大學(xué)物理模擬試卷A

大學(xué)物理模擬試卷A注：本部分總結(jié)的，可是依據(jù)試卷，必然要弄懂知識點(diǎn)的來歷及應(yīng)用，要知其然、知其所以然，并且，不同樣意把試卷帶入考場??！一、選擇題(每題2分，共26分)1．對于一個(gè)物體來說，在以下的哪一種狀況下系統(tǒng)的機(jī)械能守恒[C](A)合外力為0(B)合外力不作功(C)外力和非守舊內(nèi)力都不作功(D)外力和守舊內(nèi)力都不作功解析：機(jī)械能守恒的條件為：外力做功和內(nèi)力非守舊力做功為零。第一冊課本P-60?？键c(diǎn)：能量守恒條件2.質(zhì)點(diǎn)沿x軸運(yùn)動，運(yùn)動方程為xt2+8(SI)，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為(C)=3A.2m／s2B.4m／s2C.6m／s2D.8m／s2解析：加速度：ad2x2dt26(m/t)考點(diǎn)：已知運(yùn)動方程求加速度粒子B的質(zhì)量是粒子A的質(zhì)量的4倍，開始時(shí)粒子A的速度為（3i+4j）,粒子B的速度為（2i-7j），因?yàn)槎叩幕ハ嘧饔?，粒子A的速度變成（7i-4j），此時(shí)粒子B的速度等于[A](A)i-5j(B)2i-7j(C)0(D)5i-3j220，進(jìn)而有解析：內(nèi)力作用，動量守恒。mivi2mivi1i1i1m1(3i4j)4m1(2i7j)m1(7i4j)4m1v22，進(jìn)而可以獲得v221i5j考點(diǎn)：動量守恒定律4.方程＝和＝的兩列波疊加后，相鄰兩波節(jié)之間的距離為[C](A)0.5m(B)1m(C)(D)2解析：駐波方程為y1Acos(t2x),y2Acos(2x),進(jìn)而題中兩列波形成相遇t后形成駐波，波長為2m。駐波波節(jié)知足方程x(2k1),k0,1,?？梢姡瑑闪胁?波節(jié)間距離為(2k11)(2k21)(k1k2)m。第442一冊P162-163考點(diǎn)：求駐波的波節(jié)和波腹某理想氣體分子在溫度Tl和T2時(shí)的麥克斯韋速率散布曲線如下列圖，兩溫度下相應(yīng)的分子平均速率分別為1和2，則（B）A.T>T，1<2B.T>T，1>21212C.T1<T2，1<2D.T1<T2，1>2解析：第一冊課本P192。溫度越高，平均速率越大，曲線越趨于和緩?？键c(diǎn)：麥克斯韋速率散布曲線與溫度的關(guān)系麥克斯韋速率散布曲線與摩爾質(zhì)量的關(guān)系6、一瓶氦氣和一瓶氮?dú)饷芏认嗤肿悠骄絼觿幽芟嗤?，并且它們都處于平衡狀態(tài)，則它們[C](A)溫度相同、壓強(qiáng)相同(B)溫度、壓強(qiáng)都不同樣溫度相同，但氦氣的壓富強(qiáng)于氮?dú)獾膲簭?qiáng)溫度相同，但氦氣的壓強(qiáng)小于氮?dú)獾膲簭?qiáng)解析：第一冊課本P183。分子的平均平動能為w3kT。分子的平均平動能相等，意味著2氣體的溫度相等。兩種氣體的密度相同，但考慮到氦氣分子的質(zhì)量要小于氮?dú)夥肿拥馁|(zhì)量，進(jìn)而單位體積內(nèi)的氦氣分子數(shù)要多于氮?dú)夥肿訑?shù)，依據(jù)p2nw可知，氦氣的壓強(qiáng)要大一3些?？键c(diǎn)：理想氣體內(nèi)能與溫度等的關(guān)系理想氣體的內(nèi)能7．如圖，直角形金屬導(dǎo)線AOC置于磁感覺強(qiáng)度為B的平均磁場中，AOC所在的方向運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)線中平面與B垂直當(dāng)導(dǎo)線沿垂直于B及.OC（C）A.A點(diǎn)電勢比O點(diǎn)電勢低B.A點(diǎn)電勢比O點(diǎn)電勢高C.C點(diǎn)電勢比O點(diǎn)電勢低D.C點(diǎn)電勢比O點(diǎn)電勢高b解析：第二冊P109。依據(jù)ivB?dl，且i方向與vB方向相同，且電源電動勢a方向指為低電勢指向高電勢。進(jìn)而O點(diǎn)電勢要比C點(diǎn)電勢高。而AO沒有切割磁感覺線，進(jìn)而沒有電勢存在?？键c(diǎn)：求動生電動勢判斷電動勢方向動生電動勢8．如圖，導(dǎo)體球A與齊心導(dǎo)體球殼B組成電容器，球A上帶電量為q，球殼B上帶電量為Q，測得球A與球殼B的電勢差為UAB,則電容器的電容為(B)A．QB．qUABUABC．qQD．qQUAB2UAB解析：第二冊P43。依據(jù)電容定義Cq，即可獲得。注意的是，只有A球的電荷有影響。U考點(diǎn)：怎樣求電容9．如下列圖，平均磁場的磁感強(qiáng)度為B，方向沿y軸正向，欲要使電量為Q的正離子沿x軸正向作勻速直線運(yùn)動，則一定加一個(gè)平均電場E，其大小和方向?yàn)?D)EB(A)EB，E沿z軸正向；(B)，E沿y軸正向；==EBν，E沿z軸正向；v(C)(D)EBν，E沿z軸負(fù)向。==解析：第二冊P73。依據(jù)洛倫茲力的定義FqvB可知，在只有磁場的作用下，碰到洛倫茲力，方向?yàn)檠貁軸的正向。為了平衡這個(gè)力，需要加一個(gè)方向沿z軸負(fù)向的電場力，大小為FqvBEq，進(jìn)而可以獲得EvB考點(diǎn)：帶電粒子在磁場中運(yùn)動規(guī)律一運(yùn)動電荷q，質(zhì)量為m，以初速v0進(jìn)入平均磁場中，若v0與磁場方向夾角為α，則(C)A.其動能改變，動量不變B.其動能和動量都改變C.其動能不變，動量改變D.其動能、動量都不變解析：動量為矢量，動能為標(biāo)量。電荷做勻速圓周運(yùn)動，向心力不做功，動能不變，動量變化?？键c(diǎn)：動量、動能守恒11、在楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)中，雙縫間距d=0.4mm,縫屏間距D=1.0m，若第一級明條紋距同側(cè)第五級明紋為6.0mm，則此單色光的波長為：B（A）650nm（B）600nm(C)550nm(D)500nm解析：第二冊課本P148.明條紋在屏上的地址為xkD，則x5x15DD，41000mmddd進(jìn)而可以獲得6.0mm6.0104mm600nm0.4mm考點(diǎn)：楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)與條紋間距有關(guān)的要素、明暗紋的規(guī)律12、若是兩個(gè)偏振片堆疊在一起，且偏振化方向之間夾角為60°，光強(qiáng)為I0的自然光垂直入射在偏振片上，則出射光強(qiáng)為A(A)I0/8(B)I0/4(C)3I0(D)3I0/4/8解析：第二冊課本P200.依據(jù)馬呂斯定律II0cos2，考慮到自然光經(jīng)過偏振片后光強(qiáng)變?yōu)楸緛淼囊话?，進(jìn)而有12o1I2I0cos608I0考點(diǎn)：馬呂斯定律，檢偏一束自然光由空氣（折射率等于1）入射到某介質(zhì)的表面上，當(dāng)折射角為0時(shí)，反射光為線偏振光，則介質(zhì)的折射率等于（）A.1B.tan0C.1D.sin0tan0sin0解析：第二冊課本P202.依據(jù)布儒斯特定律，tani0n2，有tan(i0)n2。也可見P203n12例題。考點(diǎn)：布儒斯特定律二、填空題(每題3分，共27分)1、一質(zhì)點(diǎn)沿x軸運(yùn)動，加速度a與地址坐標(biāo)x的關(guān)系為a=1+3x2（SI），若質(zhì)點(diǎn)在x=0處，速度為10m/s，則質(zhì)點(diǎn)的速度方程為。解析：vdxdxdvadxvdvadx(13x2)dxvdv(13x2)dx，1v2dtdvdtdvbxx3，這里b為積分常數(shù)?？紤]到x=0處，速度為10m/s，有2v2x2x350m2/s2考點(diǎn)：已知加速度求速度、已知速度求加速度、已知運(yùn)動方程求速度、加速度2、兩個(gè)簡諧振動的振動方程分別為：x13102cos(2t)m，54x22102cos(2t)m,則合振動的振動方程為___________m．4解析：第一冊P124xx1x23102cos(2t4)2102cos(2t5)49104410412104cos(5)cos(2t0)5102cos(2t0)443102sin2102sin53102221022tan0442210225310cos21031022210224cos4422x5102cos(2t)4考點(diǎn)：振動的合成3、2mol雙原子分子理想氣體的溫度從300K上升到500K，氣體內(nèi)能的增量U=______________J.(摩爾氣體常數(shù)R=8.31J/(mol·K))解析：第二冊P187。EMiT25MmolR8.31200J831J22考點(diǎn)：氣體的內(nèi)能與溫度的關(guān)系在相同的溫度和壓強(qiáng)下，同體積的氫氣與二氧化碳(均視為剛性分子)的內(nèi)能之比為。解析：第二冊P187。氫氣的自由度為5，二氧化碳的分子為直線型，自由度為6(依據(jù)實(shí)22驗(yàn)結(jié)果)。依據(jù)EMiRT，可知，在溫度相同狀況下，內(nèi)能之比為5:6。Mmol2考點(diǎn)：分子的自由度5.一密繞長直螺線管匝數(shù)為N，長度為L，截面面積為S，通有穩(wěn)恒電流I，管內(nèi)磁介質(zhì)的磁導(dǎo)率為μ．則螺線管內(nèi)磁場的能量為_____________。解析：第二冊P121,70。Wm1BHV1NINILS1N2I2S22LL2L考點(diǎn)：磁場的能量一半徑為R的平均帶電球面，帶電量為Q.若設(shè)該球面上電勢為零，則球面內(nèi)各點(diǎn)電勢U=______.電勢零點(diǎn)解析：第二冊P22。電勢的計(jì)算可以依據(jù)定義來做，其定義為UpEdl。依據(jù)高斯p定理可知，球面內(nèi)電場為零，進(jìn)而電勢為零。注意和課本P24頁例題做比較！考點(diǎn)：電場的電勢7、在E＝300V/m的勻強(qiáng)電場中，電子從A點(diǎn)出發(fā)，沿半徑R＝0.50m的圓軌道繞圓周一圈后又回到A點(diǎn)，則電場力做功為__________J解析：第二冊P21。考慮到靜電場為守舊力場，進(jìn)而在運(yùn)動一圈此后，電場力做功為零?？键c(diǎn)：守舊力做功的特色（要清楚哪些是守舊力）9在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，所用單色光波長為λ=400nm(1nm=10m),雙縫與察看屏的距離D=1.0m，雙縫的間距d=0.4mm,則屏上相鄰明條紋間距為x=______mm。解析：第二冊P148。對于雙縫干涉而言，兩相鄰明/暗條紋間隔為xxk1xkD1000mm106mm2.5103mmd0.4mm考點(diǎn)：楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)與條紋間距有關(guān)的要素、明暗紋的規(guī)律9．波長為λ=550nm的單色光垂直入射于光柵常數(shù)d=2×10-4cm的平面衍射光柵上，可能察看到光譜線的最高等次為第______級.解析：第二冊P179，181。考慮到光柵公式(ab)sindsink，dsin2103mm3級。k5503.6。進(jìn)而可以看到106mm考點(diǎn)：光柵衍射（光柵常數(shù)、光柵公式、光柵缺級）三．計(jì)算與問答題(8+10+12+8+9=47分)題圖為諧振動的xt曲線，試分別寫出其諧振動方程解析：第一冊P137習(xí)題4-8。t10時(shí)，x0A,v00,0523又551123∴56故x550.1cos(t)m63考點(diǎn)：已知圖像求振動方程（要點(diǎn)?。?、0.01m3氮?dú)庠跍囟葹?00K時(shí)，由0.1MPa(即1atm)壓縮到10MPa．試分別求氮?dú)饨?jīng)等溫及絕熱壓縮后的(1)體積；(2)溫度；(3)各過程對外所作的功．解析：第一冊P248習(xí)題7-12。(1)等溫壓縮T300K由p1V1p2V2求得體積V2p1V110.011103m3p210對外作功AVRTlnV2p1Vlnp1V1p21.0131050.01ln0.014.67103J(2)絕熱壓縮CV5R725由絕熱方程p1V1p2V2V2(p1V1)1/p21V2(p1V1)1/(p1)V1p2p2(1)410.011.93103m10由絕熱方程T1p11T2p2得T2T1p211.4(10)0.4T2579Kp11300熱力學(xué)第必然律QEA，Q0所以AMCV(T2T1)MmolpVMp1V15T1)RT，ART1R(T2Mmol2A1.0131050.0015(579300)23.5103J3002考點(diǎn)：四個(gè)過程的能量、體積、壓強(qiáng)、溫度變化（四個(gè)過程都要弄懂?。?．一半徑為R，帶電量為Q的金屬球，球外有一層平均電介質(zhì)組成的齊心球殼，其內(nèi)、外半徑分別為a，b，相對介電常量為εr.求：(1)電介質(zhì)內(nèi)、外空間的電位移和場強(qiáng)；(2)離球心O為r處的電勢散布；(3)若是在電介質(zhì)外罩一半徑為b的導(dǎo)體薄球殼，該球殼與導(dǎo)體球組成一電容器，這電容器的電容多大.解析：第二冊P54習(xí)題9-16。(1)D,E散布r取齊心球面為高斯面ε.由高斯定理Ddsqisr導(dǎo)體球內(nèi)：(r<R)D10,E10介質(zhì)與導(dǎo)體球之間:(R<r<a)bRDdsD4πr2＝QSD2Q3r，E2Q3ra44r0r介質(zhì)內(nèi)：(a<r<b)D3Q3r，E34Qrr3r4r0介質(zhì)外：(r>b)D4Q3r，E4Q3r4r40r(2)電勢散布r<R：U1EdraQdrbQdrQdrrR40r2a40rr2b40r2U14Q11Q11QQ(1(r1)(ba))0Ra40rab40b40RrabR<r<a：U2Q114Q11QQ(1(r1)(ba))40ra0rab40b40rraba<r<b：U3Q11QQ1r140rrb40b4(b)0rrr>b：U4Q40r(3)該球殼與導(dǎo)體球組成電容器的電容:UU1Q1(r1)(ba)4(rab)0RQ40rabRCR(ba))Urb(aR)考點(diǎn)：求電容（要點(diǎn)?。?．如下列圖，長直導(dǎo)線通以電流I＝5A，在其右方放一長方形線圈，二者共面，－1線圈長l1＝0.20m，寬l2＝0.10m，共1000匝，令線圈以速度v＝3.0m·s垂直于直導(dǎo)線運(yùn)動，求a＝0.10m時(shí)，線圈中的感覺電動勢的大小和方向.解析：第二冊P137習(xí)題12-12。解：Φ0ISBdSrl1dr(t)2(t)0Il1al2dr0Il1ln(1l2)2ar2πtΦ0Il1l2drdrdtt02π(l2t)t習(xí)題12-12圖a＝0.10m時(shí),t=0.10/3.0s0Il1l2210750.10.2－62π(l2t)t(0.10.1)/30=3.0×10V方向順時(shí)鐘考點(diǎn)：求電勢（要點(diǎn)！）質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動學(xué)單元練習(xí)（一）答案1．B2．D3．D4．B5．3.0m；5.0m（提示：第一解析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動規(guī)律，在t<2.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動；在t=2.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速率為零；，在t>2.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)沿x軸反方向運(yùn)動；由位移和行程的定義可以求得答案。）6．135m（提示：質(zhì)點(diǎn)作變加速運(yùn)動，可由加速度對時(shí)間t的兩次積分求得質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動方程。）7．解：（1）r2ti(2t2)j(SI)r12ij(m)r24i2j(m)rr2r12i3j(m)vr2i3j(m/s)tdr2i2tj(SI)dv2j(SI)（2）vdtadtv22i4j(m/s)a22j(m/s2)8．解：vtA2tAsintadtcostdtooxAtAAttdtAcostvdtsinoo9．解：（1）設(shè)太陽光輝對地轉(zhuǎn)動的角速度為ω/27.27105rad/sωt6*3600dshhv1.94103m/ssdtcos2t（2）當(dāng)旗桿與投影等長時(shí)，t/4t1.08104s3.0h410．解：advdvdyvdvkydtdydtdy-kyvdv/dykydyvdv,1ky21v2C22已知y=yo，v=vo則C1v021ky0222v2vo2k(yo2y2)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動學(xué)單元練習(xí)（二）答案1．D2．A3．B4．C5．vds4tms1；atdv4ms2；anv28t2ms2；dtdtRa4et8t2enms26．o2.0rad/s；4.0rad/s；atr0.8rad/s2；anr220m/s27．解：（1）由速度和加速度的定義dr2ti2j(SI)；adv(SI)v2idtdt（2）由切向加速度和法向加速度的定義atd4t242t(SI)dtt21ana2at221(SI)t2v22t23/2（3）(SI)1an8．解：火箭豎直向上的速度為vyvosin45gt火箭達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)垂直方向速度為零，解得vogt83m/ssin459．解：vu34.6m/stan3010．解：uh；vluvlh牛頓定律單元練習(xí)答案1．C2．C3．A4．T1Mg367.5kg；a0.2T0.98m/s22M2k2x；2vxdvxk2dx2vx5．vxdtdtkfxdvx1mk2m2dt6．解：（1）FTcosFNsinmaFTsinFNcosmgFTmgsinmacos;FNmgcosmasin（2）FN=0時(shí)；a=gcotθ7．解：om2RmggoR8．解：由牛頓運(yùn)動定律可得120t40dv10dt分別變量積分vt12t4dtv6t24t6(m/s)dvo6.0xt6t24t6dtx2t32t26t5(m)dxo5.09．解：由牛頓運(yùn)動定律可得kvmgmdvdt分別變量積分vkdvktmgkkvomgdtlntvomokvomgmtmmgmkvolnkvomgln1kkmg10．解：設(shè)f沿半徑指向外為正，則對小珠可列方程2vmgcosfm，advmgsinm，以及vad，dtad，dtv2v積分并代入初條件得2ag(1cos)，fmgcosmv2mg(3cos2)．a(chǎn)動量守恒和能量守恒定律單元練習(xí)（一）答案1．A；2．A；3．B；4．C；5．相同6．v1Ft1；v2v1Ft2m1m2m27．解：（1）vxdx10t；axdvx10dtdtFma20N；xx3x140mWFx800J（2）I3Fdt40Ns18．解：mvmm'v11mv21mm'v121kxo2222xmm'vm'km9．解：物體m落下h后的速度為v2gh當(dāng)繩索完整拉直時(shí)，有m2ghmMv'v'm2ghMmI2IT2Mv'2mMM2ghm10．解：設(shè)船搬動距離x，人、船系統(tǒng)總動量不變成零Mumv0等式乘以dt后積分，得tMudttomvdt0oMxm(xl)0xml0.47mMm動量守恒和能量守恒定律單元練習(xí)（二）答案1．C2．D3．D4．C5．18J；6m/s6．5/37．解：摩擦力fmg由功能原理f(x1x2)01kx122解得kx12.2mg(x1x2)8．解：依據(jù)牛頓運(yùn)動定律mgcosFNv2mR由能量守恒定律1mv2mgh2質(zhì)點(diǎn)走開球面時(shí)FN0;RhcosRR解得：h39．解：(1)在碰撞過程中，兩球速度相等時(shí)兩小球間距離最小m1v1m2v2(m1m2)v①m1v1m2v2vm1m2兩球速度相等時(shí)兩小球間距離最小，形變最大，最大形變勢能等于總動能之差E1mv21mv21mmv2②222聯(lián)立①、②得Ep1m1m2(v1v2)2/(m1m2)210．解：(1)由題給條件m、M系統(tǒng)水平方向動量守恒，m、M、地系統(tǒng)機(jī)械能守恒．m(uV)MV0①1m(uV)21MV2mgR②22解得：2gR；u2(Mm)gRVmm)MM(M當(dāng)m到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，M以V運(yùn)動，且對地加速度為零，可看作慣性系，以M為參照系Nmgmu2/RNmgmu2/Rmg2(Mm)mg/MNMmg2(Mm)mg3M2mmgMM剛體轉(zhuǎn)動單元練習(xí)（一）答案1．B2．C3．C4．C5．v=1.23m/s；an=9.6m/s2；α=0–.545rad/s2；N=9.73轉(zhuǎn)。J6．ln27．解：（1）由轉(zhuǎn)動定律，F(xiàn)r39.2rad/s2J（2）由剛體轉(zhuǎn)動的動能定理EkEkFh490J（3）依據(jù)牛頓運(yùn)動定律和轉(zhuǎn)動定律：mg–F’=marF’=Jαa=rα聯(lián)立解得飛輪的角加速度mg2Jmr221.8rad/s8．解：（1）由轉(zhuǎn)動定律mgl1ml23g232l（2）取棒與地球?yàn)橄到y(tǒng)，機(jī)械能守恒Ek1mgl2(3)棒著落到豎直地址時(shí)1mgl11ml223g223l9．解：（1）系統(tǒng)的能量守恒，有mgh1mv21J222vr聯(lián)立解得：2mghr2；2mghvJmr2Jmr22）設(shè)繩索對物體(或繩索對輪軸)的拉力為T，則依據(jù)牛頓運(yùn)動定律和轉(zhuǎn)動定律得：mg–T＝maTr＝J由運(yùn)動學(xué)關(guān)系有：a=r聯(lián)立解得：mgJT2Jmr10．解：以中心O為原點(diǎn)作坐標(biāo)軸Ox、Oy和Oz如下列圖，取質(zhì)量為dmdxdy式中面密度為常數(shù)，按轉(zhuǎn)動慣量定義，baJz(x2y2)dm2bdx2a(x2y2)dy(ab3a3b)2212薄板的質(zhì)量mab所以Jzm(a2b2)12剛體轉(zhuǎn)動單元練習(xí)（二）答案1．C2．A3．D4．B5．3o；1Jo36．4o；123Joo27．解：小球轉(zhuǎn)動過程中角動量守恒mro2omro24o4W1212322JJo2mroo228．子彈與木桿在水平方向的角動量守恒26m2vm2vl1m1l2m2l2122m13m2l9．解：圓環(huán)所受的摩擦力矩為MmgR，由轉(zhuǎn)動定律mgRmR2，gR至圓環(huán)停止所經(jīng)歷的時(shí)間t00Rg10．解：落下過程棒的機(jī)械能守恒。設(shè)棒剛到豎直地址時(shí)角速度為11ML22MgL，①232碰撞過程，物體與棒系統(tǒng)角動量守恒mvx1ML2，②3碰撞過程軸不受側(cè)向力，物體與棒系統(tǒng)水平方向動量守恒L，③mvM2①、③消去，得M3gL，④v2m②、④消去v，得x2L.3機(jī)械振動單元練習(xí)（一）答案1．B2．B3．C4．A5．x0.10cos(π/6tπ/3)m6．2:17．解：A0.1m，2π/Tπ運(yùn)動方程xAcos(t)0.1cos(πt)m（1）由旋轉(zhuǎn)矢量法π/2，x0.1cos(πtπ/2)m；（2）由旋轉(zhuǎn)矢量法π/3，x0.1cos(πtπ/3)m；（3）由旋轉(zhuǎn)矢量法，x0.1cos(πtπ)m。π8．解：木塊處于平衡地址時(shí)，浮力大小Fmg。上下振動時(shí)，取其處于力平衡地址點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向下作為x軸正向，則當(dāng)木塊向下偏移x位移時(shí)，合外力為FP

F'此中，浮力

F'

F

gSx

mg

ga2x合外力

FP

F'

ga2x

kxga2為常數(shù)，表示木塊在其平衡地址上下所作的細(xì)小振動是簡諧運(yùn)動。由Fmd2x可得木塊運(yùn)動的微分方程為d2xga2x0dt2dt2m令2ga2，可得其振動周期為m2π2πa木水g9．解：如圖，由旋轉(zhuǎn)矢量法可知tπ/3圖8-1tπ/31/3s10.解：（1）Ep1kx21E1kA22242A0.141m2（2）Ep1kx21kA21(1kA2)1E28424EkEEp3E4機(jī)械振動單元練習(xí)（二）答案10．B11．B12．C13．2kππ/3，7102m，2kπ4π/3，1102m14．π/215．（1）0