2019年全國統(tǒng)一高考物理試題(新課標Ⅱ)1

2021年全國統(tǒng)一高考物理試題（新課標II）學校:姓名：班級：一、單選題1．2021年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸，在探測器“奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關系的圖像是41Hf4He+2oe+2v，已知iH和4He的質量分別為m=l.0078u和m=4.0026u，12112Pa1u=931MeV/c2,c為光速.在4個】H轉變成1個4He的過程中，釋放的能量約為12A．8MeVB．A．8MeVB．16MeVC．26MeVD．52MeV3．物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運動，輕繩與斜面平行．已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為浮,重力加速度取10m/s2.若輕繩能承受的最大張力為1500N，則物塊的質量最大為A．150kgBA．150kgB.100<3kgC.200kgD.200V3kg.如圖，邊長為l的正方形abcd內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外.ab邊中點有一電子發(fā)源0,可向磁場內沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子.已知電子的比荷為k.則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為A.4kBlA.4kBl,1kBl,2在kBl4三kBl4B.4kBl,4kBl2kBl,4kBl.如圖，長為l的細繩下方懸掛一小球a.繩的另一端固定在天花板上0點處，在03點正下方41的0f處有一固定細鐵釘.將小球向右拉開，使細繩與豎直方向成一小角度（約為2°）后由靜止釋放，并從釋放時開始計時.當小球a擺至最低位置時，細繩會受到鐵釘?shù)淖钃?設小球相對于其平衡位置的水平位移為羽向右為正.下列圖像中，能描述小球在開始一個周期內的x-t關系的是.

二、多選題.從地面豎直向上拋出一物體，其機械能￡總等于動能Ek與重力勢能Ep之和.取地面為重力勢能零點，該物體的￡總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示.重力加速度取10m/s2.由圖中數(shù)據(jù)可得

E/JAE/JA.物體的質量為2kgh=0時，物體的速率為20m/sh=2m時，物體的動能Ek=40JD.從地面至h=4m,物體的動能減少100J7.如圖（a）,在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離.某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用v表示他在豎直方向的速度，其》圖像如圖（b）所示，/1和12是他落在傾斜雪道上的時刻.則A.第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小第二次P4A.第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小第二次P4第一次B.第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大C.第二次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D.豎直方向速度大小為v1時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大8.靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下自M點由靜止開始運動，N為粒子運動軌跡上的另外一點，則A.運動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小.在M、N兩點間，粒子的軌跡一定與某條電場線重合C粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能D.粒子在N點所受電場力的方向一定與粒子軌跡在該點的切線平行.如圖，兩條光滑平行金屬導軌固定，所在平面與水平面夾角為仇導軌電阻忽略不計.虛線ab、cd均與導軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導軌所在平面的勻強磁場.將兩根相同的導體棒PQ、MN先后自導軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導軌垂直且接觸良好.已知PQ進入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是

d.d.C)\11r三、實驗題.如圖（a）,某同學設計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗.所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等.回答下列問題：（1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)〃=（用木板與水平面的夾角分重力加速度g和鐵塊下滑的加速度。表示）電磁打點訐時器鐵塊紙帶電磁打點訐時器鐵塊紙帶”板（2）某次實驗時，調整木板與水平面的夾角0=30°.接通電源.開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下.多次重復后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示．圖中的點為計數(shù)點（每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出）．重力加速度為9.8m/s2.可以計算出鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為（結果保留2位小數(shù)）.7639II.967639II.9620,90J31.834470.某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動變阻器，R0為定值電阻（阻值100Q）;S為開關，E為電源.實驗中二極管置于控溫爐內，控溫爐內的溫度t由溫度計（圖

中未畫出）測出.圖（b）是該小組在恒定電流為50.0pA時得到的某硅二極管U-1關系曲線．回答下列問題：（1）實驗中，為保證流過二極管的電流為50.0|1A，應調節(jié)滑動變阻器凡使電壓表V1的示數(shù)為U1=mV；根據(jù)圖（b）可知，當控溫爐內的溫度t升高時，硅二極管正向電阻（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)（填“增大”或“減小”），此時應將R的滑片向（填“A”或"B”）端移動，以使V1示數(shù)仍為U1.（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關系，硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為l-UI=x10-3V/℃（保留2位有效數(shù)字）.t.某同學利用圖示裝置測量某種單色光的波長.實驗時，接通電源使光源正常發(fā)光：調整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋.回答下列問題：濾光單縫遮光筒H濾光單縫遮光筒H/轉輪通-目鏡X測量頭（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，該同學可；A.將單縫向雙縫靠近B.將屏向靠近雙縫的方向移動C.將屏向遠離雙縫的方向移動D.使用間距更小的雙縫（2）若雙縫的間距為昆屏與雙縫間的距離為l，測得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為Ax，則單色光的波長2；（3）某次測量時，選用的雙縫的間距為0.300mm,測得屏與雙縫間的距離為1.20m,第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56mm.則所測單色光的波長為nm（結果保留3位有效數(shù)字）.四、解答題13.如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為d.兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G,PQG的尺寸相同.G接地，PQ的電勢均為①（①>0）.質量為m,電荷量為q（q>0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度v0平行于紙面水平射入電場，重力忽略不計.Q（1）求粒子第一次穿過G時的動能，以及她從射入電場至此時在水平方向上的位移大??；（2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場，則金屬板的長度最短應為多少？14.一質量為m=2000kg的汽車以某一速度在平直公路上勻速行駛.行駛過程中，司機忽然發(fā)現(xiàn)前方100m處有一警示牌.立即剎車.剎車過程中，汽車所受阻力大小隨時間變化可簡化為圖（a）中的圖線.圖（a）中，071時間段為從司機發(fā)現(xiàn)警示牌到采取措施的反應時間（這段時間內汽車所受阻力已忽略，汽車仍保持勻速行駛），11=0.8s；11~t2時間段為剎車系統(tǒng)的啟動時間，12=1.3s；從12時刻開始汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作，直至汽車停止，已知從12時刻開始，汽車第1s內的位移為24m,第4s內的位移為1m.（1）在圖（b）中定性畫出從司機發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作后汽車運動的v-1圖線；

(2)求12時刻汽車的速度大小及此后的加速度大?。?3)求剎車前汽車勻速行駛時的速度大小及11~t2時間內汽車克服阻力做的功；司機發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為多少(以11~t2時間段始末速度的算術平均值替代這段時間內汽車的平均速度)？2.0/152.0/15.如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個汽缸連通而成，容器平放在地面上，汽缸內壁光滑．整個容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有氫氣、空氣和氮氣.平衡時，氮氣的壓強和體積分別為p0和外,氫氣的體積為2V0,空氣的壓強為p.現(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過程中氫氣和氮氣的溫度保持不變，活塞沒有到達兩汽缸的連接處,求：空氣?沒有到達兩汽缸的連接處,求：空氣??￡二架(1)抽氣前氫氣的壓強；(2)抽氣后氫氣的壓強和體積.五、填空題16.如p-V圖所示，1、2、3三個點代表某容器中一定量理想氣體的三個不同狀態(tài)，對應的溫度分別是T「T2、T3.用N「N2、N3分別表示這三個狀態(tài)下氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則N1N2,T1T3,T3,N2N3.（填“大于”“小于”或“等于”）Ovx2V\kv參考答案參考答案D【詳解】「GMm根據(jù)萬有引力定律可得：F=西而，h越大‘F越小,故選項D符合題意;C【詳解】AE931x106x1.6x10-19J=c29x1016由AE=AmC2知AE931x106x1.6x10-19J=c29x1016x1.7x10-27kg0.9x10-31kg，忽略電子質量，則:AE=（4x1.007紈-4.0026u）?c2x26MeV，故c選項符合題意;A【詳解】【詳解】T=f+mgsin6,f=^N,N=mg恒5仇代入數(shù)據(jù)解得：m=150kg,故A選項符合題意B【詳解】lmvalmva點射出粒子半徑R廠廠后，BqlBlk得：vF=~一，l\2d點射出粒子半徑為R2=12+R--\25Bql5klB!故v1==d4m4

故B選項符合題意【詳解】由T=2nT1=/gT2=2n3ng=2T1，故BD錯誤;0sin—2021sin—2~T-0-—?sin—220x=21'?sin-2204sin-2-sin二2L?sin0242L0?sm-2211由能量守恒定律可知，小球先后擺起得最大高度相同，故1-1cosq=4-4-c0s02?0

根據(jù)數(shù)學規(guī)律可得：?0

根據(jù)數(shù)學規(guī)律可得：sm了=2sin01故A=乙04sin一2=2,02，sin-2-即第一次振幅是第二次振幅得2倍，故A正確，C錯誤.6．AD【詳解】A．Ep-hA．Ep-h圖像知其斜率為G80J故GF=20N解得m=2kg故A正確B．CB．C．D．1解得：v=10m/s,故B錯誤;h=0時，ep=0，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，故2mv2=100J，h=2m時，Ep=40J，Ek=E機-解得：v=10m/s,故B錯誤;h=0時，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek'=E機-Ep=80J-80J=0J，故Ek-￡/=100］，故D正確7．BD【詳解】A.由v-1圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下落距離，所以，A錯誤；

B.由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確v一vC.由于v-斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由a=-0t故C錯誤D.由圖像斜率，速度為匕時，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對平緩，故a/a2易知a1>a2,易知a1>a2,由G-fy=ma,A.若電場中由同種電荷形成即由A點釋放負電荷，則先加速后減速，故A.若電場中由同種電荷形成即由A點釋放負電荷，則先加速后減速，故A正確;B.若電場線為曲線，粒子軌跡不與電場線重合，故B錯誤.C由于N點速度大于等于零，故N點動能大于等于M點動能，由能量守恒可知，N點電勢能小于等于M點電勢能，故C正確D.粒子可能做曲線運動，故D錯誤;9．AD【詳解】根據(jù)圖像可知，設PQ進入磁場勻速運動的速度為v，勻強磁場的磁感應強度為B，導軌寬度為L,兩根導體棒的總電阻為R;根據(jù)法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進入磁場時電流BLvI二oR保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向Q一P;如果PQ離開磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是勻速運動，通過PQ的感應電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時MN已經(jīng)進入磁場，此時電流為零，當PQ離開磁場時MN的速度

大于V,安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應電流方向相反;A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯誤。C.圖像與分析不符，故C錯誤。D.圖像與分析相符，故D正確。gsingsin0-a10.gcos00.35gsin0-a

gcos0【詳解】(1)由mgsin0-gsin0-a

gcos0S—S(2)由逐差法a=T-￡得:S產(76.39-31.83)x10-2m,T=0.10s,S=(31.83-5.00)x10-2m,9T2III44.56x10-2-44.56x10-2-26.83x10-29X10-22m/s2=1.97m/s2,代入①式，得：〃=-=-=0.359.8x史211.5.00變小增大B2.8【詳解】U(1)U1=IR0=100Qx50xl0-6A=5x10-3V=5mV由R=—,I不變，溫度升高，U減小，故R減小；由于R變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小，故滑動變阻器向右調節(jié)，即向B端調節(jié).(2(2)由圖可知，AU--=2.8x10-3V/℃At12.B12.BAx-d(n—1)l630【詳解】福(i)由Ax=，因Ax越小，目鏡中觀察得條紋數(shù)越多，故B符合題意;d(ii)AxXld(ii)由=~T，^=~(n7n-1d(n-1)lddAx(iii)"=(n—i)/0.3x10-3mx7.56x10-3m

(4-1)x1.2m氏6.3x10-3m=630nm14.(1)14.(1)mdh(2)L=21=2v-mdh

q90抻13.(1)E=mvmdh(2)L=21=2v-mdh

q90抻【詳解】解：（1）PG、QG間場強大小相等，均為E，粒子在PG間所受電場力F的方向豎直向下，設粒子的加速度大小為a,有F=qE=ma②設粒子第一次到達G時動能為Ek，由動能定理有qEh=E――mv2③k20設粒子第一次到達G時所用時間為t，粒子在水平方向的位移為l，則有1h=2at2④聯(lián)立①②③④⑤式解得E=-mv2+2^-qh⑥k20d【詳解】解：（1）解：（1）v-1圖像如圖所示.（2）設剎車前汽車勻速行駛時的速度大小為匕，則11時刻的速度也為v1,12時刻的速度也為v2,在12時刻后汽車做勻減速運動，設其加速度大小為a，取At=1s,設汽車在t2+n-1At內的位移為sn，n=1,2,3,....若汽車在12+3At~t2+4At時間內未停止，設它在12+3At時刻的速度為v3，在12+4At時刻的速度為v4,由運動學有s-s=3a(At)2①14s=vAt—-a(At)2②122v=v-4aAt③42聯(lián)立①②③式，代入已知數(shù)據(jù)解得17v=--m/s④46這說明在12+4At時刻前，汽車已經(jīng)停止.因此，①式不成立.由于在12+3At~t2+4At內汽車停止，由運動學公式v=v-3aAt⑤322as=v2⑥43聯(lián)立②⑤⑥，代入已知數(shù)據(jù)解得a=8m/s2,v2=28m/s⑦或者a=^^m/s2,v=29.76m/s⑧TOC\o"1-5"\h\z252第二種情形下v3小于零，不符合條件，故舍去(3)設汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作時，汽車所受阻力的大小為f1,由牛頓定律有：f1=ma⑨在t廣12時間內，阻力對汽車沖量的大小為：I=1f(t-1)⑩22121由動量定理有：I=mv