版權(quán)說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請進行舉報或認領(lǐng)
文檔簡介
19利利用函數(shù)證明不等式是在高考導數(shù)題中比較考驗學生靈活運用知識的能力面以函數(shù)為背景讓學生探尋函數(shù)的性質(zhì)一方面體現(xiàn)數(shù)列是特殊的函數(shù)而用恒成立的不等式將沒有規(guī)律的數(shù)列放縮為為有具體特征的數(shù)列謂一題多考巧地將函數(shù)數(shù),不等式連接在一起,也是近年來高考的熱門題型。一、基礎(chǔ)知識:、考察類型:(1利用放縮通項公式解決數(shù)列求和中的不等問題(2利用遞推公式處理通項公式中的不等問題、恒成立不等式的來源:(1函數(shù)的最值:在前面的章節(jié)中我們提到過最值的一個作用就是提供恒成立的不等式。(2恒成立問題的求解:此類題目往往會在前幾問中進行鋪墊,暗示數(shù)列放縮的方向。其中,有關(guān)恒成立問題的求解,參數(shù)范圍內(nèi)的值均可提供恒成立不等式、常見恒成立不等式:(1
xx
對數(shù)→多項式()
e
x
指數(shù)→多項式、關(guān)于前項和的放縮問題:求數(shù)列前項式往往要通過數(shù)列的通項公式來解決,高中階段求和的方法有以下幾種:(1倒序相加:通項公式具備第
項與第
項的和為常數(shù)的特點()錯位相減:通項公為“等差
等比”的形式(例如
n
,求和可用錯位相減)(3等比數(shù)列求和公式(4裂項相消:通項公式可裂為兩項作差的形式,裂的某項能夠與后面項裂開某項進行相消。注放法處理數(shù)列求和不等時縮為等比數(shù)列和能夠裂項相消的數(shù)列的情況比較多見,故優(yōu)先考慮。、大體思路:對于數(shù)列求和不等式,要謹記“求和看通項公式入手,結(jié)合等號方向考慮放縮成可求和的通項公式。、在放縮時要注意前幾問的鋪墊與提示,尤其是關(guān)于恒成立問題與最值問題所帶來恒成立不等式,往往提供了放縮數(shù)列的方向
12nn12nn、放縮通項公式有可能會進行多次,要注意放縮的方向:朝著可求和的通項公式進靠攏(等比數(shù)列,裂項相消等)、數(shù)列不等式也可考慮利用數(shù)學歸納法進行證明(有時更容易發(fā)現(xiàn)所證不等式與題條件的聯(lián)系)二、典型例題:例1:已知數(shù)
f
在
x
處取得極值(1求實數(shù)的()明對任的整n,等
34n4
都立解)
f
'
x為f
的極值點f'
1a
11(思一想所證不等式與目所給函數(shù)的聯(lián)系發(fā)現(xiàn)在
f
中,存在對數(shù),且左邊數(shù)列的通項公n
12
2
也具備
f
項的特征,所以考慮分析
ln
與
x2
的大小關(guān)系,然后與數(shù)列進行聯(lián)系。解:下面求
f
的單調(diào)區(qū)間f
'
1xx
,令
f
g'
g
f
即ln
x
(每一個函數(shù)的最值都會為我們提供一個恒成立的不等式,不用白不用!觀察剛好與所證不等式不等號方向一致)令
x
1n
,則
即
n2ln1
ln
nn
nn2
n2222n2222即
2
344
nn
小煉有話說:()不等式實質(zhì)是兩組數(shù)列求和后的大小關(guān)系an
nn,n
過應項的大小關(guān)系決定求和式子的大小。此題在比較項的大小時關(guān)鍵是利用一個恰當?shù)暮瘮?shù)的最值而個函數(shù)往往由題目所給另外有兩點注意①注函數(shù)最值所產(chǎn)生的恒成立不等式②注意不等號的方向應該與所證不等式同向()決問題后便明白所證不等式為何右邊只有一個對數(shù),其實也是在作和,只是作和時對數(shù)合并成一項(與對數(shù)運算法則和真數(shù)的特點相關(guān)今后遇到類似問題可猜想對數(shù)是經(jīng)歷怎樣的過程化簡來的,這往往就是思路的突破點思路二發(fā)不等式兩邊均有含n的表達式且側(cè)作和所以考慮利用學歸納法給予證明:解:用數(shù)學歸納法證明:①當
時,不等式為
成立②假
n
時,不等式成立(即
2
349
ln(
)當
時,若要證
49
kklnkk34249
2只證ln(
k
ln
klnk
1k
(下同思路一:分析
f
的最值可得
)令
x
1k
,由恒成立不等式
可得
ln1
1k
即所證不等式成立③
,均有
2
344
nnn小煉有話說:利用數(shù)學歸納法證明要注意兩點)格式的書寫()利用設(shè)的條件
所假
例2:已知數(shù)
f
()
a
14
時,求函數(shù)
f
的單調(diào)區(qū)間(當
f()
圖像上的點都在
xy
所表示的平面區(qū)域內(nèi)求實數(shù)
a
的取值范圍()求:
4
n2
(中
N是然數(shù)底)解)解法,求出單調(diào)區(qū)找最值f
14
f
'
1xx2x2xx
,令
f
求出單調(diào)區(qū)間如下:f
'
f():函數(shù)
yf()
圖像上的點都在
xy
區(qū)域內(nèi),條件等價于
,
x
恒成立,即
ln
令
g
g
'
12ax令
g
即2a①a0時g
alna
不符合題意(此時發(fā)現(xiàn)單調(diào)性并不能直接舍掉
a
0
的情況可估計函數(shù)值的趨勢
恒為正
早晚會隨著
值的變大而為正數(shù),所以必然不符合題意。在書寫時可構(gòu)造反例來說明,此題只需
nn211nn211ax
即可,所以選擇
1a
)②
0
時,
a
即
g
g
單調(diào)遞減
,符合題意綜上所述:
0(路所不等式
4
22n
,左邊連乘,右邊是e,可以想到利用兩邊取對數(shù)“化積為和時用第二問的結(jié)論。第二問給我們提供了恒成立的等,a,ln,則可與左邊的求和找到聯(lián)系。
a,即解:所證不等式等價于
l11
n2由(2)可得
ln
,
n
2
,即ln222
n
n
n
1
(左邊可看做是數(shù)列求和,利用結(jié)論將不等式左邊的項進行放縮,轉(zhuǎn)化成可求和的數(shù)列——裂項相消)212
ln222
2
1
2
1
12
不等式得證小煉有話說:(第問中代數(shù)方法與數(shù)形合方法的抉體會為什么放棄線性規(guī)劃思路如將約束條件轉(zhuǎn)變?yōu)楹愠闪栴}()數(shù)運算的特點:化積為和。題目中沒有關(guān)于乘積式的不等關(guān)系,于是決定變?yōu)楹褪剑ǎ┯蒙弦粏柕慕Y(jié)論放縮通項公式,將不可求和轉(zhuǎn)變?yōu)榭汕蠛停M而解決問題例3:已知數(shù)
f()
x(1lnx)x
2x22x2(1當
時,討論
g(
(2當時若f(n
恒成立,求滿足條件的正整數(shù)n的值;()證
2n
52
解)
f
axxn
axxx若
g
當當
00
時,時,
gg
上單調(diào)遞增上單調(diào)遞減(2)思路:
f
xxx
不等式等價于n即
x
min而在第1)問中
g
即為
f'
的分子,故考慮利用
g
來確定
f'
的符號,進而求出
f
的單調(diào)區(qū)間及最值解:
f
x
x
,由(1)得
g
單調(diào)遞增g
ln3ln4
(盡無法
g
的1g
,所以可估計零點的所在區(qū)間)x
的單調(diào)區(qū)間如下:
f
+f
nnnnf
fmin
bb
lnf
bb
n(思路:由第(2)問
n
,所證不等式可兩邊同取對數(shù)“化積為和考利用結(jié)論進行放縮解:所證不等式等價于:ln
ln
52由第(2)問可得:
3lnxln
2nnn
i
ln
17=2nln3nn2即原不等式成立。(如果從第一項就進行縮小,則
i
1lni1n
n
3n
,發(fā)現(xiàn)縮小過度但差距不大,所以進行調(diào)整,第一項不變,其余放縮。這樣不僅減少縮小的尺度,同時不改變求和規(guī)律)小煉有話說:這道題是對書中幾篇文章所講技巧的一個綜合。所涉內(nèi)容如下:()二問中對零點
x
的處理,參見:3.1.3最分析法()三問中數(shù)列放縮后的調(diào)整值得注意,放縮的過程中有可能存在“放過頭”的情況,往往是由于前幾項放縮程度過大造成的(通常越大,放縮的程度越小以考慮數(shù)列幾項不進行放縮,然后再看不等式能否成立,若一直都“過度”一點點,那么就要考慮是否另選放縮方案了。例:設(shè)函數(shù)
f
,其中
R
。:
n2222323n23n2222323n23()a
時,討論函數(shù)
f(x
在其定義域上的單調(diào)性;(2證明:對任意的正整數(shù)
n,等式ln
112
都成立。解析:()
f
'
x
ax2x
,令
f
即解不等式
2x
2
①
12
a0
時方程
2x
的兩根
1
a,x2
,
2f
的單調(diào)區(qū)間為:11a11,f
'
f②
12
時,
2
2
恒成立f
單調(diào)遞增()慮
a
時,則
f令
h
f
ln
'
x
3
x
在
恒成立h
單調(diào)遞增
hln
,令
x
1n
111ln1lnnnlnk
nnnn即:
ln
1123
例5:已知函數(shù)
f()xln(x
的最小值為0,其中。a()的值()對任意的
x有f)
2
成立,求實數(shù)k的最小值()明
i
2i
ln(2*)解)
f
'
1
,定義域
令
f
解得
x
,f
的單調(diào)區(qū)間為:f'
fmin
ff
()時取有fln0,不題意。當k時令g(f(x)kx
2,g()xxkx2
。g
xkxkkxxx
,令
g
,得
x12
1k2
當
k
11k時,2
0,
在
上恒成立因此
g(x
在
[0,
上單調(diào)遞減,對任意的[0,
,總有
g(x)(0)0,即(x)kx
2
在
[0,
上恒成立。故
k
12
符合題意。當
0k
1時,2
1kx),g,g(x)在)2kk
內(nèi)單調(diào)遞增,取
x(0,
1k2
)
時,
gx(0)0
,即
f()
不成立。
2nnnnn2nnnnn故
0
12
不合題意
k
12綜上,
的最小值為
12
。()第2)問可得:當2令i
11時,不等式ln2
恒成立2iln22i2
2i
2
112ii
i
2211ln31ii
1122
即
i
2n2i1lnln3i2i2i即
i
2i
2(nN
*
)例6:已知數(shù)
f(x)lnx3ax(1求
fx)
的最大值;()明等:
e
。解)
f
'
1xx
,令
f
,
f
單調(diào)區(qū)間如下:f'f
y
f
()思路:左邊可看做數(shù)列求和,其通項公式為
i
n
,無法直接求和,所以考慮利用條件進行放縮,右邊是分式,可以猜想是等比數(shù)列求和后的結(jié)果,所以將
i
放縮為等比數(shù)列模型。由(1)可得
lnxx
,令
x
in
進行嘗試解:由()可得
lnxx
ninnnnninnnn令
x
iiii,即nniln尋找方的來源)
i
1
2
n
e
eee
不等式得證小煉有話說:此題的第(3)問數(shù)列通項公式放縮為等比數(shù)列求和,如果不等式的一側(cè)是一個分數(shù),則可向等比數(shù)列求和的結(jié)果考慮(猜想公比與首項例7:函數(shù)
f(x)
.()
f(x)cosx
在
a
的取值范圍;()明
f
2(n2(n)f)f()n
(解成不等式等價于
令
g
(:在
中這三個自變量的函數(shù)值最便于計算,進而選擇代入)yaxx
可視為關(guān)于
a
的一次函數(shù)且遞增
令
h
2
xx
則對
2
,
g
恒成立
若要
g
,只需
h
,下面進行證明:h
h
,只需證
xxx
即可h
'
2
sin
考慮
0,2
時,
x2x
從而
h
'
2
2
(注導數(shù)無法求出極值點故引入抽象的極值點,
h240sin2n2nx4h240sin2n2nx42但要利用零點存在性定理估計所在區(qū)間)h
'
2,sinh
'
,
,使得
h
且當
h
單調(diào)遞減,在
,
單調(diào)遞增h
h
恒成立
,進而對每一個
a
2
均滿足
a
2(思將邊視為數(shù)列求和通項公式為
af(
k2
)
(意左邊是
項求和考慮利用前面條件對通項公式放縮
a
2
則
x
2
恒成立但如果直接進行代入,不等號右邊的
無法處理,進而無法與所證不等式的右邊找到聯(lián)系。考慮將
挪至左側(cè)并與
sinx
合角而將三角函數(shù)放縮為多項式根求和特點進行求和解:由()可得:
x
2
cos
2
222sinxsinx4令
4k4可得
f
k
24k2n242n(為
a
k2n
為
令
4
k1
,反求即可)
f(
2n)()f(n
)
n
22
fefe
2n4n
4
n24
22
f
2(=2(n2()f)f()nn小煉有話說:(關(guān)本題第二問恒成立的具體可參見3.3.3有關(guān)容明需要極值點而無法直接求出時可先用抽象的
x
0
代替,但要確定好
x
0
所處的大概區(qū)間(三問對第二問的結(jié)論稍加變將
與
sinx
進行合角不是直接代入
f
)的應用是本題的一大亮點方程等式的變形目的是將條件與結(jié)論能夠連接起來以構(gòu)造時要關(guān)注所求不等式的結(jié)構(gòu)特點。()第問不等式的左邊有兩細節(jié):第一個是左邊求和的項數(shù)是
項,第二個在f(
2n
)
中,同一個
n
所代表的含義不同。分母每一項都是
,
n
與項數(shù)相關(guān)。給定一個n數(shù)項的分母就固定了而分子的n表的是序數(shù)可現(xiàn)數(shù)列中分子是在不斷變化的,從1變n,在(
2n
)
,同一個在子分母中扮的角色不同。所以在寫通項公式時,引入了字母
用來區(qū)分序數(shù)與項數(shù)。例8
y
fxk
在
上為增函數(shù)
f
次比增函數(shù)
k
,已知
f
:()
a
12
時,求函數(shù)
g在m,x
上的最小值()證
2
1
解:()
g
e
x
g'
11x22x
12
x令
g
解得
x2
xxxx
單調(diào)遞減,在
單調(diào)遞增①
時,
gmin
g
e2m②
mm,g
gmin
e2③
,
min
m2綜上所述:
g
,222+1,(2由第)問可得:
ee2,即2所求和的通項公式為
an
n
1
,由
1e
可得:x
x
xx
1xe
1x
,令
x
,可得:
n
1
2enn
12
e
+
+
2
11112
1
1111223
12e
111114234
11n
=
11117122ne2e
,e2,11,e2,11例9:已知函數(shù)
f
lnx()
g數(shù)
在區(qū)間
上的零點個數(shù)()記
Fn
ln
2n
,Sn2
Fn
*
,對意整
,
n
n
4n
對意
D
恒立則
在
D
上“效的試斷
2
上“效的若,給證,不,說理由解)
g
,g
即
的零點個數(shù)即為函數(shù)
y
x
與
ym
交點的個數(shù)設(shè)
x
,
h
x2x2
,令
h'
解得
x單調(diào)區(qū)間如下:
h
hh
42
,草圖如下:或時g
無零點0
或
4e
m
,
g
一個零點0
4e
,
g
兩個零點
,1n2,1n2(思路觀到
Fn
2n
結(jié)構(gòu)上(2中的
h
很相似
S
n
n
實質(zhì)上是
F
F
,故考慮對每一項進行放縮使得求和具有規(guī)律性
h
的特點
F
可寫成
Fn
ln2(將n2nx
nx
視為整體用
h單調(diào)性進行放縮解:
h
單調(diào)區(qū)間如下:h
'
h2nne4heln22xFxn3n2nxn2
(2縮為
4
1n2
而
1n
可放縮為能夠裂項求和的式子Fn
11nnS
n
nn
n
Fn
+
1=4ppnpn
上是“高效”的小煉有話說:()題中的第()對第()問的函數(shù)構(gòu)造提供了方便,對于證明數(shù)列不等式,同學要善于利用前面問題的條件與結(jié)論()()的關(guān)鍵之處在于找
F
的聯(lián)系,以及通過不等關(guān)系消
()和時通項公式放縮的方向為構(gòu)造具備裂項求和的數(shù)列,其中
1n2
的放縮技巧如下:
2x22n212222nnn22x22n212222nnn2n
11nn
n
而左右兩邊均可裂項求和例10已函數(shù)
(1若
f
在定義域內(nèi)為減函數(shù),求p的圍()
1
a
n
n
n
,證:2
時4n
34解)f
'
f為減函數(shù)1
x0,
x
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預覽,若沒有圖紙預覽就沒有圖紙。
- 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負責。
- 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準確性、安全性和完整性, 同時也不承擔用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 商業(yè)保密協(xié)議書合同七篇
- 頸部血管損傷病因介紹
- 隱匿性腎小球腎炎病因介紹
- 輸尿管狹窄病因介紹
- (范文)滾塑模具項目立項報告
- (2024)陶瓷膜系列產(chǎn)品生產(chǎn)建設(shè)項目可行性研究報告(一)
- (2024)PVC新型裝飾膜生產(chǎn)線項目可行性研究報告建議書立項(一)
- 廣東省普通高中2024屆高三合格性考試模擬沖刺數(shù)學試題(二)(原卷版)-A4
- 2023年厚、薄膜混合集成電路及消費類電路項目融資計劃書
- 智慧文旅行業(yè)解決方案全集
- 《陸上風電場工程設(shè)計概算編制規(guī)定及費用標準》(NB-T 31011-2019)
- 石材幕墻施工技術(shù)及工藝規(guī)范
- 碳酸丙烯脂吸收二氧化碳
- 高放廢物深地質(zhì)處置
- 關(guān)于《公交都市考核評價指標體系》的說明
- 機械零件測繪
- 護理質(zhì)量持續(xù)改進記錄.doc
- 中國詩詞大會第一季全部詩詞
- 第七章金融遠期、期貨和互換案例
- 最新安全日志范本
- 工程量計算表.doc
評論
0/150
提交評論