拋出的圓環(huán)初速度較小C.兩人拋出的圓環(huán)落地速度相同D.兩人拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的位移相同【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)可得因小孩拋出的高度較小，則小孩拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，選項(xiàng)A正確；B．根據(jù)水平位移相等，則小孩拋出的圓環(huán)初速度較大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)小孩拋出時(shí)的水平速度大，時(shí)間短，則無法比較兩人拋出的圓環(huán)落地的速度關(guān)系，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．兩人拋出的圓環(huán)水平位移相同，豎直位移不同，則運(yùn)動(dòng)的位移不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A8.如圖所示，均勻帶負(fù)電的矩形薄板處在勻強(qiáng)電場中，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為E，方向與薄板垂直，薄板中心O處有一小圓孔，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子僅在電場力作用下沿電場方向從左向右穿過薄板，途中經(jīng)過關(guān)于薄板中心O點(diǎn)對稱的A、B兩點(diǎn)。若A、B兩點(diǎn)到O點(diǎn)的距離均為d，帶電粒子經(jīng)過A時(shí)速度為v，帶電粒子和勻強(qiáng)電場對薄板電荷分布的影響可以忽略，那么（）A.粒子由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中電場力做功為零B.粒子由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中一直做勻加速運(yùn)動(dòng)C.粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為D.粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為【答案】C【解析】【詳解】B．依題意，根據(jù)對稱性及場強(qiáng)疊加原理，可知均勻帶負(fù)電的矩形薄板在直線AB上產(chǎn)生的場強(qiáng)關(guān)于O點(diǎn)大小相等，方向相反，則根據(jù)矢量疊加原理可知在AB直線上關(guān)于O點(diǎn)對稱點(diǎn)的合場強(qiáng)，左邊大于右邊，故粒子由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，電場力是變化的，粒子不可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；ACD．由于均勻帶負(fù)電的矩形薄板在直線AB上產(chǎn)生的場強(qiáng)關(guān)于O點(diǎn)大小相等，方向相反，則粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，矩形薄板產(chǎn)生的電場對電荷所做的功代數(shù)和為零，則合電場力做的功等于勻強(qiáng)電場電場力做的功，有求得粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為故C正確，AD錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，電荷量為q的等量異種點(diǎn)電荷，固定于邊長為a的正三角形3個(gè)頂點(diǎn)上，點(diǎn)為該正三角形內(nèi)切圓的圓心，P、Q、M分別是三個(gè)切點(diǎn)。若k為靜電力常量，那么（）A.點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為，方向與由點(diǎn)指向的方向相同B.點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為，方向與由點(diǎn)指向的方向相同C.若無限遠(yuǎn)電勢為0，則Q點(diǎn)和M點(diǎn)電勢相等，且D.若無限遠(yuǎn)電勢為0，則Q點(diǎn)和M點(diǎn)電勢相等，且【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可得，三個(gè)頂點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可得，三個(gè)頂點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等為三個(gè)頂點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場，如圖所示由電場的疊加原理可得，點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為方向與由點(diǎn)指向的方向相同，故A正確；B．根據(jù)題意可知，兩個(gè)在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場的電場強(qiáng)度的矢量和為0，則點(diǎn)電場強(qiáng)度為在此處產(chǎn)生的電場，由公式可得電場強(qiáng)度的大小為方向與由點(diǎn)指向的方向相反，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，由對稱性可知，Q點(diǎn)和M點(diǎn)電勢相等，若無限遠(yuǎn)電勢為0，則兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在M點(diǎn)的電勢為0，剩余正電荷在M點(diǎn)的電勢大于0，則有故D錯(cuò)誤C正確。故選AC。10.電磁爐幾乎是每個(gè)家庭不可或缺的炊具。某校物理科技小組為了研究電磁爐的工作性能，將平底不銹鋼碗（盛有適量的水）、薄木板、絕緣銅導(dǎo)線繞制的一定匝數(shù)的線圈（直徑約1.5cm）依次由下向上疊放在電磁爐的面板上，如圖（a）所示，將一示波器與線圈的輸出端A、B相連接，啟動(dòng)電磁爐后，正確合理地調(diào)節(jié)示波器，其顯示屏上呈現(xiàn)出如圖（b）所示的電壓本征信號。這說明（）A.電磁爐工作過程中有明顯的漏磁現(xiàn)象B.線圈中的磁通量按正弦規(guī)律變化C.線圈輸出端的電壓變化規(guī)律跟照明電路的電壓變化規(guī)律相類似D.只要線圈匝數(shù)足夠多，其輸出端就可以獲得任意高的輸出電壓【答案】ABC【解析】【詳解】A．由圖（b）可知，線圈的輸出端A、B間有電壓，根據(jù)電磁感應(yīng)線圈中存在變化的磁場，說明電磁爐面板上方有磁場存在，A正確；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢與磁通量變化率成正比，由圖（b），線圈輸出電壓按正弦規(guī)律變化，所以線圈中的磁通量按正弦規(guī)律變化，B正確；C．照明電路的電壓變化規(guī)律為正弦交變電流，與圖（b）顯示規(guī)律相似，C正確；D．線圈有電阻，根據(jù)電阻定律，相同條件下，電阻大小與長度成正比。線圈匝數(shù)多，線圈長度就越長，線圈電阻就越大，損失電能越多，所以不能獲得任意高的輸出電壓，D錯(cuò)誤。故選ABC。11.如圖（a）所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，為熱敏電阻，其電阻隨溫度升高而減小，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。當(dāng)原線圈接如圖（b）所示的正弦交流電時(shí)，下列說法正確的是（）A.副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.RT處溫度升高時(shí)，電流表示數(shù)增大C.RT處溫度升高時(shí)，兩只電壓表的示數(shù)均保持不變D.RT處溫度降低時(shí)，變壓器原線圈的輸入功率增大【答案】ABC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，由圖（b）可知，原線圈所接交流電電壓的最大值為，周期為，則理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，則副線圈中電壓的最大值為周期和頻率與原線圈相同，則副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為故A正確；BC．RT處溫度升高時(shí)，RT的阻值變小，原副線圈的匝數(shù)比不變，原線圈輸入電壓不變，則兩只電壓表的示數(shù)均保持不變，電流表的示數(shù)變大，故BC正確；D．RT處溫度降低時(shí)，RT的阻值變大，電流表示數(shù)變小，原線圈電流變小，原線圈電壓不變，則變壓器原線圈的輸入功率減小，故D錯(cuò)誤。故選ABC。12.如圖所示，是某一種測量電壓表內(nèi)電阻的電路，其中為電阻箱，為滑動(dòng)變阻器。利用這一電路測量電壓表內(nèi)電阻時(shí)，要求。連好電路后，閉合S，先將調(diào)到0，然后調(diào)節(jié)，使電壓表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度；保持滑片位置不變，再調(diào)節(jié)，使電壓表指針指在滿刻度的處，若此時(shí)的讀數(shù)為。那么（）A.電壓表內(nèi)電阻的測量值約為B.電壓表內(nèi)電阻的測量值約為C.電壓表內(nèi)電阻的測量值略小于其真實(shí)值D.電壓表內(nèi)電阻的測量值略大于其真實(shí)值【答案】BD【解析】【詳解】AB．由于，保持滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱阻值時(shí)，可認(rèn)為電壓表和電阻箱串聯(lián)支路的總電壓保持不變；先將調(diào)到0，然后調(diào)節(jié)，使電壓表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度；保持滑片位置不變，再調(diào)節(jié)，電壓表指針指在滿刻度的處，此時(shí)的讀數(shù)為，設(shè)電壓表內(nèi)阻為，則有解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．將電阻箱從0調(diào)節(jié)到時(shí)，實(shí)際上電壓表和電阻箱串聯(lián)支路的總電壓會變大，則有可得可知電壓表內(nèi)電阻的測量值略大于其真實(shí)值，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。二、非選擇題（共52分.其中，第13～16題為必考題，每題都必須作答；第17、18題為選考題，選擇其中任意一題作答.）（一）必考題：共40分13.如圖所示是水平氣墊導(dǎo)軌上的滑塊“1”和滑塊“2”做同向追擊運(yùn)動(dòng)碰撞前后兩遮光條的頻閃照片，圖中尺寸與實(shí)際裝置的尺寸一致。已知滑塊“1”的質(zhì)量為200g，滑塊“2”的質(zhì)量為100g，頻閃周期為0.1s。用毫米刻度尺測量出必要的數(shù)據(jù)，計(jì)算出兩滑塊碰撞前的總動(dòng)量p前=___________kg·cm/s、碰撞后的總動(dòng)量p后=___________kg·cm/s（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）。比較p前和p后，在誤差允許的范圍內(nèi)，可認(rèn)為兩滑塊碰撞過程中系統(tǒng)的總動(dòng)量__________（選填“守恒”或“不守恒”）?！敬鸢浮竣?②.③.守恒【解析】【詳解】[1]通過測量可得碰撞前滑塊“1”的相鄰頻閃寬度為，滑塊“2”的相鄰頻閃寬度為，可得碰撞前滑塊“1”和滑塊“2”的速度分別為，得碰撞前總動(dòng)量為[2][3]同樣測量可得碰撞后滑塊“1”的相鄰頻閃寬度為，滑塊“2”的相鄰頻閃寬度為，可得碰撞后滑塊“1”和滑塊“2”的速度分別為，得碰撞后總動(dòng)量為所以比較p前和p后，在誤差允許的范圍內(nèi)有可認(rèn)為兩滑塊碰撞過程中系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒。14.現(xiàn)在生產(chǎn)出廠的干電池，其實(shí)際電動(dòng)勢往往比標(biāo)稱值大一些，而內(nèi)電阻通常都很小。有老師用如圖（a）所示的電路測量一節(jié)使用不久的某品牌干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻，正確連接電路后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到電流表和電壓表的幾組對應(yīng)讀數(shù)，并將這些讀數(shù)值標(biāo)在預(yù)先設(shè)計(jì)好的坐標(biāo)中，如圖（b）所示。（1）根據(jù)圖（b）中標(biāo)出電流值、電壓值的對應(yīng)點(diǎn)，在該圖中作出相應(yīng)的伏安特性曲線；________；（2）若圖（a）中的定值電阻，那么，結(jié)合圖（b）可得到所測電池的電動(dòng)勢E=__________V，內(nèi)電阻r=__________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）圖（a）電路中的定值電阻R0有什么作用？________【答案】①.②.1.7③.0.33④.保護(hù)電路【解析】【詳解】（1）[1]連線如圖所示（2）[2][3]根據(jù)電路圖可知?jiǎng)t則圖像斜率解得將，代入解得（3）[4]定值電阻在電路中的作用是保護(hù)電路，防止電流過大，燒壞電路。15.如圖所示，放射源盒子A內(nèi)靜止的氡核經(jīng)過一次衰變生成釙核，衰變后的粒子以的速率，從小孔B進(jìn)入電壓為加速電場，從加速電揚(yáng)射出的粒子隨后又進(jìn)入半徑為的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，該區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向垂直紙面向里，圓形磁場右邊有一豎直熒光屏與之相切，熒光屏的中心點(diǎn)M和圓形磁場的圓心O及小孔B在同一條直線上，粒子的比荷為，重力不計(jì)。（1）寫出題干所述的衰變方程；（2）求粒子進(jìn)入磁場的速度；（3）若粒子打在熒光屏上的P點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），求PM的距離?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知衰變方程為（2）設(shè)粒子進(jìn)入磁場的速率為，根據(jù)動(dòng)能定理可得代入已知數(shù)據(jù)求得（3）設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，根據(jù)牛頓第二定律有解得粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系有解得所以可得由幾何知識可得得16.一種彈射游戲裝置由安裝在光滑水平軌道AB上的固定彈射器、光滑圓弧軌道BC和DE、斜軌道CD及接盤MN組成，如圖所示.其中B、C、D分別為圓弧軌道與直軌道的切點(diǎn)，E為最高點(diǎn)，M、N、O2等高，兩個(gè)質(zhì)量均為m=0.2kg的物塊1、2（均可視為質(zhì)點(diǎn)）。釋放彈簧，彈射器將彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為物塊1的動(dòng)能，之后物塊1與靜止在B點(diǎn)的物塊2發(fā)生彈性碰撞（碰撞作用時(shí)間極短），碰后物塊2若能順利經(jīng)E點(diǎn)后落入接盤，則視為游戲成功.已知兩圓弧半徑均為R=0.5m，BC的圓心角為37°，CD長5R，物塊2與斜軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.125，MN=NO2=R，整個(gè)裝置處于同一豎直平面內(nèi)，忽略空氣阻力。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）若某次游戲，物塊2恰能通過E點(diǎn)，求其經(jīng)過E點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）若某次游戲，彈簧的彈性勢能為6J，求兩物塊碰后物塊2在B點(diǎn)對軌道的壓力；（3）若要游戲成功，求彈簧彈性勢能EP的取值范圍?！敬鸢浮浚?）；（2）26N；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)經(jīng)過最高點(diǎn)E點(diǎn)時(shí)的速度為，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得（2）釋放彈簧，彈射器將彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為物塊1的動(dòng)能,且水平軌道AB光滑，則物塊1與物塊2碰撞前由可得撞前物塊1的速度為物塊1與靜止在B點(diǎn)的物塊2發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律有由能量守恒定律有代入數(shù)據(jù)解得，可知兩物塊質(zhì)量相等，發(fā)生彈性碰撞時(shí)速度交換，設(shè)物塊2在B點(diǎn)對軌道的壓力,由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得（3）物塊2若能順利經(jīng)E點(diǎn)后落入接盤，則視為游戲成功，則彈簧彈性勢能最小，則落入接盤N點(diǎn)，由E點(diǎn)到N點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)E點(diǎn)的速度為，有豎直方向水平方向代入數(shù)據(jù)解得由上一問可知兩物塊質(zhì)量相等，發(fā)生彈性碰撞時(shí)速度交換，則位置A到位置E由能量守恒定律有物塊2若能順利經(jīng)E點(diǎn)后落入接盤M點(diǎn)，則彈簧彈性勢能最大，由E點(diǎn)到M點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)E點(diǎn)的速度為，有豎直方向水平方向代入數(shù)據(jù)解得則位置A到位置E由能量守恒定律有則彈簧彈性勢能（二）選考題：共12分.從17、18題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分.17.下列說法正確的有（）A.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力就減小，分子勢能就增大B.第二類永動(dòng)機(jī)沒有違背能量守恒定律和熱力學(xué)第一定律C.具有各向同性物理性質(zhì)的物質(zhì)不一定都是晶體D.隨著科學(xué)技術(shù)的不斷進(jìn)步，熱機(jī)效率可望達(dá)到100%E.一切不可逆過程總是沿著大量分子熱運(yùn)動(dòng)無序程度增大的方向進(jìn)行【答案】BCE【解析】【詳解】A．從平衡位置開始，當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子間作用力先增大后減小，分子力做負(fù)功，分子勢能增大，故A錯(cuò)誤；B．第二類永動(dòng)機(jī)沒有違背能量守恒定律和熱力學(xué)第一定律，而是違反了熱力學(xué)第二定律，故B正確；C．所有非晶體的物理性質(zhì)都為各向同性，晶體分為單晶體與多晶體，單晶體為各向異性，多晶體為各向同性，故C正確；D．熱機(jī)效率不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤；E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律，一切不可逆過程總是沿著大量分子熱運(yùn)動(dòng)無序程度增大的方向進(jìn)行，故E正確。故選BCE。18.一定質(zhì)量的理想氣體緩慢地經(jīng)過一個(gè)逆時(shí)針循環(huán)過程，在圖中這一循環(huán)過程是一個(gè)橢圓，點(diǎn)為該橢圓中心，如圖所示。試求：（1）此氣體若處在與橢圓中心點(diǎn)所對應(yīng)的狀態(tài)時(shí)，其溫度為，那么，該氣體經(jīng)過循環(huán)過程中橢圓上的A點(diǎn)時(shí)，其溫度是多少？（2）這一循環(huán)過程是吸熱過程還是放熱過程？吸收或放出的熱量是多少？（提示：橢圓面積公式，其中a、b分別是橢圓的半長軸和半短軸，取3.14）【答案】（1）450K；（2）見解析【解析】【詳解】（1）氣體處在點(diǎn)所對應(yīng)的狀態(tài)與處在A點(diǎn)所對應(yīng)的狀態(tài)的體積相等，根據(jù)理想氣體定律可得解得（2）該循環(huán)過程假設(shè)從A循環(huán)到A，初、末狀態(tài)溫度相同，即內(nèi)能相同，由熱力學(xué)第一定律可得根據(jù)圖像與橫軸圍