中考物理三模試卷含解析11

2016年河北省石家莊43中中考物理三模試卷一、選擇題TOC\o"1-5"\h\z.下列估測中，最接近實際的是（）A.一個籃球的質量約為2kgB.人跳繩的功率一般為300WC.課本每張紙的厚度約750科mD.考場內(nèi)一盞日光燈正常發(fā)光時的電流約為0.2A2.下列有關物理學史的說法正確的是（）A.牛頓第一定律是伽利略總結牛頓等人的研究結果得出的B.阿基米德不僅在浮力研究方面有很大的貢獻，也發(fā)現(xiàn)了杠桿的平衡原理C.焦耳發(fā)現(xiàn)了同一段導體中的電流跟電壓和電阻之間的定量關系D.法拉第電磁感應實驗表明，電流的周圍存在磁場3.下列說法正確的是（）A.B超檢查身體是利用聲傳遞能量B.電視遙控器是利用超聲波來控制電視機的C.使用隔音板是在傳播過程中減弱噪聲D.微波爐是利用次聲波加熱食物的4.有關熱和能的知識下列說法正確的是（）A.物體具有的內(nèi)能多，放出的熱量一定多B.冰箱的制冷物質在冷凝器中吸熱C.溫度相等的物體內(nèi)能也一定相同D.做功和熱傳遞改變物體內(nèi)能的效果是相同的5.在“探究凸透鏡成像的規(guī)律”實驗中，小明先將蠟燭、凸透鏡、光屏正確安放在光具座上，移動的如圖所示位置時在光屏上成清晰的像，下列說法不正確的是（）6.26.2次清晰的像，一次等大，一次放大此時光屏成像是倒立縮小實像，與照相機的原理相同，取走光屏燭焰還能成像凸透鏡焦距在6cm到12cm之間在凸透鏡和蠟燭之間放一個近視鏡向右移動光屏能再次出現(xiàn)燭焰清新的像保持蠟燭和光屏最初位置不變，向左移動凸透鏡，光屏上能再出現(xiàn)燭焰如圖所示，左圖是小電燈和巨磁電阻組成串聯(lián)電路，右圖是電磁鐵和滑動變阻器組成的串聯(lián)電路，閉合開關并使毛t片P向左移動，觀察到指示燈變亮，那么下列說法中正確的是（-aA.B.A.B.C.D.7.A.卜列說法中不正確的是（電磁鐵左端為S極電磁鐵的磁性增強巨磁電阻兩端的電壓變小電磁鐵是應用奧斯特實驗的原理制成的用手將排球加速拋出瞬間，手對排球的作用力大于排球對手的作用力

B.手提一桶水，手的壓痕是由于這桶水的重力引起的C.水平路面上行駛的汽車，關閉發(fā)動機后會停下來，是由于汽車具有慣性D.宇宙飛船的返回艙在返回地球進入大氣層的過程中，一部分機械能轉化為內(nèi)能.如圖所示，燈泡的電阻不變，且滑動變阻器的最大阻值大于燈的電阻，下列說法不正確的是（）A.先1^合S,再閉合S2時（滑動變阻器的阻值不變），電流表Ai示數(shù)不變，電流表A的示數(shù)變小B.當S、S都斷開，滑片P由a向b端移動時，電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)比值變大，電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積先增加后減少C.當S、&都斷開，滑片P向b端移動時，冬■變大rli1JD.當S、5都閉合，滑片P向b端移動時，電壓表V與電流表A的比值不變二、填空題（本大題共9個小題，24題3分，其它各小題每空1分，共31分）.在探究影響滑動摩擦力大小因素的實驗中，實驗裝置如圖所示，水平勻速拉動彈簧測力計實驗發(fā)現(xiàn)F1VF2VF3（1）分析甲、乙兩圖可得到的結論是：（2）圖丙中，用彈簧測力計拉著木塊和祛碼一起做勻速直線運動，祛碼摩擦力（選填“受”或“不變”）.-軟AF.“一ri-工―…:一少夫—千"=_■「：1fl匕曲.如圖所示，小明將一枚硬幣放在碗的底部，眼睛在A處恰好看不到它，小明看不到硬幣，這是因為現(xiàn)象；沿碗壁緩緩向碗中加水，小明在A處也能看到硬幣，這是由于光的現(xiàn)象形成的，請在圖中畫出光傳播的大致方向.VA3.如圖所示，體積為0.2dm3物體重為G=7.4N,若將它勻速從水中提起（不出水面），此時滑輪組的機械效率是%若在空氣中提升此物體，該滑輪組的機械效率將—（填“增大”、“減小”或“不變”）.如圖乙工人用滑輪組和竹筐將沙子提升到高處，工人提空筐上去時用力大小是60N,現(xiàn)將1080N的沙子提升到高處，裝置的機械效率是.（甲、乙兩裝置均不計繩重和軸處摩擦，g=10N/kg）A*W"甲乙.如圖所示，電源電壓恒為12V,定值電阻阻值為2a,閉合開關S,電動機電流的變化如圖乙，電動機線圈的電阻Q,電動機正常工作時的功率W電動機正常工作白^輸出功率W三、解答題(本大題共4個小題，第32題4分，33題6分，34、35題各7分).某學習小組利用如圖甲體驗“模擬引力”之后，進一步思考：繩子的拉力大小與什么因素有關？并提出了如下猜想：猜想A:與小球的質量大小有關；猜想B:與小球運動的快慢有關；猜想C:與繩子的長度有關.為了驗證猜想，學習小組進行了如圖乙所示實驗探究：用一根細繩子的一端栓住一個小球，用手抓住繩子的另一端，掄動細繩，讓小球在光滑水平面上做圓周運動.實驗中，用手感受繩子的拉力大小，做幾次實驗后，得到實驗數(shù)據(jù)如卜表:實驗次數(shù)小球的質里(g)運動的快慢繩子的長度(cm)繩子的拉力115慢10很小220慢10小320快10大(1)實驗中，在繩子拉力的作用下，小球在水平桌面上做勻速圓周運動，這一現(xiàn)象可說明繩子拉力的作用效果是(2)分析對比實驗次數(shù)1、2的數(shù)據(jù)，可以初步驗證猜想;分析對比實驗次數(shù)2、3的數(shù)據(jù)，可以初步得出的結論是：.(3)若把上述器材細繩換成有彈性的橡皮繩，橡皮繩比細繩的優(yōu)點或缺點是什么.小明想測量蘋果的密度，他將蘋果放入燒杯并逐漸向燒杯中加水，看到如圖所示的情景.(1)從B圖可以判斷蘋果的密度—(選填“大于”“小于”或“等于")水的密度.(2)B、C兩圖中，蘋果受到的浮力F浮bF浮c.(3)靳棟又拿來一個裝了水(水足夠多，密度用p水表示)的大量筒，水的體積為V1,借助這個量筒測出了蘋果的密度.①在C圖中，她輕輕取出蘋果，將量筒中的水倒入燒杯中，當燒杯中的水被填滿時，量筒中剩余水的體積為V2,則蘋果的質量表達式：m=②靳棟用針把蘋果完全壓入盛滿水的燒杯中，水從燒杯中溢出后，再取出蘋果，并繼續(xù)將量筒中的水倒入燒杯中，當燒杯中的水時，量筒中剩余水的體積為V3③蘋果密度的表達式p=.(4)實驗步驟①中，當燒杯中的水被填滿時，水對燒杯底部的壓強為P1,實驗步驟②中，用針把蘋果完全壓入盛滿水的燒杯中，穩(wěn)定后，水對燒杯底部的壓強為%口—P2.(填“>”、"="、“V”)15.在如圖甲所示的裝置中，甲、乙是兩個完全相同的密閉容器，密閉容器中兩個阻值分別為5a和10a的電阻組成一個串聯(lián)電路，閉合開關前，兩u形管內(nèi)液面相平，用這套裝置完成“談及電熱的大小與哪些因素有關”的實驗.(1)如圖甲通電后，若要比較電阻絲產(chǎn)生熱量的多少，只需比較與之相連的U型管中.

(2)如圖甲，通電后通過對比觀察，相同時間內(nèi)右容器中導體的電阻產(chǎn)生的熱量較多，由此得到的結論(3)要探究電熱與電流的關系，須控制相同，請在乙圖中用筆畫線完成電路的連接.(4)另一實驗小組用圖丙所示的裝置來完成本實驗.圖中兩個密封的燒瓶內(nèi)盛滿質量和溫度都相同的煤油，瓶中插有溫度計，兩瓶煤油中都浸泡著一段電阻絲，燒瓶A中的金屬絲的電阻為5Q,燒瓶B中的金屬絲的電阻為100Q,為了在較短的時間內(nèi)達到明顯的實驗效果，該實驗小組選用了煤油而不選用水，主要是由于.要研究電熱的多少與電流的關系，丙圖需要增加電源、開關、導線、還需器材是.(5)將圖丙裝置改裝后可測量煤油的比熱容.方法是：分別向兩個相同的燒杯中(內(nèi)部電阻絲阻值相同)加入初溫均為t。、質量相等的水和煤油，通電一段時間后，分別讀出溫度計的示數(shù)為t水、t煤油，請寫出煤油比熱容的表達式c煤油=(已知水的比熱容為c水)16.如圖是利用液壓起重機提升重物的示意圖，起重機工作過程中在幾個支腳次提升重物16.如圖是利用液壓起重機提升重物的示意圖，起重機工作過程中在幾個支腳次提升重物A的過程中，可繞D點自由轉動的吊臂BD始終保持水平方向，知起重機質量為7X103kg,支腳對地面的作用總面積S=0.25m2,CD=2m繩的質量，不計摩擦，g取10N/kg,亞=1.4,求：(1)起重機提升重物A的過程中，起重機對地面的壓強p；(2)吊臂BD水平平衡時，起重機柱塞E對吊臂BD的支持力F;(3)吊臂上升到B'D過程中，柱塞E做功WM的作用下使車輪離開水平地面，在某柱塞E始終與BD垂直且作用于吊臂的C點.已BD=8mm=3X103kg.忽略吊臂、滑輪、鋼絲17.如圖所示電路，電源電壓保持不變，燈L標有“6V'字樣，通過燈泡L的電阻的電流與電壓的關系如圖象所示，只閉合S3滑動變阻器的滑片在某一位置C阻值為Rc時，電流表的示數(shù)為0.8A,滑動變阻器的功率為R,只閉合Q時，用的功率為P2,已知Pc：P2=8：5;R：R=2:5,滑動變阻器的最大阻值25Q,電壓表量程(0-15V),電流表量程(0—3A)求：(1)小燈泡正常發(fā)光的電阻和額定功率；(2)電源的電壓和R的電阻；(3)通過開關的通斷和滑片的調(diào)節(jié)電路的最大功率和最小功率.2016年河北省石家莊43中中考物理三模試卷

參考答案與試題解析一、選擇題.下列估測中，最接近實際的是（）A.一個籃球的質量約為2kgB.人跳繩的功率一般為300WC.課本每張紙的厚度約750科mD.考場內(nèi)一盞日光燈正常發(fā)光時的電流約為0.2A【考點】質量的估測；長度的估測；功率的計算；電流的大小.【分析】估測法是利用物理概念、規(guī)律、物理常數(shù)和常識對物理量的數(shù)值、數(shù)量級進行快速計算以及對取值范圍合理估測的方法，這就要求同學們要學會從生活體驗中理解物理知識和物理規(guī)律，并且能將物理知識和物理規(guī)律用于對生活現(xiàn)象和生活常識的簡單解釋.【解答】解、A一個籃球的質量約為0.5kg,故A與實際不符；B、一名中學生的質量m=50kg;跳繩高度約為h=5cm=0.05m；時間t=1min=60s大于跳180個；則每次跳繩時克服重力做功：W=Gh=50kgX10N/kgx0.05m=25J;1min內(nèi)做功：W=Gh=mgnh=50kg10N/kgx180x0.05m=4500J,跳繩時克服重力做功的平均功率：P』~=4*J=75W故B不符合實際；t60sC課本每頁紙白^厚度約在0.075mm,估測750dm=0.75mm^厚，故C不符合實際；D家庭電路電壓U=220V,電視機功率約為P=40Vy因為P=UI,所以日光燈正常工作時的電流約為：=工=型L=0.2a故d符合實際.U220V故選D..下列有關物理學史的說法正確的是（）A.牛頓第一定律是伽利略總結牛頓等人的研究結果得出的B.阿基米德不僅在浮力研究方面有很大的貢獻，也發(fā)現(xiàn)了杠桿的平衡原理C.焦耳發(fā)現(xiàn)了同一段導體中的電流跟電壓和電阻之間的定量關系D.法拉第電磁感應實驗表明，電流的周圍存在磁場【考點】物理常識.【分析】根據(jù)對物理學家及其成就的掌握作答.【解答】解：A、牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人研究成果的基礎上總結得出的.故A正確；B、阿基米德是著名的學者、物理學家，分析了著名的阿基米德原理和杠桿平衡條件.故B正確；C德國物理學家歐姆經(jīng)過大量實驗發(fā)現(xiàn)了同一段導體中的電流跟電壓和電阻之間的定量關系，被命名為歐姆定律.故C錯誤；D法拉第電磁感應實驗表明，利用磁場可以獲得電流.故D錯誤.故選AB.下列說法正確的是（A.B超檢查身體是利用聲傳遞能量B.電視遙控器是利用超聲波來控制電視機的C.使用隔音板是在傳播過程中減弱噪聲D.微波爐是利用次聲波加熱食物的【考點】聲與信息；超聲波與次聲波；防治噪聲的途徑.【分析】(1)聲音能夠傳遞信息，也能夠傳遞能量；(2)電視遙控器是利用紅外線來控制電視的；(3)減弱噪聲的途徑有三種：在聲源處減弱噪聲；阻斷噪聲的傳播；在人耳處減弱噪聲；(4)微波爐利用微波加熱食物.【解答】解：A、B超就是利用超聲波檢查人體，利用的是聲音能夠傳遞信息的特點，故A錯誤;B、電視遙控器是利用紅外線來控制電視的，不是超聲波，故B錯誤；C道路兩旁建隔音板是為了阻斷噪聲的傳播，即在傳播過程中減弱噪聲，C說法正確；D微波爐利用微波加熱食物，其所用的彳股波屬于電磁波，不是次聲波，D說法錯誤.故選C..有關熱和能的知識下列說法正確的是()A.物體具有的內(nèi)能多，放出的熱量一定多B.冰箱的制冷物質在冷凝器中吸熱C.溫度相等的物體內(nèi)能也一定相同D.做功和熱傳遞改變物體內(nèi)能的效果是相同的【考點】溫度、熱量與內(nèi)能的關系；物體內(nèi)能的改變.【分析】(1)內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子熱運動的動能和分子勢能的總和，內(nèi)能與物體的溫度和質量有關；熱量是一個過程量，就是說必須有一個狀態(tài)到另一個狀態(tài)才能有熱量的變化；(2)冰箱里能夠制冷的過程，實際上就是將冰箱里面的內(nèi)能轉移到冰箱的外面的過程，分析出內(nèi)能是如何轉移的就得到此題的答案.(3)做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能.【解答】解：A、熱量是一個過程量，只有在熱傳遞過程中，才有熱量的吸收和放出，因此物體具有的內(nèi)能多，不能說放出的熱量一定多.故A錯誤；B、冰箱里面的制冷物質由這樣一個特點：既容易液化又容易汽化；制冷物質在冷凍室的蒸發(fā)器里面汽化吸收熱量，將熱帶走.攜帶有冰箱里面內(nèi)能的制冷液，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放熱，將熱放到空氣中，于是將冰箱內(nèi)部的內(nèi)能轉移到冰箱的外面，故B錯誤；C物體的內(nèi)能與物體質量、溫度、體積有關，溫度相同的物體內(nèi)能不一定相等，故C錯誤；D做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能，兩過程的本質不同，但改變物體內(nèi)能的效果相同，故D正確.故選D.5.在“探究凸透鏡成像的規(guī)律”實驗中，小明先將蠟燭、凸透鏡、光屏正確安放在光具座上，移動的如圖所示位置時在光屏上成清晰的像，下列說法不正確的是()A.此時光屏成像是倒立縮小實像，與照相機的原理相同，取走光屏燭焰還能成像B.凸透鏡焦距在6cm到12cm之間C.在凸透鏡和蠟燭之間放一個近視鏡向右移動光屏能再次出現(xiàn)燭焰清新的像D.保持蠟燭和光屏最初位置不變，向左移動凸透鏡，光屏上能再出現(xiàn)燭焰2次清晰的像，一次等大，一次放大【考點】凸透鏡成像規(guī)律及其探究實驗.【分析】（1）根據(jù)物距大于2f時，成倒立縮小的實像，像距處于f和2f之間的特點進行分析.（2）近視鏡是凹透鏡，凹透鏡有發(fā)散光線的作用.（3）要解決此題，需要掌握折射光路的可逆性.當成實像時，可以對調(diào)光屏和蠟燭的位置或移動凸透鏡使物距與像距大小對調(diào)都可再次得到大小與原來相反的清晰的實像.【解答】解：由圖知，像距小于物距，物小于像，成倒立縮小的實像，與照相機的原理相同，取走光屏燭焰還能成像，故A正確；B、像距小于物距，所以此時物距大于2f,像距處于f和2f之間，即40cmi>2f,fv12cm<2f,則可得6cm<f<12cmi,故B正確.C在燭焰和凸透鏡之間給凸透鏡放上一個近視眼鏡，由于近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發(fā)散作用，所以通過凸透鏡的光線比以前會聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需將光屏遠離凸透鏡向右移動.故C正確.D根據(jù)光路的可逆性，移動凸透鏡時，若使物距處于1倍焦距和2倍焦距之間，像距會處于2倍焦距以外，即此時便可以成倒立放大的實像，會出現(xiàn)1次像，故D錯誤.故選D..如圖所示，左圖是小電燈和巨磁電阻組成串聯(lián)電路，右圖是電磁鐵和滑動變阻器組成的串聯(lián)電路，閉合開關S1、S2并使毛t片P向左移動，觀察到指示燈變亮，那么下列說法中正確的是（）Ow?*1*.帙IIA.電磁鐵左端為S極B.電磁鐵的磁性增強C.巨磁電阻兩端的電壓變小D.電磁鐵是應用奧斯特實驗的原理制成的【考點】通電螺線管的磁場；電磁鐵的構造和原理；影響電磁鐵磁性強弱的因素.【分析】（1）利用安培定則判斷電磁鐵的磁極；（2）先分析滑片向左移動時，變阻器的阻值是變大了還是變小了，然后根據(jù)歐姆定律得出電流大小變化情況，從而判斷出電磁鐵的磁場強弱變化情況.（3）奧斯特實驗說明了電流周圍存在磁場.【解答】解：A利用安培定則判斷電磁鐵的左端為N極、右端為S極，故A錯誤；B、滑動變阻器的滑片向左移動時，變阻器的阻值減小，由歐姆定律可知，線圈中的電流增大，則電磁鐵的磁場增強，故B正確；C由于指示燈變亮，則說明指示燈所在電路電流變大，所以巨磁電阻的阻值變小.所以據(jù)此巨磁電阻兩端的電壓變小，故C正確.D奧斯特實驗說明了電流周圍存在磁場，電磁鐵是應用奧斯特實驗的原理制成的，故D正確.故選BCD.下列說法中不正確的是（）A.用手將排球加速拋出瞬間，手對排球的作用力大于排球對手的作用力.手提一桶水，手的壓痕是由于這桶水的重力引起的C.水平路面上行駛的汽車，關閉發(fā)動機后會停下來，是由于汽車具有慣性D.宇宙飛船的返回艙在返回地球進入大氣層的過程中，一部分機械能轉化為內(nèi)能【考點】力作用的相互性；慣性；重力；機械能和其他形式能的轉化.【分析】（1）根據(jù)力的作用是相互的進行分析判斷.(2)重力作用點在物體的重心上.(3)慣性是物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質.物體在運動過程中，同時也會受到阻力的作用，而力是改變物體運動狀態(tài)的原因.(4)飛船與大氣層摩擦時，將機械能轉化為內(nèi)能，機械能總量減少.【解答】解：A、由于物體間力的作用是相互的，則手擊打排球的力等于排球對手的作用力.故A錯誤.B、手提一桶水時，手上出現(xiàn)壓痕是水桶給手的壓力作用的結果，水桶所受的重力作用在水桶上，故B錯誤.C汽車原來是運動的，關閉發(fā)動機后，由于受到摩才阻力的作用，所以最終要停下來，故C錯誤.D宇宙飛船的返回艙在返回地球進入大氣層的過程中，與大氣層摩擦，一部分機械能轉化為內(nèi)能，故D正確.故選ABC8.如圖所示，燈泡的電阻不變，且滑動變阻器的最大阻值大于燈的電阻，下列說法不正確的是()A.先1^合Si,再閉合S2時(滑動變阻器的阻值不變)，電流表Ai示數(shù)不變，電流表A的示數(shù)變小B.當S、$都斷開，滑片P由a向b端移動時，電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)比值變大，電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積先增加后減少C.當S、&都斷開，滑片P向b端移動時，學變大D.當S、5都閉合，滑片P向b端移動時，電壓表V與電流表A的比值不變【考點】電路的動態(tài)分析；歐姆定律的應用.【分析】(1)閉合Si時，燈泡L與滑動變阻器串聯(lián)后再與R并聯(lián)，電流表A測干路電流，電流表Ai測R支路的電流，電壓表測變阻器兩端的電壓；再閉合S2時，滑動變阻器與R并聯(lián)，電流表A測干路電流，電流表Ai測R支路的電流，電壓表測變阻器兩端的電壓；①根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過Ri的電流不變，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，進一步可知電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知干路電流的變化；②當Si、S2都閉合時，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，進一步可知電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律結合電路中的總電阻可知電壓表V與電流表A的比值變化；(2)當S、&都斷開時，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測變阻器兩端電壓，電流表A測電路中的電流.①根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律表示出電壓表的示數(shù)，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，進一步可知電壓表示數(shù)的變化，表示出電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積，然后結合滑動變阻器的最大阻值大于燈的電阻判斷電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積變化；②設出滑片移動前后電路中的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律表示出電壓表、電流表示數(shù)的變化量的比值，然后判斷碧的變化.【解答】解：(i)閉合Si時等效電路圖如圖i所示，再閉合及時等效電路圖如圖2所示：圖1圖圖1圖2①因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，再閉合&時，通過R的電流不變，即電流表A的示數(shù)不變，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各分電阻倒數(shù)之和,所以，再閉合4時，滑動變阻器支路的總電阻變小，電路中的總電阻變小，由1=￡可知，電路中的電流變大，即電流表A的示數(shù)變大，故A錯誤；②圖2中，滑片P向b端移動時，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，由R號可知，電壓表V與電流表A的比值等于電路中的總電阻，所以，電壓表V與電流表A的比值變大，故D錯誤；(2)當S、S2都斷開時等效電路圖如圖3所示：圖3圖3①因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和,所以，電路中的電流：1=—y—R胃電壓表的示數(shù)：UU滑=IR滑=而通滑片P由a向b端移動時，變阻器接入電路中的電阻變大，電壓表的示數(shù)變大,電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積：UU2口2/5胃I=除+RlX而7&=R詈2+2R滑互+R」=R詈2e2r^rl+rJ+4R^Rl=(R滑一瓦產(chǎn)R滑R骨R溜R臺/目因滑動變阻器的最大阻值大于燈的電阻，所以，U滑I向增大后減小，即電壓表V的示數(shù)與電流表A的示數(shù)乘積先增加后減少，故B正確；②設滑片移動前后電路中的電流分別為Ii、I2,因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，I2R_,一(Ul-IiR)=(Ii—I2)R_=△IRl,I2R_,一(Ul-IiR)=(Ii—I2)R_=△IRl,即；：=R,穿不變,故C錯誤;則4穿不變,故C錯誤;所以，滑片P向b端移動時，故選ACD二、填空題(本大題共9個小題，24題3分，其它各小題每空1分，共31分).在探究影響滑動摩擦力大小因素的實驗中，實驗裝置如圖所示，水平勻速拉動彈簧測力計實驗發(fā)現(xiàn)F1VF2VF3（1）分析甲、乙兩圖可得到的結論是：在接觸面的粗糙程度相同，壓力越大，滑動摩擦力越大（2）圖丙中，用彈簧測力計拉著木塊和祛碼一起做勻速直線運動，祛碼不受摩擦力（選填“受”或“不變”）甲匕西【考點】探究摩擦力的大小與什么因素有關的實驗.【分析】（1）分析甲、乙兩次實驗中相同的量和不同的量，結合測力計的示數(shù)得出結論；（2）摩擦力產(chǎn)生的條件：接觸面粗糙，有壓力，兩物體具有相對運動的趨勢或發(fā)生相對運動.【解答】解：（1）甲、乙兩次實驗中，接觸面的粗糙程度相同，乙比甲的壓力更大，乙的拉力大于甲的拉力，說明乙的摩擦力大于甲的摩擦力，由此可得：在接觸面的粗糙程度相同，壓力越大，滑動摩擦力越大；（2）圖丙中，祛碼隨著木塊一起勻速直線運動，二者相對靜止，沒有相對運動的趨勢，所以祛碼不受摩擦力.故答案為：（1）在接觸面的粗糙程度相同，壓力越大，滑動摩擦力越大；（2）不受.10.如圖所示，小明將一枚硬幣放在碗的底部，眼睛在A處恰好看不到它，小明看不到硬幣，這是因為光沿直線傳播現(xiàn)象;沿碗壁緩緩向碗中加水，小明在A處也能看到硬幣，這是由于光的折射現(xiàn)象形成的,請在圖中畫出光傳播的大致方向.VA【考點】光在均勻介質中直線傳播；光的折射現(xiàn)象及其應用.【分析】（1）光在均勻介質中是沿直線傳播的；（2）光從一種介質斜射入另一介質時，光的傳播方向會發(fā)生偏折，折射光線進入人眼，人眼逆著折射光線就看到了物體的虛像.【解答】解：（1）小明看不到硬幣，是由于碗的邊緣部分擋住了來自硬幣的光線，光線進入不到眼鏡，所以眼鏡看不到硬幣，這說明了光在均勻介質中是沿直線傳播的；（2）當沿碗壁緩緩向碗中加水時，來自硬幣的光線會從水中斜射入空氣中從而發(fā)生折射，當折射光線進入人眼時，人眼逆著折射光線看去，看到的便是由于光的折射而形成的虛像（虛像的位置比物體的實際位置偏高），所以小明在A處也能看到硬幣的虛像，這是利用了光的折射現(xiàn)象.人眼看到硬幣的光路，如圖所示：故答案為：光沿直線傳播；折射.11.如圖所示，體積為0.2dm3物體重為G=7.4N,若將它勻速從水中提起（不出水面），此時滑輪組的機械效率是75%若在空氣中提升此物體，該滑輪組的機械效率將增大（填“增大”、“減小”或“不變”）.如圖乙工人用滑輪組和竹筐將沙子提升到高處，工人提空筐上去時用力大小是60N,現(xiàn)將1080N的沙子提升到高處，裝置的機械效率是_90%.（甲、乙兩裝置均不計繩重和軸處摩擦，g=10N/kg）

【考點】機械效率的計算；滑輪（組）的機械效率.【分析】（1）由圖知，n=3,根據(jù)彈簧測力計讀出拉力大小；利用阿基米德原理求出重物受到水的浮力，滑輪組的機械效率.=9=?-小小=6-除/=18?。簑總FsF3h3F增大機械效率的方法：一是增大物重，二是克服摩擦、減輕滑輪重；（2）不計繩重和軸處摩擦，人提空筐上去時用力大小F=1（G（2）不計繩重和軸處摩擦，人提空筐上去時用力大小F=1（G筐+G輪），可求竹筐和動滑輪重力；禾1J用邛有用G沙子IG沙子I二金I粒小,沙工一G三+G罰求滑輪組的機械效率.【解答】解：（1）由左圖知，n=3,彈簧測力計的分度值為0.2N,拉力F=2.4N,重物浸沒在水中受到的浮力：F浮=p水V排g=p水Vg=1.0X103kg/m3X0.2X103,*10N/kg=2N,設物體升高的高度為h,則拉力端移動的距離s=3h,滑輪組的機械效率：邛有用"=」=75%（G-F浮）h_（G-F?。﹉_G-F浮J.虹廣2M邛有用"=」=75%~~Fs-F3h~3X2.刎若在空氣中提升此物體，沒有了浮力，相當于增加了提升物體的重，增大了有用功，不計繩重和摩擦，額外功不變,有用功和總功的比值變大，此滑輪組提升該物體的機械效率將增大；（2）由右圖知，n=2,不計繩重和軸處摩擦，人提空筐上去時用力大小F」（G筐+G輪）=60N,所以，竹筐和動滑輪的總重力：G筐+G輪=120N,有用功Wti=Gwh,額外功W=（G筐+G輪）h,拉力所做總功：W總=W^r用+Wfa=G沙子h+（G筐+G輪）h=（G沙子+G筐+G輪）h,滑輪組的機械效率：料有用G沙井G沙子1080N…，=====90%“J,二二__G力"「h:.故答案為：75%增大；90%12.如圖所示，電源電壓恒為12V,定值電阻阻值為2a,閉合開關S,電動機電流的變化如圖乙，電動機線圈的電阻10Q,電動機正常工作時的功率2.32W電動機正常工作的輸出功率1.92W【考點】歐姆定律的應用；電功率的計算.【分析】由圖甲知，定值電阻與電動機串聯(lián)，電壓表測電動機兩端電壓，電流表測電路中電流.電動機由不轉到轉，最后正常工作，由圖知，剛閉合開關時的電流，由串聯(lián)電路特點和歐姆定律計算線圈電阻；由圖知，電動機正常工作電流，由P=UI計算電動機正常工作時的功率，由P=I2R計算電動機產(chǎn)生熱功率，由P輸出=P-P熱得到輸出功率.【解答】解：由圖甲可知，定值電阻與電動機串聯(lián)，電壓表測電動機兩端電壓，電流表測電路中電流，電動機由不轉到轉，最后正常工作，由圖知，剛閉合開關時電路中的電流：I=1.0A,由串聯(lián)電路特點和歐姆定律線圈電阻：rrrUr12Pc-R線=R總—R=——R=2Q=10Q;ILOA由圖知，電動機2.0s后電流穩(wěn)定，正常工作電流為：I'=0.2A,由串聯(lián)電路特點和歐姆定律可得此時電動機兩端電壓：U=UI-UR=U-I'R=12W0.2AX2Q=11.6V,所以電動機正常工作時的功率：Pm=UI'=11.6VX0.2A=2.32W;電流通過線圈的發(fā)熱功率：P熱=1'2R線=(0.2A)2X10a=0.4W,所以電動機正常工作的輸出功率：P輸出二P—P戈ft=2.32W-0.4W=1.92W.故答案為：10;2.32;1.92.三、解答題(本大題共4個小題，第32題4分，33題6分，34、35題各7分)13.某學習小組利用如圖甲體驗“模擬引力”之后，進一步思考：繩子的拉力大小與什么因素有關？并提出了如下猜想：猜想A:與小球的質量大小有關；猜想B:與小球運動的快慢有關；猜想C:與繩子的長度有關.為了驗證猜想，學習小組進行了如圖乙所示實驗探究：用一根細繩子的一端栓住一個小球，用手抓住繩子的另一端，掄動細繩，讓小球在光滑水平面上做圓周運動.實驗中，用手感受繩子的拉力大小，做幾次實驗后，得到實驗數(shù)據(jù)如卜表:實驗次數(shù)小球的質里(g)運動的快慢繩子的長度(cm)繩子的拉力115慢10很小220慢10小320快10大(1)實驗中，在繩子拉力的作用下，小球在水平桌面上做勻速圓周運動，這一現(xiàn)象可說明繩子拉力的作用效果是_變小球的運動狀態(tài).(2)分析對比實驗次數(shù)1、2的數(shù)據(jù)，可以初步驗證猜想A:分析對比實驗次數(shù)2、3的數(shù)據(jù)，可以初步得出的結論是：在小球的質量、繩子的長度大小一定時，小球運動速度越快，繩子的拉力就越大.

有彈性的橡皮繩的優(yōu)點是繩子拉力(3)若把上述器材細繩換成有彈性的橡皮繩，橡皮繩比細繩的優(yōu)點或缺點是什么大小可通過繩子形變體現(xiàn)出來；有彈性的橡皮繩的優(yōu)點是繩子拉力缺點：不易控制小球做勻速直線運動【考點】控制變量法與探究性實驗方案.【分析】(1)物體運動快慢及方向的變化都屬于運動狀態(tài)的變化；(2)根據(jù)1、2組數(shù)據(jù)的相同的量和不同的量，得出影響繩子拉力的因素；要驗證拉力大小與物體運動快慢的關系，需改變運動快慢，但其他條件相同；(3)從彈性橡皮繩的優(yōu)缺點來分析.【解答】解：(1)小球的運動方向改變，則說明其運動狀態(tài)改變；(2)1、2的數(shù)據(jù)，運動快慢和繩子的長度相同，小球的質量不同，感受到繩子的拉力不同，說明繩子的拉力大小與小球的質量大小有關，則可以驗證猜想A;由2、3兩組數(shù)據(jù)，小球的質量和繩子的長度相同，小球的運動快慢不同，感受到繩子的拉力不同，說明繩子的拉力大小與小球運動的快慢有關，得出結論：在小球的質量、繩子的長度大小一定時，小球運動速度越快，繩子的拉力就越大；(3)有彈性的橡皮繩易發(fā)生彈性形變，故彈性的橡皮繩的優(yōu)點是繩子拉力大小可通過繩子形變體現(xiàn)出來；缺點：不易控制小球做勻速直線運動.故答案為：(1)改變小球的運動狀態(tài)；(2)A;在小球的質量、繩子的長度大小一定時，小球運動速度越快，繩子的拉力就越大；(3)有彈性的橡皮繩的優(yōu)點是繩子拉力大小可通過繩子形變體現(xiàn)出來；缺點：不易控制小球做勻速直線運動.14.小明想測量蘋果的密度，他將蘋果放入燒杯并逐漸向燒杯中加水，看到如圖所示的情景.(1)從B圖可以判斷蘋果的密度小于(選填“大于”“小于”或“等于")水的密度.(2)BC兩圖中，蘋果受到的浮力F浮b=F浮c.(3)靳棟又拿來一個裝了水(水足夠多，密度用p水表示)的大量筒，水的體積為V1,借助這個量筒測出了蘋果的密度.①在C圖中，她輕輕取出蘋果，將量筒中的水倒入燒杯中，當燒杯中的水被填滿時，量筒中剩余水的體積為V2,則蘋果的質量表達式：m=p水(V1-V2)②靳棟用針把蘋果完全壓入盛滿水的燒杯中，水從燒杯中溢出后，再取出蘋果，并繼續(xù)將量筒中的水倒入燒杯中，當燒杯中的水被填滿時,量筒中剩余水的體積為V3P水③蘋果密度的表達式p=——-一-——一%一邛3(4)實驗步驟①中，當燒杯中的水被填滿時，水對燒杯底部的壓強為P1,實驗步驟②中，用針把蘋果完全壓入盛滿水的燒杯中，穩(wěn)定后，水對燒杯底部的壓強為電P1=P2.(填“>”、"="、“V”)AA【考點】固體的密度測量實驗.【分析】(1)根據(jù)以下知識判斷蘋果密度與水的密度關系，當物體的密度小于液體的密度時，物體漂浮在液面上；當物體的密度等于液體的密度時，物體懸浮在液體中；當物體的密度大于液體的密度時，物體下沉到液體底部.(2)分析圖示實驗，根據(jù)圖示實驗情景判斷浮力與重力的關系，然后可得出結論.

(3)應用平衡條件與浮力公式求出蘋果受到的重力，然后求出蘋果質量；根據(jù)題意應用排水法求出蘋果的體積，由密度公式求出蘋果的密度.(4)根據(jù)p=pgh進行分析解答.【解答】解：(1)當物體密度小于液體密度時，物體漂浮在液面上，由圖B可知，蘋果漂浮在水面上，則蘋果的密度小于水的密度.(2)由圖B、C所示實驗可知，蘋果漂浮在水面上，蘋果處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，蘋果受到的浮力等于蘋果的重力，兩種情況下，蘋果的重力不變，則蘋果受到的浮力不變，蘋果受到的浮力F浮b=F浮c.(3)①由題意知，蘋果排開水的體積V=V-V2,蘋果放在水中，蘋果漂浮在水面上，由阿基米德原理可知，蘋果的重力G=F^=Gflf=p水gV排=p水g(V-V2),由G=mg［導，蘋果白質量：m=p水(Vi-V2),TOC\o"1-5"\h\z②再取出蘋果，并繼續(xù)將量筒中的水倒入燒杯中，當燒杯中的水被填滿時，量筒中剩余水的體積為V3；蘋果完全浸沒在水中時排開水的體積等于蘋果的體積，由題意可知，蘋果完全浸沒在水中時，蘋果排開水的體積為：V排’=V2-V3,即蘋果體積V=y-V3；p水(Vt一%)③蘋果的密度P=@=—勺——i—;Vv2-v3(4)實驗步驟①和②中，燒杯中的水都被填滿，故水的深度相同，根據(jù)p=pgh可知，水對燒杯底部的壓強相等，即pi=p2.故答案為：(1)小于；(2)二;(3)①p水(V-V2);②被填滿；③一'———;(4)=%一%.在如圖甲所示的裝置中，甲、乙是兩個完全相同的密閉容器，密閉容器中兩個阻值分別為5a和10a的電阻組成一個串聯(lián)電路，閉合開關前，兩u形管內(nèi)液面相平，用這套裝置完成“談及電熱的大小與哪些因素有關”的實驗.(1)如圖甲通電后，若要比較電阻絲產(chǎn)生熱量的多少，只需比較與之相連的U型管中液面的高度差.(2)如圖甲，通電后通過對比觀察，相同時間內(nèi)右容器中導體的電阻產(chǎn)生的熱量較多，由此得到的結論在電流和通電時間相同的情況下，導體的電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多(3)要探究電熱與電流的關系，須控制通電時間和電阻相同,請在乙圖中用筆畫線完成電路的連接.(4)另一實驗小組用圖丙所示的裝置來完成本實驗.圖中兩個密封的燒瓶內(nèi)盛滿質量和溫度都相同的煤油，瓶中插有溫度計，兩瓶煤油中都浸泡著一段電阻絲，燒瓶A中的金屬絲的電阻為5Q,燒瓶B中的金屬絲的電阻為100Q,為了在較短的時間內(nèi)達到明顯的實驗效果，該實驗小組選用了煤油而不選用水，主要是由于煤油的比熱容大.要研究電熱的多少與電流的關系，丙圖需要增加電源、開關、導線、還需器材是滑動變阻器.(5)將圖丙裝置改裝后可測量煤油的比熱容.方法是：分別向兩個相同的燒杯中(內(nèi)部電阻絲阻值相同)加入初溫均為to、質量相等的水和煤油，通電一段時間后，分別讀出溫度計的示數(shù)為t水、t煤油，請寫出煤油比熱容的表達式c煤油-——-——?c水(已知水的比熱容為c水)【考點】焦耳定律.【分析】(1)電流通過導體產(chǎn)生熱量的多少不能直接觀察，但液體溫度的變化可以通過液面高度差的變化來反映;(2)將容器中的電阻絲串聯(lián)起來接到電源兩端，通過兩電阻絲的電流和通電時間相同，根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt進行分析;(3)根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt進行分析；實驗裝置乙，兩個相同的電阻串聯(lián)在電路中，通電時間和電阻相同，當給其中一個并聯(lián)一個電阻時，電阻的電流改變，探究電流產(chǎn)生熱量跟電流關系；(4)在較短的時間內(nèi)達到明顯的實驗效果，即要求液體升溫較快，根據(jù)吸熱公式可知，應選用比熱容小的液體；(5)根據(jù)題意可知，在相同時間內(nèi)，相同的電阻串聯(lián)產(chǎn)生的熱量相等，即Q煤吸=Q水吸，根據(jù)吸熱公式可得到煤油的比熱容.【解答】解：(1)電流通過導體產(chǎn)生熱量的多少不能直接觀察，實驗前，應使兩個U形管中的液面高度相同，液體溫度的變化可以通過液面高度差的變化來反映；(2)甲裝置中，將容器中的電阻絲串聯(lián)起來接到電源兩端，通過他們的電流I與通電時間t相同，左邊容器中的電阻小于右邊容器中的電阻，由Q=I2Rt可知，右邊容器中的電阻產(chǎn)生的熱量多，溫度升得較快，這表明：在電流和通電時間相同的情況下，導體的電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多；(3)根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt可知，探究電熱與電流關系，須控制通電時間和電阻相同；使右側兩個5a電阻并聯(lián)，再與左側電阻串聯(lián)，開關控制整個電路，如下圖所示：(4)要在較短的時間內(nèi)達到明顯的實驗效果，即要求液體升溫較快；在吸收熱量相同、液體質量相同時，根據(jù)Q吸=cm△t可知，要液體升溫較快，應選用比熱容較小的煤油；要研究電熱的多少與電流的關系，需要改變電路中電流的大小，因此在不改變電路的情況下還需要的器材是滑動變阻器；(5)圖丙裝置中，兩電阻絲阻值相同，它們串聯(lián)電流相同，通電一段時間后，電流產(chǎn)生的熱量相同，則煤油和水吸收的熱量相同.TOC\o"1-5"\h\z已知它們的質量相同，設為m;根據(jù)前面分析結合吸熱公式有：c煤油m(t煤油-10)=c水m(t水-to),“1水一十口八Il牛個于：c煤油一?c水?t煤油―t0故答案為：(1)液面高低變化；(2)右；在電流和通電時間相同的情況下，導體的電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多；(3)y…、〒j……一一一、…口t水一,口通電時間和電阻；(4)煤油的比熱容大；滑動變阻器；(5)?c水.七煤油一.如圖是利用液壓起重機提升重物的示意圖，起重機工作過程中在幾個支腳M的作用下使車輪離開水平地面，在某次提升重物A的過程中，可繞D點自由轉動的吊臂BD始終保持水平方向，柱塞E始終與BD垂直且作用于吊臂的C點.已知起重機質量為7X103kg,支腳對地面的作用總面積S=0.25m2,CD=2mBD=8mm=3X103kg.忽略吊臂、滑輪、鋼絲繩的質量，不計摩擦，g取10N/kg,加=1.4,求：(1)起重機提升重物A的過程中，起重機對地面的壓強p；(2)吊臂BD水平平衡時，起重機柱塞E對吊臂BD的支持力F;(3)吊臂上升到B'D過程中，柱塞E做功W

【考點】壓強的大小及其計算；杠桿的平衡條件；功的計算.【分析】(1)起重機提升重物時，對地面的壓力等于自身的重力加上重物的重力，已知受力面積，根據(jù)壓強定義式可求出對地面的壓強；(2)根據(jù)題中條件可知，B端受到的拉力等于重物的重力，由圖示和題意可得兩力臂的大小，再利用杠桿的平衡條件可求出柱塞E對吊臂BD的支持力F;(3)吊臂從水平位置上升到B'D過程中，重物上升的高度等于B端上升的高度，由三角函數(shù)知識可求出這一高1忽略吊臂、滑輪、鋼絲繩的質量，不計摩擦，柱塞E做的功等于克服重物A的重力做的功，據(jù)此求解.【解答】解：(1)起重機的重力：G機5機g=7X103kgX10N/kg=7X104N,重物A的重力：G=mg=3X103kgx10N/kg=3x104N,起重機提升重物A的過程中，對地面的壓力：F壓=Gw7X104N+3X104N=1X105N,起重機對地面的壓強：p=A"'=4X1*名s0.25D2(2)忽略吊臂、滑輪、鋼絲繩的質量，不計摩擦，吊臂BD在水平位置平衡，則吊臂B端受到的向下拉力為Fb=G=3X104N,其力臂為BD=8m設起重機柱塞E對吊臂BD的支持力F,由圖和題意可知，支持力的力臂為CD=2m根據(jù)杠桿平衡條件有FbXBD=FXcdFXBD4則柱塞E對吊臂BD的支持力：f1=3X10NX8m=1.2X105N;CD2m(3)起重機提升重物時，吊臂的轉動情況如圖所示：由數(shù)學知識可得，吊臂B端上升的高度：h=BDXsin45=8mx^S=8mx-^-^-=5.6m,,故重物上升的高度等于B端上升22,故重物上升的高度等于B端上升吊臂從水平位置上升到B'D過程中，由于是通過液壓桿支撐吊臂(繩子沒有收縮)的高度，即重物上升高度h=5.6m；由于忽略吊臂、滑輪、鋼絲繩的質量，不計摩擦，所以，柱塞