1北京市西城區(qū)高三抽樣測試

1.eq\a\vs4\al\co1(北京市西城區(qū)高三抽樣測試)1.D【解析】噬菌體屬于病毒，沒有細(xì)胞結(jié)構(gòu)，只能在細(xì)菌內(nèi)營寄生生活，不能利用動(dòng)物細(xì)胞培養(yǎng)技術(shù)對(duì)噬菌體進(jìn)行培養(yǎng)。2.B【解析】加酶洗衣粉中酶的專一性決定了只能清除相對(duì)應(yīng)的污物，同時(shí)加酶洗衣粉也可能對(duì)某些材質(zhì)的衣物造成損害。3.D【解析】赤霉菌對(duì)植物感染屬于寄生；赤霉素屬于植物激素，是赤霉菌的次級(jí)代謝產(chǎn)物；激素對(duì)植物的生長具有調(diào)節(jié)作用，但激素不屬于植物的營養(yǎng)成分；在長期的自然選擇作用下，生物對(duì)所生存的環(huán)境具有適應(yīng)性。4.C【解析】二倍體生物除細(xì)胞中需含有2個(gè)染色體組外，其前提條件是“由受精卵發(fā)育而成”，僅由圖示無法顯示出其是否來源于受精卵，所以不能肯定其一定是二倍體生物。5.A【解析】GFP是蛋白質(zhì)，蛋白質(zhì)能水解生成氨基酸。6.D【解析】選項(xiàng)A，H原子的質(zhì)子數(shù)錯(cuò)誤；選項(xiàng)B，連接－NH2上的C原子少了一個(gè)H；選項(xiàng)C，H2O2是共價(jià)化合物，題述寫了離子化合物的電子式，錯(cuò)誤；選項(xiàng)D，為乙二醛的化學(xué)式，正確。7.B【解析】選項(xiàng)A，天然氣為化石能源，是不可再生能源；選項(xiàng)B，明礬在水中完全電離為強(qiáng)電解質(zhì)，H2O部分電離為弱電解質(zhì)；選項(xiàng)C，純堿為Na2CO3，屬于鹽類；選項(xiàng)D，CO2不是大氣污染物。8.B【解析】溫度越高，反應(yīng)速率越快，達(dá)到平衡所需時(shí)間越少，由題意T1<T2可知，T2溫度高，達(dá)到平衡的時(shí)間少，即先拐，符合此條件的有A、B，同時(shí)此可逆方向的正方向是放熱反應(yīng)，溫度越高，越不利于Z的生成，所以T2平衡時(shí)對(duì)應(yīng)的Z的體積分?jǐn)?shù)比T1的低，據(jù)此只有選項(xiàng)B圖示符合。9.A【解析】①中由于生成的三溴苯酚只是不溶于水的白色沉淀，但易溶于有機(jī)溶劑苯中，所以加入濃溴水，沒沉淀生成，同時(shí)過多的溴還會(huì)溶解在苯中，引入新的雜質(zhì)；②中飽和Na2CO3溶液能與CH3COOH反應(yīng)而除去，且乙酸乙酯在飽和NaHCO3溶液中的溶解度很小，分液后得到乙酸乙酯；③中CO2、SO2都會(huì)被NaOH溶液吸收；④中NaHCO3受熱分解得到Na2CO3。故②④正確。10.D【解析】選項(xiàng)A，由于存在水解平衡：COeq\o\al(2－,3)＋H2OHCOeq\o\al(－,3)＋OH－，所以一個(gè)碳酸根離子變?yōu)閮蓚€(gè)離子，使溶液中溶質(zhì)離子總數(shù)大于1.5×6.02×1023；選項(xiàng)B，Na2O2中含有的陰離子為Oeq\o\al(2－,2)，0.1molNa2O2含有0.1×6.02×1023個(gè)陰離子；選項(xiàng)C，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，乙酸為液體，不能根據(jù)氣體摩爾體積計(jì)算其物質(zhì)的量；選項(xiàng)D，H2、Cl2在沒有點(diǎn)燃或光照的情況下二者不反應(yīng)，0.05mol混合氣體含有的分子數(shù)為0.05×1023個(gè)。11.C【解析】選項(xiàng)A，氨水中加入NHeq\o\al(＋,4)抑制了NH3·H2O的電離，溶液pH減小，強(qiáng)堿NaOH與NHeq\o\al(＋,4)反應(yīng)生成弱堿NH3·H2O導(dǎo)致溶液的pH減小；選項(xiàng)B，稀釋10倍后，pH＝11的氨水：10<pH<11；pH＝11NaOH溶液：pH＝10；pH＝3的醋酸：3<pH<4；pH＝3的H2SO4：pH＝4，故稀釋后pH①>②>④>③。選項(xiàng)C，pH＝11的氨水與pH＝3的H2SO4混合后溶液呈中性，根據(jù)電荷守恒可得2c(SOeq\o\al(2－,4))＝c(NHeq\o\al(＋,4))。選項(xiàng)D，eq\f(10－3V1－10－3V2,V1＋V2)＝10－4，解得eq\f(V1,V2)＝eq\f(11,9)。12.C【解析】根據(jù)題設(shè)條件X、Z可能是Na、Mg、Al，Y可能是O、F。選項(xiàng)A，X的原子半徑大于Z，X原子序數(shù)一定小于Z，故有原子序數(shù)Z>X>Y；選項(xiàng)B，X的原子序數(shù)小于Z，且X、Z在同一周期，原子半徑X>Z，半徑越小，金屬鍵越強(qiáng)，其單質(zhì)的沸點(diǎn)越高，故沸點(diǎn)Z>X；選項(xiàng)C，MgO不溶解在NaOH溶液中；選項(xiàng)D，Na、Mg、Al是活潑金屬，工業(yè)上制備活潑金屬的主要方法是電解。13.A【解析】本題考查原子核知識(shí)，半衰期與元素所處的物理化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，A選項(xiàng)正確；原子核經(jīng)過一次α衰變后，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)減少2個(gè)，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；原子核發(fā)生β衰變時(shí)，核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子從核內(nèi)釋放出來形成β射線，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；α射線的電離本領(lǐng)最強(qiáng)，貫穿本領(lǐng)最弱，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。本題容易。14.C【解析】本題考查熱學(xué)知識(shí)，布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；由熱力學(xué)第三定律知：絕對(duì)零度(－273.15°C)不可能達(dá)到，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；氣體被壓縮，體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)增大，但如果溫度也降低，使分子運(yùn)動(dòng)劇烈程度降低，對(duì)器壁的碰撞作用力減弱，則壓強(qiáng)可能減小，C選項(xiàng)正確；熱量在自發(fā)傳遞時(shí)，總是從溫度高的物體傳到溫度低的物體，與內(nèi)能大小無關(guān)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤，本題容易。15.D【解析】本題考查光學(xué)知識(shí)，光從B傳播，經(jīng)P點(diǎn)出射，角ODP是折射角，角BPE是入射角，n＝sini/sinr，sini＝d/eq\r(d2＋AC2)，sinr＝d/eq\r(d2＋BC2)，n＝eq\r(\f(d2＋BC2,d2＋AC2))，D選項(xiàng)正確，本題難度中等。16.C【解析】本題考查機(jī)械波知識(shí)，在T/4內(nèi)振動(dòng)傳播的距離為λ/4，質(zhì)點(diǎn)1到5間距離為λ/4，形成波的各個(gè)質(zhì)點(diǎn)在振動(dòng)時(shí)，總是重復(fù)前面質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)，1質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)向上振動(dòng)，因此各質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)均向上振動(dòng)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；在T/2時(shí)，振動(dòng)傳到質(zhì)點(diǎn)9，質(zhì)點(diǎn)8在平衡位置上方向上振動(dòng)，加速度指向平衡位置，方向向下，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；t＝eq\f(3T,4)時(shí)振動(dòng)傳到質(zhì)點(diǎn)13，質(zhì)點(diǎn)12的運(yùn)動(dòng)方向向上，C選項(xiàng)正確；t＝T時(shí)質(zhì)點(diǎn)17開始運(yùn)動(dòng)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。本題容易。17.C【解析】本題考查牛頓第二定律，圖甲表示靜止時(shí)體重計(jì)示數(shù)，其示數(shù)為人的質(zhì)量，圖乙示數(shù)比靜止時(shí)變大，表示在1樓加速運(yùn)動(dòng)，不是制動(dòng)，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；圖丙示數(shù)比靜止時(shí)小，表示在9樓減速上升，圖丁示數(shù)比靜止時(shí)小，表示在10樓處向下加速運(yùn)動(dòng)，圖戊示數(shù)比靜止大，表示在2樓處向下加速運(yùn)動(dòng)。圖甲示數(shù)為人的質(zhì)量，圖戊示數(shù)為向下減速時(shí)持力大小(示數(shù)乘以重力加速度)，由牛頓第二定律得F－mg＝ma，可求得加速度大?。籆選項(xiàng)正確，而根據(jù)圖乙和圖丙、圖丁和圖戊均無法知道人的質(zhì)量，A、D選項(xiàng)錯(cuò)誤，本題較難。18.D【解析】本題考查萬有引力知識(shí)，在天體表面豎直上拋物體，t＝2v/g，重力加速度大小與時(shí)間成反比，g′∶g＝1∶5，A、B選項(xiàng)錯(cuò)誤；在天體表面，萬有引力等于重力，即GMm/R2＝mg，M＝R2g/G，天體質(zhì)量與半徑平方成正比，與重力加速度成正比M星∶M地＝(1∶16)·(1∶5)＝1∶19.B【解析】本題考查變壓器知識(shí)。P沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，副線圈的匝數(shù)變大，副線圈兩端的電壓變大，兩燈均變亮，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；P不動(dòng)，副線圈兩端電壓不變，Q向左移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器阻值減小，副線圈所連電路的總電阻變小，電流變大，兩燈均變亮，B選項(xiàng)正確；P不動(dòng)，副線圈兩端電壓不變，將Q向右移動(dòng)，副線圈所連電路的總電阻變大，電流減小，副線圈消耗的電功率變小，理想變壓器原副線圈功率相等，原線圈輸入功率減小，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；P不動(dòng)，副線圈兩端電壓不變，斷開開關(guān)，副線圈中總電阻增大，總電流減小，滑動(dòng)變阻器上的電壓減小，電燈上電壓增大，L1將變亮，D選項(xiàng)錯(cuò)誤，本題難度中等。20.C【解析】本題考查電場知識(shí)。如圖所示，連接b、d，把bd分成三等份，則每一等份的電壓為4V，e點(diǎn)電勢為20V，f點(diǎn)電勢為16V，連接a、e，c、f，ae是等勢面，cf是等勢面，c點(diǎn)和f點(diǎn)電勢為16V，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；勻強(qiáng)電場中場強(qiáng)垂直于等勢面，但bd不垂直于ae，因此bd方向不是場強(qiáng)方向，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；延長cf與ad交于h，f是de的中點(diǎn)，則h是ad的中點(diǎn)，dh＝L，∠dch＝45°，從b點(diǎn)作ch的垂線bg，ch是等勢線，則bg是場強(qiáng)的方向，由圖形可知質(zhì)子速度與場強(qiáng)垂直，做類平拋運(yùn)動(dòng)，cg為在速度方向上位移，由于∠bch＝45°，bc＝2L，則cg＝2L×cos45°＝eq\r(2)L，cg＝v0t，t＝eq\f(\r(2)L,va)，C選項(xiàng)正確；bc間電壓為8V，質(zhì)子從b到c，電場力做功為8eV，D選項(xiàng)錯(cuò)誤，本題較難。21.(18分)(每空2分)(1)(4分)16.496.8(2)①(2分)如右圖所示②(4分)2.865.70～6.10(兩位有效數(shù)字均給分)③(2分)CD(含有錯(cuò)誤答案不給分)④(6分)1.00×103串聯(lián)2.90×104(1000,29000同樣給分)【解析】(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)方法：主尺刻度＋游標(biāo)上與主尺對(duì)齊的刻度×精度，讀數(shù)為16＋4×0.1＝16.4mm；秒表內(nèi)表盤上讀數(shù)為分鐘，外表盤上讀數(shù)為秒，總時(shí)間為兩讀數(shù)之和，讀數(shù)為1.5min＋6.8s＝96.8(2)對(duì)電學(xué)圖象類型題目，首先根據(jù)閉合電路歐姆定律寫出縱軸物理量和橫軸物理量的函數(shù)關(guān)系，然后根據(jù)函數(shù)關(guān)系分析圖象的斜率、交點(diǎn)、截距的物理意義。設(shè)電阻箱阻值為R，電動(dòng)勢為E，電池內(nèi)電阻為r，由閉合電路歐姆定律得E＝U＋I(xiàn)r＝U＋Ur/R,1/U＝1/E＋(r/E)·1/R,1/U與1/R成線性關(guān)系，圖象斜率表示(r/E)，與縱軸的截距表示1/E，可求得電動(dòng)勢E＝2.86V，內(nèi)電阻r＝5.80Ω。實(shí)驗(yàn)中的誤差包括由人為因素引起的為偶然誤差和由儀器和原理引起的為系統(tǒng)誤差，AB選項(xiàng)錯(cuò)誤；在處理數(shù)據(jù)時(shí)，為了減小誤差，通常采用圖象的處理方法，考慮電壓表內(nèi)阻，可以完善實(shí)驗(yàn)原理，減小系統(tǒng)誤差，CD選項(xiàng)正確。測量電流表內(nèi)阻方法類似于半偏法，在指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的eq\f(2,3)時(shí)，電流表的電流為總電流的eq\f(2,3)，電阻箱的電流為總電流的eq\f(1,3)，電流表的電阻與電阻箱的電阻之比為1∶2，因此電流表內(nèi)阻的數(shù)值為1.00×103Ω。將靈敏電流計(jì)改裝為電壓表，需串聯(lián)的電阻為U/Ig－Rg＝2.90×104Ω。22.(16分)解：(1)(5分)從A到B，根據(jù)動(dòng)量定理(F－μmg)t＝mv(4分)解得v＝eq\f(Ft,m)－μgt(1分)(2)(6分)物塊在斜面上受力如右圖所示(1分)根據(jù)牛頓第二定律mgsinθ＋μN(yùn)＝ma(2分)N＝mgcosθ(2分)解得a＝g(sinθ＋μcosθ)(1分)(3)(5分)根據(jù)v2＝2as(3分)解得s＝eq\f((Ft－μmgt2),2m2g(sinθ＋μcosθ))(2分)23.(18分)解：(1)(6分)設(shè)a球到D點(diǎn)時(shí)的速度為vD，從釋放至D點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理mgR－0.1mg×CD＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,D)(3分)對(duì)a、b球，根據(jù)動(dòng)量守恒定律mvD＝2mv(2分)解得v＝1.73m/s(2)(6分)兩球進(jìn)入復(fù)合場后，由計(jì)算可知Eq＝2mg兩球在洛侖茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如右圖所示(1分)洛侖茲力提供向心力evB＝2meq\f(v2,r)(2分)由圖可知r＝2h(2分)解得h＝2eq\r(3)(3)(6分)ab系統(tǒng)損失的機(jī)械能ΔE＝mg(R＋h)＋mgh－eq\f(1,2)×2mv2(4分)或ΔE＝0.1mg×CD＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)×2mv2＋Eqh解得ΔE＝1.48×10－4J(2分)24.(20分)解：(1)(4分)感應(yīng)電動(dòng)勢E＝Bhv(2分)v＝ωr(1分)代入數(shù)據(jù)得E＝2V(1分)(2)(8分)粒子加速度a＝eq\f(Uq,dm)(2分)周期T＝eq\f(2π,ω)(2分)粒子在eq\f(1,8)T時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的距離s0＝eq\f(1,2)a(eq\f(1,8)T)2＝eq\f(1,32)m(2分)由s0和d的數(shù)據(jù)可知t＝eq\f(1,2)T＝3.14×10－2s(2分)(3)(8分)第一種情況：粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示(2分)初速度v01＝eq\f(L0,\f(1,4)T)＝20m/s(2分)第二種情況：粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示(2分)初速度v02＝eq\f(L0,\f(1,2)T)＝10m/s(2分)25.(15分)(1)ad(2分)(2)醛基(2分)CH3CH2COOH(2分)(3)CH3(CH2)4COOH＋CH2＝CHCH2OHCH3(CH2)4COOCH2CH＝CH2＋H2O(3分)(4)(CH3)3CCH2OOCH(3分)(5)(3分)【解析】(1)(2)根據(jù)題設(shè)條件可推知B分子中存在碳碳雙鍵和一個(gè)－OH，且不存在－CH3，再結(jié)合A、F的分子式可得B為CH2＝CH－CH2OH，CH2＝CH－CH2OH在一定條件下與H2發(fā)生加成反應(yīng)生成C：CH3CH2CH2OH，CH3CH2CH2OH催化氧化生成D：CH3CH2CHO，CH3CH2CHO催化氧化生成E：CH3CH2COOH。CH3CH2CH2OH為醇，能與Na發(fā)生取代反應(yīng)，還能與CH3COOH發(fā)生酯化反應(yīng)。(3)由于A中沒有支鏈，推知F為CH3(CH2)4COOH，CH3(CH2)4COOH與CH2＝CH－CH2OH在濃硫酸作用下發(fā)生酯化反應(yīng)生成CH3(CH2)4COOCH2－CH＝CH2。(5)醇的催化氧化產(chǎn)物常溫下為氣態(tài)的只有HCHO，故乙為CH3OH，結(jié)合E(CH3CH2COOH)和戊的分子式(C7H18O3)可推得丙為，丁為CH3OCH2CH2OH，戊為。26.(13分)(1)8Al＋3Fe3O4eq\o(=,\s\up7(高溫))4Al2O3＋9Fe(2分)(2)①煮沸(1分)②負(fù)(1分)生成白色沉淀(1分)Fe－2e－＋2OH－=Fe(OH)2↓(2分)③4Fe(OH)2＋O2＋2H2O=4Fe(OH)3(3分)(3)FeaOb(3分)【解析】(1)R為Fe，F(xiàn)e在X(O2)中燃燒生成甲(Fe3O4)，F(xiàn)e3O4在高溫下與Al發(fā)生鋁熱反應(yīng)生成Fe和Al2O3：8Al＋3Fe3O4eq\o(=,\s\up7(高溫))4Al2O3＋9Fe。(2)①由于Fe(OH)2易被O2氧化，所以配制NaCl、NaOH混合液中需通過加熱煮沸的方法除去溶解在溶液中的O2。②R與電源正極相連，失去電子產(chǎn)生Fe2＋，所以石墨應(yīng)連接電源的負(fù)極。Fe失去電子生成的Fe2＋與溶液中的OH―反應(yīng)生成白色的Fe(OH)2沉淀，其電極反應(yīng)為：Fe－2e－＋2OH―=Fe(OH)2↓。③Fe(OH)2被空氣中的O2氧化生成紅褐色的Fe(OH)3：4Fe(OH)2＋O2＋2H2O=4Fe(OH)3↓。(3)R的氧化物與Al發(fā)生鋁熱反應(yīng)后生成的Fe與鹽酸反應(yīng)產(chǎn)生H2(假設(shè)為amol)，等量的R的氧化物和Al粉混合物與NaOH溶液反應(yīng)時(shí)，Al與NaOH溶液反應(yīng)產(chǎn)生H2(假設(shè)為bmol)。根據(jù)Fe～H2，Al～1.5H2，Al～1.5O，可得R中含有amolFe，bmolO，故R的化學(xué)式為FeaOb。27.(16分)(1)a、b(2分)(2)Cl2＋2OH－=Cl－＋ClO－＋H2O(2分)(3)①否(1分)；HCl＋NH3=NH4Cl(2分)②BDADC(2分)濃硫酸(1分)防止空氣中的水和CO2進(jìn)入D裝置，吸收多余的氨氣(2分)③[18m(CuO)/m(H2O)]－16(4)NO2Cl(2分)【解析】(1)選項(xiàng)a，立即通知相關(guān)部門，轉(zhuǎn)移隊(duì)伍，并迅速離開現(xiàn)場減少Cl2對(duì)其的傷害。選項(xiàng)b，肥皂水具有堿性能吸收Cl2，由于Cl2隨風(fēng)飄散，逆風(fēng)疏散可減少與Cl2接觸的機(jī)會(huì)，防止中毒。NaOH具有極強(qiáng)的腐蝕性，能對(duì)人體造成傷害，所以選項(xiàng)c錯(cuò)誤。(2)NaOH與Cl2反應(yīng)生成NaCl、NaClO和H2O：Cl2＋2OH―=Cl―＋ClO―＋H2O。(3)①因NH4Cl受熱分解產(chǎn)生的HCl、NH3在試管口又重新化合生成NH4Cl而堵塞導(dǎo)管。②裝置B用于制備NH3，但所得的NH3中含有CO2、H2O雜質(zhì)，可用裝置D中的堿石灰吸收，除雜后的NH3進(jìn)入裝置A的硬質(zhì)玻管中與CuO反應(yīng)生成N2、Cu、H2O，生成的H2O用裝置D的堿石灰吸收(測定H2O的質(zhì)量)，最后用裝置C(盛有濃硫酸)吸收未反應(yīng)完全的NH3，防止污染環(huán)境，同時(shí)也防止空氣中的H2O和CO2進(jìn)入裝置D中導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差。③根據(jù)CuO～H2O，n(CuO)＝n(H2O)＝m(H2O)/18＝m(CuO)/(Mr＋16)[Mr為Cu的相對(duì)原子質(zhì)量]，解得Mr＝[18m(CuO)/m(H2O)]－16(4)根據(jù)圖示變化，Cl2與NO2的反應(yīng)是氣體總物質(zhì)的量減小的反應(yīng)，當(dāng)Cl2為2mol時(shí)，氣體總物質(zhì)的量最小，此時(shí)Cl2與NO2剛好完全反應(yīng)，即Cl2與NO2反應(yīng)的計(jì)量數(shù)為1∶2，設(shè)生成的氣體為A，Cl2＋2NO2→aA,1molCl2反應(yīng)后氣體總物質(zhì)的量為5mol，反應(yīng)后氣體總物質(zhì)的量減小了1mol，推知a＝2，根據(jù)原子守恒可得A的分子式為NO2Cl。28.(16分)(1)a(2分)(2)eq\o\al(·,·)eq\o(S,\s\up6(··))·eq\o\al(·,·)·C·eq\o\al(·,·)·eq\o(S,\s\up6(··))eq\o\al(·,·)(2分)直線型(2分)(3)①SO2(g)＋1/2O2(g)=SO3(g)；ΔH＝－98.3kJ·mol－1(2分)②純氧中O2濃度大，單位時(shí)間內(nèi)放熱多，體系溫度高，平衡向SO3分解的方向移動(dòng)(2分)③2CaSO4＋C高溫,2CaO＋CO2↑＋2SO2↑(3分)(4)67.2%(3分)【解析】根據(jù)題設(shè)條件推知X為C，Y為S，Z為Ca。(1)S與C可形成如SOeq\o\al(2―,3)、SOeq\o\al(2―,4)、S2Oeq\o\al(2―,3)、COeq\o\al(2－,3)含氧酸根離子，但不存在SOeq\o\al(―,3)與COeq\o\al(－,3)。(2)根據(jù)CO2的結(jié)構(gòu)推知，C、S可形成直線型的CS2非極性分子。(3)因?yàn)閅在純氧中燃燒時(shí)，氧氣濃度大，反應(yīng)速度快，單位時(shí)間內(nèi)放出的熱量多，溫度升高明顯，溫度越高越不利于正反應(yīng)為放熱反應(yīng)的SO3生成)，所以在純氧中燃燒時(shí)SO3的含量低。CaSO4與C反應(yīng)時(shí)，1molC失去4mol電子轉(zhuǎn)化為1molCO2，根據(jù)電子守恒，2molSOeq\o\al(2―,4)失去4mol電子生成2molSO2，據(jù)此可得反應(yīng)：2CaSO4＋Ceq\o(=,\s\up7(高溫))2CaO＋CO2↑＋2SO2↑。(4)根據(jù)反應(yīng)關(guān)系：5CaC2O4～5H2C2O4～2KMnO4,10.0g樣品中含有CaO的質(zhì)量＝100×eq\f(5×0.0200mol/L×24.00×10－3L,2)×56g/mol＝6.72g，故CaO的含量＝eq\f(6.72g,10)×100%＝67.2%29.(18分)(1)多糖、蛋白質(zhì)、脂肪消化和吸收肌糖元和肝糖元先升高后降至正常濃度范圍(2)丙酮酸脫氨基、轉(zhuǎn)氨基線粒體(3)氨基蛋白質(zhì)【解析】(1)食物中的多糖、蛋白質(zhì)、脂肪不能直接被人體吸收，必須經(jīng)消化成為小分子有機(jī)物后，才能被吸收。人體中的多糖有肝糖元和肌糖元。人進(jìn)食后，由于糖的吸收會(huì)導(dǎo)致血糖含量上升，在人體調(diào)節(jié)作用下，下降至正常水平。(2)圖示A物質(zhì)表示丙酮酸。丙酮酸可以由丙氨酸經(jīng)脫氨基作用生成。圖示③④表示有氧呼吸第二、三階段，發(fā)生在線粒體中。(3)氨基酸經(jīng)脫氨基作用后，氨基在肝臟細(xì)胞中轉(zhuǎn)化為尿素，經(jīng)腎臟排出體外，通過測量尿液中尿素的含量可以測定人體中蛋白質(zhì)代謝水平。30.(12分)(1)(5分)①樣方(取樣調(diào)查)(1分)標(biāo)注具體數(shù)值、種群密度變化曲線及C均正確(2分)②生存環(huán)境適宜、缺少天敵(2分)(2)(7分)①隨種植密度增加而減少(2分)種植密度增加使平均單株能利用的資源量減少，導(dǎo)致結(jié)莢數(shù)量減少(2分)(合理給分)②不隨種植密度變化而改變(2分)(合理給分)合理密植(1分)【解析】(1)①植物種群密度調(diào)查通常采用樣方法(又叫取樣調(diào)查法)。根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)系中描點(diǎn)后連線。②入侵生物給入侵地生態(tài)造成危害，原因是入侵地生存環(huán)境適宜且沒有天敵，進(jìn)而大量繁殖，使本地物種減少甚至滅絕。(2)分析表中數(shù)據(jù)可知，種群密度影響到每株植株所結(jié)豆莢數(shù)，但對(duì)每個(gè)豆莢內(nèi)種子數(shù)幾乎不產(chǎn)生影響。31.(18分)(1)基因突變AA、Aa、aa(2)①傳粉前花藥②單倍體幼苗染色體加倍AA或aa③籽粒成熟(結(jié)種子、結(jié)果實(shí))紅色【解析】紅色籽粒小麥的后代出現(xiàn)一定數(shù)量的白色籽粒，說明小麥籽粒紅色對(duì)白色為顯性。(1)隱性表現(xiàn)的親本后代中出現(xiàn)顯性表現(xiàn)很可能是基因突變的結(jié)果；紅色籽粒(A_)的胚是其子代的幼體，其基因型可能為AA、Aa和aa。(2)單倍體育種應(yīng)取還沒有授粉的花藥進(jìn)行離體培養(yǎng)，得到的單倍體幼苗經(jīng)秋水仙素處理后得到可育的純種。綜評(píng)：本試題以2009年考試大綱為依據(jù)，注重教材、注重基礎(chǔ)，體現(xiàn)了考查學(xué)科重點(diǎn)知識(shí)、學(xué)科主干知識(shí)的設(shè)計(jì)思想。試題考查內(nèi)容以新陳代謝、生態(tài)、實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)、遺傳為主。試卷難度中等。其中30題以引入外來植物為背景考查種群密度調(diào)查實(shí)驗(yàn)，同時(shí)又考查了分析表格，得出結(jié)論的能力。試題考查考點(diǎn)全面，緊密聯(lián)系高考，有很好的區(qū)分度。選擇題第17題聯(lián)系生活實(shí)際，考查對(duì)基本知識(shí)的靈活應(yīng)用，第20題有一定難度，實(shí)驗(yàn)題的考查很靈活，既有基本實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾?，如游?biāo)卡尺和秒表的讀數(shù)方法，又有原理的應(yīng)用，如電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻的測量是閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，電流表內(nèi)阻的測量原理類似于半偏法測電阻，計(jì)算題把基本知識(shí)能力與綜合應(yīng)用相結(jié)合，第22,23題考查動(dòng)力學(xué)、復(fù)合場中的動(dòng)力學(xué)、能量問題，第24題很新穎，以聯(lián)系實(shí)際的新情景題型考查電磁感應(yīng)、帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)，情景雖新，原理明確，仍然為帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的基本處理方法。本試題適用于二輪復(fù)習(xí)中的綜合訓(xùn)練。(河南李國輝楊超陳家勝)2.北京市宣武區(qū)高三第二學(xué)期第一次質(zhì)量檢測1.C【解析】細(xì)胞Ⅰ和細(xì)胞Ⅱ都有細(xì)胞壁和核糖體，但細(xì)胞Ⅰ無細(xì)胞核，細(xì)胞Ⅱ有細(xì)胞核，可以確定細(xì)胞Ⅰ是原核細(xì)胞，細(xì)胞Ⅱ是真核細(xì)胞。細(xì)胞Ⅰ能進(jìn)行光合作用，有可能是藍(lán)藻。細(xì)胞Ⅱ不能進(jìn)行光合作用，有可能是植物的根尖細(xì)胞。植物細(xì)胞的細(xì)胞壁主要是纖維素和果膠，原核細(xì)胞的細(xì)胞壁主要是肽聚糖。在生物進(jìn)化過程中，真核細(xì)胞比原核細(xì)胞出現(xiàn)晚。2.B【解析】生長素的兩重性是高濃度抑制生長，低濃度促進(jìn)生長，植物的頂端優(yōu)勢是頂芽生長素運(yùn)輸?shù)絺?cè)芽并在側(cè)芽積累，使頂芽優(yōu)先生長，側(cè)芽生長受抑制，能說明生長素的兩重性。人體神經(jīng)纖維膜內(nèi)局部電流的流動(dòng)是雙向的，都是由興奮部位流向未興奮部位。血漿pH能維持相對(duì)穩(wěn)定主要是血漿中含有酸堿緩沖物質(zhì)。胰島素具有降低血糖的作用，注射后，會(huì)使動(dòng)物活動(dòng)量減少，甚至出現(xiàn)昏迷。3.D【解析】人體蛋白質(zhì)所需的20種氨基酸分為必需氨基酸和非必需氨基酸，必需氨基酸不能在體內(nèi)通過轉(zhuǎn)氨基作用形成。蛋白質(zhì)由于組成的氨基酸種類、數(shù)目和排列次序以及肽鏈的空間結(jié)構(gòu)不同而不同。脂肪的形成是化學(xué)變化的過程，需要酶的參與，大多數(shù)的酶是蛋白質(zhì)。4.B【解析】分離葉綠體中的色素實(shí)驗(yàn)，主要是利用了色素在層析液中的溶解度不同的原理，溶解度大的，擴(kuò)散速度較快。在由低倍鏡換成高倍鏡時(shí)，應(yīng)先將要觀察的物體移到視野中央，再換上高倍鏡。DNA提取與鑒定實(shí)驗(yàn)中，DNA在0.14mol/L的NaCl中溶解度最低，因此可以用此溶液析出DNA。5.A【解析】結(jié)合膠體知識(shí)考查化合價(jià)等知識(shí)，較易。設(shè)鐵為＋x價(jià)，根據(jù)化合價(jià)代數(shù)和相等，即＋2x－n－2(3－n/2)＝0，解得x＝3，PFS與水形成的分散系是膠體，在酸性條件下，PFS會(huì)轉(zhuǎn)化成Fe3＋、SOeq\o\al(2－,4)等離子而進(jìn)入溶液。故本題答案是A。6.B【解析】結(jié)合氣體摩爾體積、晶體、化學(xué)反應(yīng)等考查化學(xué)微粒的計(jì)算，屬中檔題。CO2分子中含有4個(gè)共用電子對(duì)，A項(xiàng)CO2雖是0.5mol，但其含有的共用電子對(duì)為2mol；B項(xiàng)NH4NO3為1mol，即含有1molNHeq\o\al(＋,4)；每2molNa2O2與CO2反應(yīng)轉(zhuǎn)移2mol電子，故C項(xiàng)轉(zhuǎn)移0.5mol電子；D項(xiàng)COeq\o\al(2＋,3)要水解，溶液中離子多于3mol。綜上本題答案是B。7.C【解析】考查有條件的離子共存問題；較易。A項(xiàng)的Mg2＋在堿性條件下要生成沉淀；D項(xiàng)在堿性條件下有NH3產(chǎn)生；B、C在堿性條件均共存，而B在酸性條件下僅放出CO2，但不發(fā)生氧化還原反應(yīng)；C項(xiàng)在酸性條件下NOeq\o\al(－,3)可以將SOeq\o\al(2－,3)氧化。故本題答案是C。8.B【解析】結(jié)合陌生物質(zhì)考查同系物、同分異構(gòu)體和有機(jī)物的性質(zhì)等，屬中檔題。觀察這三種物質(zhì)，可知a、c互為同分異構(gòu)體，a是b催化氧化得到的產(chǎn)物，故二者不是同系物；a、b中均含有碳碳雙鍵，故均能與溴水反應(yīng)。故本題答案是B。9.B【解析】結(jié)合元素在周期表中的位置考查其化合物的性質(zhì)，有一定難度。根據(jù)四種元素的位置關(guān)系，可知Z(OH)n為強(qiáng)堿，但W(OH)2可能是中強(qiáng)堿或弱堿；若HnXOm為強(qiáng)酸，它只能是HNO3，則Y、Z、W分別是P、S和Cl，即HCl溶于水顯酸性；Z若為活潑金屬Na，不能把W從鹽溶液中置換出來；若Z是C，則CO2可以和水反應(yīng)，但Z若是Si，則SiO2不與水反應(yīng)，故本題答案是B。10.D【解析】結(jié)合圖象考查影響化學(xué)平衡移動(dòng)的條件，屬中檔題。溫度越高或壓強(qiáng)越大化學(xué)反應(yīng)速率越大，達(dá)到化學(xué)平衡的時(shí)間越短，故曲線R和S分別表示300℃和200℃的圖象，可見，溫度越高B%越高，即正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，所以a＜0,300℃11.C【解析】考查影響化學(xué)反應(yīng)速率的因素，屬中檔題。改用濃硫酸會(huì)生成SO2不利于環(huán)保，加入少量Ag粉可以構(gòu)成原電池，加快反應(yīng)速率，而加入Zn粉會(huì)消耗H2SO4，將稀硫酸加熱也可以加快反應(yīng)速率。故滿足環(huán)保和充分利用原料的要求，本題答案是C。本題雖比較簡單，但是易忽略限定條件而導(dǎo)致誤選。12.D【解析】考查Al(OH)3的制備及其性質(zhì)，屬中檔題。Al3＋與NaOH或氨水均可以產(chǎn)生Al(OH)3沉淀，但甲中NaOH過量會(huì)使部分Al(OH)3溶解，而Al(OH)3不溶于氨水，故甲和乙中產(chǎn)生的沉淀可能一樣多，或乙中的沉淀多于甲中的沉淀。故本題答案是D。13.C【解析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律：ΔU＝Q＋W＝40J＋(－60)J＝－20J，所以內(nèi)能減少了20J，正確的選項(xiàng)為C，本題直接考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，應(yīng)注意符號(hào)法則，本題較易。14.D【解析】光導(dǎo)纖維是利用了光的全反射；肥皂泡上的彩色條紋和水面上的油膜呈現(xiàn)彩色光是光的干涉條紋；白光通過三棱鏡形成的彩色光帶是因?yàn)椴煌庠诶忡R中的折射率不同導(dǎo)致的，故正確的選項(xiàng)為D。本題考查光學(xué)現(xiàn)象的解釋，需要考生掌握全反射，折射和干涉等光現(xiàn)象，本題較易。15.C【解析】盧瑟福α粒子散射證明了原子的核式結(jié)構(gòu)，故正確的選項(xiàng)為C，本題考查考生對(duì)物理學(xué)史的掌握，本題較易。16.B【解析】波的波長λ＝4m，從t0～t0＋0.2s經(jīng)過半個(gè)周期，波向前傳播了2m，把波在t0時(shí)的波形向右平移2m則得到t0＋0.2s時(shí)的波形，由波形和波的傳播方向可判斷，AD錯(cuò)誤，B正確。此時(shí)Q點(diǎn)振動(dòng)了0.1s，振動(dòng)的路程是0.417.B【解析】球的加速上升和勻速上升可以認(rèn)為與球等體積的水在加速下降和勻速下降。把杯子、水和球作為一個(gè)整體，塑料球靜止和勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，地面對(duì)物體的支持力等于系統(tǒng)的重力。當(dāng)球加速上升時(shí)，水加速下降，系統(tǒng)整體有向下的加速度，重力和支持力的合力提供加速度，所以重力大于支持力。故正確的選項(xiàng)為B。有的考生采用隔離法使難度增加，有的考生認(rèn)為球的加速度則是系統(tǒng)的加速度，本題難度中等。18.A【解析】當(dāng)汽車速度最大時(shí)牽引力：F＝f，汽車的牽引功率：P＝Fv＝fvm，牽引力做功：W＝Pt＝fvmt，故A選項(xiàng)正確，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理：W－fs＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，解得W＝fs＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，故CD選項(xiàng)錯(cuò)誤。有的考生只掌握了功W＝Pt，而沒有掌握機(jī)車速度最大時(shí)牽引力等于摩擦力，本題考查了機(jī)車起動(dòng)問題，本題較易。19.A【解析】衛(wèi)星在星體表面運(yùn)行，由萬有引力提供向心力Geq\f(Mm,R2)＝eq\f(mv2,R)，得第一宇宙速度：v＝eq\r(G\f(M,R))，則地球第一宇宙速度：v1＝eq\r(G\f(M1,R1))，月球的第一宇宙速度v2＝eq\r(G\f(M2,R2))。代入數(shù)據(jù)解得v2≈1.68km/s，故正確的選項(xiàng)為A，本題主要考查第一宇宙速度，本題較易。20.A【解析】mg＝eq\f(GMm,R2)和T＝2πeq\r(\f(l,g))可得：T＝2πReq\r(\f(l,GM))，故(1)錯(cuò)誤；由表中數(shù)據(jù)可大致判斷(2)正確；隨振動(dòng)時(shí)間的延長，帶電體漏電，兩帶電體間的引力減小，相當(dāng)于公式中的g減小，周期的增大，故(3)錯(cuò)誤(4)正確，故正確的選項(xiàng)為A。本題以單擺和庫侖扭秤為原型，主要考查考生實(shí)驗(yàn)探究能力和誤差分析，本題較易。21.(18分)(1)29.8(2)(a)③；②；⑤；⑥(b)2組(c)E＝Iy(r2＋R2)，r＝eq\f(r2＋R2,Ix)Iy解析】本題以測量電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)為原型，只不過用電阻箱和電流表取代電壓表，本題較易。22.(16分)(1)風(fēng)突然停止，船體只受到水的阻力f做減速運(yùn)動(dòng)船體加速度大?。篴＝eq\f(Δv,Δt)＝4/8＝0.5m/s2所以船體只受到水的阻力：f＝Ma＝940×0.5＝470N帆船在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)受到風(fēng)的推力和水的阻力而平衡，所以：帆船受到風(fēng)的推力大?。篎＝f＝470N(2)(特別說明：沒有相應(yīng)的估算過程，直接寫出空氣密度的不能得分)在單位時(shí)間內(nèi)，對(duì)吹入帆面的空氣(柱)應(yīng)用動(dòng)量定理有：F＝Δm·Δv＝ρSΔv·ΔvΔv＝v2－v1＝10－4＝6∴ρ＝eq\f(F,SΔv2)≈1.3kg/m323.(18分)(1)此過程中電場力對(duì)物塊所做的總功為零(2)對(duì)全程應(yīng)用動(dòng)能定理有：μmgs＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)所以s＝eq\f(1,2)veq\o\al(2,0)/μg(3)設(shè)B、C兩點(diǎn)之間的距離是l，對(duì)于小物塊從A→C的過程應(yīng)用動(dòng)能定理有：μmgeq\f(s,2)＋qEl＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)所以l＝eq\f(1,4)mveq\o\al(2,0)/qE24.(20分)(1)A3從圓環(huán)上滑下的速度設(shè)為v0有：mgH/2＝mveq\o\al(2,0)/2解得：v0＝eq\r(gH)A3、A2碰撞過程動(dòng)量守恒：mv0＝2mv1解得：v1＝eq\r(gH)/2A3、A2結(jié)合后，剛進(jìn)入磁場時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，電流也最大最大電動(dòng)勢：εmax＝BLv1總電阻為：R＝Lr/2＋Lr＝1.5rL最大電流：Imax＝eq\f(εmax,R)＝eq\f(B\r(gH),3r)(2)A3、A2進(jìn)入磁場后，A3、A2減速、A1加速，最終達(dá)到共速(令為v2)，此后保持勻速。由系統(tǒng)(A1A2和A32mv1＝3mv2解得：v2＝v0/3由能量守恒，整個(gè)過程感應(yīng)電流產(chǎn)生的最多熱量為：Q＝eq\f(1,2)2mveq\o\al(2,1)－eq\f(1,2)3mveq\o\al(2,2)＝eq\f(mgH,12)(3)設(shè)A1的速度為v，則A3、A2的速度為3v，同理，由于三桿系統(tǒng)符合動(dòng)量守恒條件：所以mv0＝mv＋2m·3解得：v＝v0/7，整個(gè)電路的總電動(dòng)勢為：ε＝BL3v－BLv＝2BLv＝eq\f(2,7)BLeq\r(gH)電路中的電流：I＝eq\f(ε,R)A1所受安培力的大小為：F＝IBL＝eq\f(4B2L\r(gH),21r)25.(共15分)(1)(2)①CH3CH2CH2OH；②CH3CH2CHO＋2Cu(OH)2eq\o(→,\s\up7(△))CH3CH2COOH＋Cu2O＋2H2O③④3(3)CH2＝CH2CH3CH2OHCH3CHO(4)【解析】本題涉及有機(jī)物結(jié)構(gòu)的確定、結(jié)合信息考查有機(jī)合成及有機(jī)物之間的相互轉(zhuǎn)化關(guān)系等內(nèi)容，試題綜合性較強(qiáng)，但難度不是很大。(1)W可以和NaHCO3反應(yīng)，說明W中含有羧基，根據(jù)分子中有4種類型的氫原子及個(gè)數(shù)比可以確定W為CH3CH(OH)-COOH。(2)根據(jù)信息可以確定A、B、C分別是C2H5CH2OH、CH3CH2CHO和CH3CH2COOH，則D為CH3CH(Br)COOH。滿足條件的C的同分異構(gòu)體有3種，即HCOOC2H5、CH3CH-(OH)CHO和HOCH2CH2CHO。(3)在分子中引入HCN，可以增長碳鏈，故缺少的3種物質(zhì)均含有2個(gè)碳原子，則依次是CH2＝CH2、C2H5OH、CH3CHO，然后CH3CHO與HCN發(fā)生加成反應(yīng)得到CH3CH(OH)CN，水解即可得到W。(4)丙交酯是2分子W脫水酯化得到的，聚丙交酯在人體內(nèi)發(fā)生水解反應(yīng)而得到W。26.(共17分)(1)丙、甲、乙(2)H2N2Cl2(3)離子鍵、極性共價(jià)鍵(4)3Cl2＋8NH3=6NH4Cl＋N2①大于eq\f(3,8)②Cl2＋2Fe2＋=2Fe3＋＋2Cl－Fe2＋＋2NH3·H2O=Fe(OH)2↓＋2NHeq\o\al(＋,4)【解析】根據(jù)三種單質(zhì)在不同的短周期，則X和Z分別是H2和Cl2，N是HCl，M與HCl可生成A，則Y、M、A分別是N2、NH3和NH4Cl。根據(jù)實(shí)驗(yàn)室制備H2、Cl2和NH3的原理可以選擇相應(yīng)的裝置；(4)中產(chǎn)生的白煙是NH4Cl固體小顆粒，根據(jù)氧化還原反應(yīng)規(guī)律可以寫出該反應(yīng)。反應(yīng)中有Cl2逸出，說明Cl2過量，即Cl2和NH3的物質(zhì)的量之比大于3/8；B中溶液既可以吸收Cl2又可以吸收NH3，滿足條件的應(yīng)是FeCl2，故可以寫出相應(yīng)的離子方程式。確定B的成分有一定難度，可能會(huì)因考慮片面而失分。27.(共16分)(1)原子晶體(2)2CO(g)＋O2(g)=2CO2(g)；ΔH＝－566kJ/mol(3)CaC2＋2H2O=C2H2↑＋Ca(OH)2C2H2＋CH3COOHeq\o(→,\s\up7(一定條件下))CH3COOCH＝CH2(4)①第四周期、Ⅷ族；3Fe2＋＋NOeq\o\al(－,3)＋4H＋=3Fe3＋＋NO↑＋2H2O②2NO22NO＋O250%【解析】這是一道關(guān)于微粒的推斷題，重點(diǎn)考查原子結(jié)構(gòu)示意圖、熱化學(xué)方程式、化學(xué)方程式和離子方程式等化學(xué)用語的書寫與平衡模式的計(jì)算，屬中檔題。由題中信息可以確定甲、乙、丙、丁分別是Si、CO、Ceq\o\al(2－,2)和N2；據(jù)此可以解答前三小題。氮元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物X是HNO3，則Y、Z、W、Q依次是Fe(NO3)3、Fe(NO3)2、Fe和NO2。1molQ發(fā)生分解反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移2mol電子，故該反應(yīng)為2NO22NO＋O2，設(shè)原來含有2molNO2，平衡時(shí)分解的NO2為2xmol，則平衡時(shí)混合氣體為2＋xmol，即2∶(2＋x)＝0.8∶1，解得x＝0.5mol；求得NO2的分解率為0.5×2/2×100%＝50%。28.(共12分)(1)ClO－＋H2OHClO＋OH－(2)漂白紙漿(3)c(SOeq\o\al(2－,4))>c(K＋)>c(Al3＋)>c(H＋)>c(OH－)(4)①Al3＋＋3ClO－＋3H2O=3HClO＋Al(OH)3↓②4HClOeq\o(=,\s\up7(光照))2Cl2↑＋O2↑＋2H2O(5)2∶3【解析】本題是結(jié)合NaClO和KAl(SO4)2的性質(zhì)試題，涉及鹽類水解、離子濃度大小的比較和化學(xué)計(jì)算等內(nèi)容。NaClO是強(qiáng)堿弱酸鹽，水解而顯堿性；NaClO中氯為＋1價(jià)，故NaClO具有強(qiáng)氧化性，可以用于漂白紙漿；KAl(SO4)2中Al3＋要水解顯酸性，故c(SOeq\o\al(2－,4))＞c(K＋)＞c(Al3＋)＞c(H＋)＞c(OH－)；將NaClO和KAl(SO4)2溶液混合后，ClO－和Al3＋要發(fā)生雙水解生成Al(OH)3和HClO；在陽光照射下HClO會(huì)發(fā)生分解生成Cl2和O2，根據(jù)得失電子守恒可以寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式；KAl(SO4)2和Ba(OH)2反應(yīng)生成BaSO4和Al(OH)3的混合物，即OH－完全反應(yīng)時(shí)沉淀達(dá)到最大量，此時(shí)兩溶液的體積比為2∶3。29.(每空2分，共16分)(1)樣方(取樣調(diào)查)(2)“S”型零(3)土壤含水量與山坡地相同(或土壤含水量低于河灘地)，土壤肥力與河灘地相同(4)21600吸收、傳遞光能，將光能轉(zhuǎn)換成電能(吸收、傳遞、轉(zhuǎn)換光能)(5)蒸騰作用(6)施放性引誘劑(用黑光燈誘殺等合理答案均可)【解析】(1)對(duì)于昆蟲的種群密度及數(shù)量調(diào)查一般采用樣方法。(2)由圖可知，2001年到2007年，山坡地的沙棘木蠹蛾呈現(xiàn)“S”型增長，而2006—2007年該種群有蟲株率保持穩(wěn)定，說明種群增長速率及增長率約為零。(3)實(shí)驗(yàn)研究含水量為決定沙棘抗蟲的關(guān)鍵因素時(shí)，變量為土壤含水量，所以可將沙棘分為兩組，一組的土壤含水量與山坡地相同，另一組與河灘地相同進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。(4)葉綠體中光合色素的作用是吸收、傳遞和轉(zhuǎn)化光能。(5)土壤含水量高，植物吸收水分增多，蒸騰作用加強(qiáng)，可以使樹溫降低。(6)在不污染環(huán)境的條件下，害蟲防治可施放性引誘劑、用黑光燈等誘殺昆蟲。30.(每空2分，共16分)(1)編碼區(qū)是間隔的、不連續(xù)的(2)蛋白質(zhì)的合成(3)紫∶白＝9∶7基因重組(4)aaBb×AaBb或Aabb×AaBb(5)①人工合成②植物組織培養(yǎng)③非編碼【解析】(1)真核細(xì)胞的基因的編碼區(qū)包括外顯子和內(nèi)含子，因而編碼區(qū)是間隔的，不連續(xù)的。(2)基因的表達(dá)主要是通過控制蛋白質(zhì)的合成來實(shí)現(xiàn)。(3)AaBb自交，后代為AB(9/16紫色)、Abb(3/16白色)、aaB(3/16白色)、aabb(1/16白色)，所以表現(xiàn)型及比例為紫∶白＝9∶7。由于基因重組，子代出現(xiàn)與親本性狀不同的表現(xiàn)型。(5)若已知氨基酸序列，可以通過人工合成法獲得基因B。將基因B導(dǎo)入受體細(xì)胞后，可以通過植物組織培養(yǎng)將受體細(xì)胞培育成轉(zhuǎn)基因植株?；駼成功插入受體細(xì)胞后，轉(zhuǎn)基因花卉沒有開紫花，說明基因沒有表達(dá)，可對(duì)調(diào)控基因表達(dá)的非編碼區(qū)進(jìn)行修飾。31.(每空2分，圖4分，共16分)(1)20℃40(2)pH(C/N溶氧量或其他合理答案)(3)增加生長繁殖(代謝產(chǎn)物)圖略(橫、縱坐標(biāo)表達(dá)正確2分，柱狀圖比例合理2分)【解析】(1)由圖可知，在不同的溫度下，反應(yīng)物隨時(shí)間的變化而減少，但是最終在溫度為20℃的時(shí)候反應(yīng)物剩余最少，其次為30℃和40℃。溫度主要通過酶的活性來影響微生物的代謝活動(dòng)，可能40℃不是酶催化反應(yīng)的最適溫度。(2)影響微生物代謝的因素有pH、溶氧量、C/N等，在實(shí)驗(yàn)過程中，需要控制好相關(guān)變量。(3)由表中數(shù)據(jù)可知，NHeq\o\al(＋,4)綜評(píng)：物理：本試卷選擇題、實(shí)驗(yàn)題較容易，其中17題難度較大，容易出現(xiàn)思維定式錯(cuò)誤。計(jì)算題難度也不大，只有24題涉及過程較多，含有隱含條件，分析上有一定難度，試卷整體較容易，適合1、2月份高三一輪復(fù)習(xí)結(jié)束時(shí)用?；瘜W(xué)：這套化學(xué)試題整體看難度不大，試題以常規(guī)題型為主，側(cè)重基礎(chǔ)知識(shí)、基本理論和實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾椋行﹥?nèi)容和形式看起來比較新穎，實(shí)質(zhì)還是考查課內(nèi)的基礎(chǔ)知識(shí)和實(shí)驗(yàn)；試題難度略小于高考難度，本卷適合綜合模擬或測試使用。生物：本試題生物學(xué)部分，選擇題考查了生命的物質(zhì)基礎(chǔ)和結(jié)構(gòu)基礎(chǔ)知識(shí)、生命活動(dòng)的調(diào)節(jié)、生物的新陳代謝以及課本相關(guān)章節(jié)實(shí)驗(yàn)的知識(shí)；非選擇題部分則考查了生物與環(huán)境、遺傳等知識(shí)。整套試題突出了主干知識(shí)的考查，并考查了生物學(xué)的熱點(diǎn)知識(shí)，同時(shí)本試卷注重了學(xué)生識(shí)圖及信息提取和知識(shí)遷移運(yùn)用能力的考查，試卷難易適中，比較適合高三綜合復(fù)習(xí)時(shí)的全面檢測。(山東張作軍黑龍江欒厚福山東孟凡義)3.eq\a\vs4\al\co1(湖北省黃岡市高三年級(jí)質(zhì)量檢測)1.D【解析】本題考查微生物代謝調(diào)節(jié)和生長知識(shí)，本題難度中等。微生物的代謝產(chǎn)物包括初級(jí)代謝產(chǎn)物與次級(jí)代謝產(chǎn)物，其中次級(jí)產(chǎn)物包括激素、色素、毒素和抗生素等，是生長繁殖非必需的物質(zhì)。微生物的代謝調(diào)節(jié)包括酶合成的調(diào)節(jié)和酶活性的調(diào)節(jié)，酶合成調(diào)節(jié)的對(duì)象是誘導(dǎo)酶，與組成酶一樣，是在基因的控制下合成的，但只有在環(huán)境中存在誘導(dǎo)物質(zhì)的情況下才能合成誘導(dǎo)酶；酶活性調(diào)節(jié)是通過代謝產(chǎn)物與酶可逆性結(jié)合來調(diào)節(jié)酶的活性實(shí)現(xiàn)的。微生物群體生長的對(duì)數(shù)期菌體繁殖快，代謝旺盛；穩(wěn)定期菌體數(shù)量最多，大量積累代謝產(chǎn)物。2.B【解析】本題考查細(xì)胞結(jié)構(gòu)、種間關(guān)系以及酶和激素的化學(xué)本質(zhì)等內(nèi)容，本題難度中等。原核生物包括細(xì)菌、放線菌、藍(lán)藻、支原體、衣原體和立克次氏體等，而酵母菌是真核生物中的真菌。細(xì)胞器中只有核糖體和中心體無膜結(jié)構(gòu)，其他細(xì)胞器(如液泡等)都具有膜結(jié)構(gòu)。絕大多數(shù)酶是蛋白質(zhì)，少數(shù)酶為RNA；激素中有的是蛋白質(zhì)(如胰島素)，有的是固醇類(如性激素)，有的是氨基酸衍生物(如甲狀腺激素)。生物之間的種間關(guān)系包括種內(nèi)關(guān)系和種間關(guān)系，種內(nèi)關(guān)系包括種內(nèi)互助和種內(nèi)斗爭；種間關(guān)系包括競爭、寄生、捕食和互利共生等。3.D【解析】本題綜合考查植物的生理、個(gè)體發(fā)育、遺傳和變異等知識(shí)，本題較難。植物的葉要發(fā)育成一個(gè)完整植株，必須經(jīng)過有絲分裂使細(xì)胞數(shù)量不斷增多，同時(shí)要通過細(xì)胞分化形成組織器官，才能組成生物體；該過程中植物細(xì)胞不斷進(jìn)行細(xì)胞呼吸，需要激素的調(diào)控和光合作用制造的有機(jī)物才能長成植株；在細(xì)胞分裂和分化過程中有遺傳信息的傳遞和表達(dá)。但該過程沒有進(jìn)行減數(shù)分裂形成配子，故也就不會(huì)發(fā)生等位基因的分離和非等位基因的自由組合。對(duì)遺傳規(guī)律的實(shí)質(zhì)及其發(fā)生時(shí)期的不理解，是本題的主要錯(cuò)因。4.C【解析】本題考查興奮的傳導(dǎo)，本題較難。興奮在神經(jīng)元內(nèi)的傳導(dǎo)是雙向的，神經(jīng)元間是通過突觸進(jìn)行傳遞的，突觸前膜釋放遞質(zhì)進(jìn)入突觸間隙，再與突觸后膜上的受體結(jié)合，引起突觸后膜電位變化，從而引起突觸后神經(jīng)元的興奮或抑制。故受體部位Ⅰ是突觸后膜(胞體膜或樹突膜)的結(jié)構(gòu)，神經(jīng)元細(xì)胞核可能存在于Ⅰ或Ⅱ內(nèi)；遞質(zhì)釋放部位Ⅲ是突觸前膜(軸突膜)的結(jié)構(gòu)，其釋放的遞質(zhì)可能是興奮性遞質(zhì)，也可能是抑制性遞質(zhì)。解答本題不但需要熟悉突觸的結(jié)構(gòu)，更要理解遞質(zhì)釋放的結(jié)構(gòu)是使突觸后神經(jīng)元興奮或抑制，而不是單純的興奮，否則易錯(cuò)。5.C【解析】本題通過污水凈化考查細(xì)胞呼吸、種間關(guān)系和新陳代謝的類型等知識(shí)，本題難度中等。從圖中可以看出，藻類能為細(xì)菌提供氧氣和有機(jī)物(細(xì)菌所需的有機(jī)物還可來自于污水)，細(xì)菌則分解有機(jī)物為藻類提供二氧化碳和無機(jī)鹽，故二者為互利共生的關(guān)系。水體越深，與空氣進(jìn)行氣體交換越困難，氧含量越低，故生活在水體表層的微生物為需氧型生物，底層為厭氧型生物，中間的則有兼性厭氧型生物。6.B【解析】關(guān)注化學(xué)與社會(huì)的聯(lián)系是高考永恒的話題，也是高考熱點(diǎn)選材的方向，此題屬于基礎(chǔ)題。此類試題往往立足于高考，把化學(xué)理論知識(shí)與日常生活問題緊密聯(lián)系起來，起點(diǎn)高，落點(diǎn)低?？稍偕茉捶褐付喾N取之不竭的能源，嚴(yán)謹(jǐn)來說，是人類歷史時(shí)期內(nèi)都不會(huì)耗盡的能源?？稍偕茉床话F(xiàn)時(shí)有限的能源，如化石燃料和核能。7.A【解析】本題主要考查了離子方程式書寫的正誤判斷，電解原理、強(qiáng)酸制弱酸、過量型離子方程式書寫、醛的氧化等方面的知識(shí)，本題屬于中檔題。B中陰極是弱電解質(zhì)H2O得電子，故正確的離子方程式為2Cl－＋2H2Oeq\o(=,\s\up7(電解))Cl2↑＋H2↑；C中大理石難溶于水，故正確的離子方程式為CaCO3＋2H＋=Ca2＋＋CO2↑＋H2O；D中由于澄清石灰水中也含有Ca2＋，生成的COeq\o\al(2－,3)能完全沉淀，故正確的離子方程式為Ca2＋＋HCOeq\o\al(－,3)＋OH－=CaCO3↓＋H2O。8.D【解析】本題對(duì)中學(xué)化學(xué)中的“四同”即同位素、同素異形體、同分異構(gòu)體、同系物進(jìn)行了考查。同系物有三個(gè)特點(diǎn)：①具有相同的通式；②組成與結(jié)構(gòu)相似；③在分子組成上相關(guān)若干個(gè)CH2。A中二者雖然在組成上相關(guān)一個(gè)CH2，但二者一個(gè)是酚一個(gè)是醇；B中二者屬于同分異構(gòu)體；C中二者也屬于同分異構(gòu)體。9.B【解析】本題涉及四大基本反應(yīng)類型及反應(yīng)原理。A中根據(jù)金屬活動(dòng)性順序表可知CuSO4溶液與Ag不能反應(yīng)；C中的稀H2SO4與Al(OH)3也能發(fā)生酸堿中和反應(yīng)；D中CaO與CO2不能反應(yīng)。10.C【解析】本題以短周期的1～18元素為載體對(duì)元素周期律、元素周期表、原子核外電子排布、常見元素的性質(zhì)、化學(xué)鍵類型等知識(shí)點(diǎn)進(jìn)行了充分考查。短周期中的主族元素形成的氣態(tài)單質(zhì)只有H2、N2、O2、F2、Cl2五種。A中X、Y分別為H、Na兩種元素，它們分別與O元素可形成H2O、Na2O、H2O2、Na2O2；B中X只能是Cl2，而Y可以是Na、Mg、Al、Si、P等元素；C中X、Y還可以分別為N、P兩種元素；D中當(dāng)X、Y分別為Cl、S兩種元素時(shí)，結(jié)論是成立的。11.C【解析】本題主要是考查了影響化學(xué)反應(yīng)速率的因素和化學(xué)反應(yīng)速率的圖象問題。此題屬于中檔題。A中，Vc＝eq\f(0.11mol/L－0.05mol/L,15s)＝0.004mol/(L·s)故A正確；B中，t4～t5階段反應(yīng)速率減小，平衡不移動(dòng)，除去催化劑影響外只有減小壓強(qiáng)(兩邊氣體系數(shù)和相等)滿足圖象，故B正確；由圖中可得A、C變化量之比為3∶2，再根據(jù)反應(yīng)前后氣體系數(shù)和不變可得：3AB＋2C可知D正確，C錯(cuò)誤。12.B【解析】本題考查了水電離平衡的影響因素。由題意可知，水的電離平衡受到限制，故該溶液可以是酸溶液也可以是堿溶液，但不能是鹽水解后呈酸性或堿性的溶液，因?yàn)辂}的水解會(huì)促進(jìn)水的電離。故只有B項(xiàng)符合條件。13.D【解析】電化學(xué)知識(shí)歷來是高考考查的難點(diǎn)問題，本題涉及到電解池種類的判斷、電極反應(yīng)的書寫等。由圖可知，當(dāng)閉合K時(shí)，X極發(fā)生電極反應(yīng)為2H＋＋2e－=H2，當(dāng)生成0.05molH2時(shí)，必定有0.1molK＋通過交換膜；此時(shí)圖Ⅰ裝置為放電過程的原電池反應(yīng)，電極A、B分別為原電池的負(fù)、正極；A的電極反應(yīng)為2Seq\o\al(2－,2)－2e－=Seq\o\al(2－,4)。14.D【解析】由圖可知介質(zhì)對(duì)①光的折射率比對(duì)②光的折射率大，所以①光的頻率高于②光的頻率，①紅光折射率小于藍(lán)光，A錯(cuò)；折射率越大，在介質(zhì)中的傳播速度越小，B錯(cuò)；①光的波長比②光的短，經(jīng)同一單縫衍射成雙縫干涉時(shí)入射光的波長越長，其中央亮紋越寬，C錯(cuò)D對(duì)。15.AB【解析】甲乙兩過程中活塞發(fā)生的位移相同，大氣壓力相同，所以大氣壓力做的功相等。選項(xiàng)A正確。甲過程為絕熱過程，氣體與外界不會(huì)發(fā)生熱交換，依據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能增大；乙過程為等溫過程，氣體的內(nèi)能沒有變化，所以選項(xiàng)B正確。16.D【解析】由開普勒第三定律可知：eq\f(r3,T2)＝K，半長軸越長，其公轉(zhuǎn)的周期越長，角速度將變小，由a＝eq\f(F,m)＝eq\f(G\f(Mm,r2),m)＝Geq\f(M,r2)可知，距離地球越遠(yuǎn)，其加速度越小，所以選項(xiàng)D正確。17.A【解析】開始是正方形的ab邊切割磁感線，且切割的有效長度均勻減小，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢也在均勻的減小，由右手定則可判斷電流為正方向。接著cd邊進(jìn)入磁場切割磁感線，切割的有效長度也均勻減小，由右手定則判斷電流為負(fù)方向，所以A選項(xiàng)正確。18.A【解析】由圖可知：波的周期為12s，由于波向x軸的負(fù)方向傳播，當(dāng)t＝1.0s時(shí)，x＝1.0m處的質(zhì)點(diǎn)距離平衡位置的位移為2m，且正向19.B【解析】皮帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，對(duì)木塊3由平衡條件有mgsinθ＋μmgcosθ＝kx，則木塊2與3之間的距離為L＋x，化簡即可得到正確選項(xiàng)為B。20.C【解析】從4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷的過程中只有3種光子能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，這三種光子分別對(duì)應(yīng)于從4能級(jí)直接躍遷到基態(tài)，從3能級(jí)躍遷到基態(tài)和從2能級(jí)躍起遷到基態(tài)，因此當(dāng)氫原子從3能級(jí)躍遷到低能級(jí)時(shí)有2種光子還可使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。故正確選項(xiàng)為C。21.AD【解析】若只有磁場則帶電粒子只受到洛倫茲力，但洛倫茲力不做功，當(dāng)回到直線MN時(shí)，粒子的速度大小應(yīng)不變，故不可能是磁場，選項(xiàng)A正確；在磁場中，當(dāng)入射粒子的入射速度增大時(shí)，其做勻速度圓周運(yùn)動(dòng)的半徑也增大，但周期沒有變化。設(shè)此粒子入射速度方向與MN間的夾角為θ，則粒子再次回到MN線上偏轉(zhuǎn)的圓心角α＝2θ或α＝2π－2θ并沒有變化，所以時(shí)間也不變。22.Ⅰ.(1)4.22；4.00m或4.01m；4.01m或(2)C(2分)Ⅱ.(1)R3、R1(3分)(2)電路如圖所示(4分)(3)S2(2分)(4)2.0Ω(3分)23.(14分)解：兩質(zhì)點(diǎn)拋出后都做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)容器的半徑為R，兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為tA、tB，對(duì)A球：Rsinα＝v1tA，①(3分)Rcosα＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,A)②(3分)對(duì)B球：Rcosα＝v2tB，③(3分)Rsinα＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,B)，④(3分)聯(lián)立①－④式得eq\f(v1,v2)＝tanαeq\r(tanα)(2分)24.(18分)解：(1)設(shè)小滑塊A滑至D點(diǎn)與小球B碰撞前的速度為v1，碰后A、B的速度分別為v2、v3，則小滑塊滑動(dòng)至D點(diǎn)過程中，mAgh－μmAgLCD＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,1)①(2分)在D點(diǎn)A、B發(fā)生碰撞，動(dòng)量守恒，mAv1＝mAv2＋mBv3②(2分)機(jī)械能守恒，eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,1)＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,2)＋eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,3)③(1分)小球B剛好做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度為v4，則在最高點(diǎn)時(shí)，mBg＝mBeq\f(v\o\al(2,4),L)，④(2分)從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)過程中，－2mBgL＝eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,4)－eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,3)⑤(1分)由①－⑤式可得h＝1.94m，v2＝－2m/s(負(fù)號(hào)表示碰后滑塊(2)設(shè)碰后小滑塊A在水平面上滑動(dòng)的路程為s，則有－μmAgs＝－eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,2)⑥(2分)解得：s＝eq\f(v\o\al(2,2),2μg)＝2m。(1分)因?yàn)長CD＜s＜2LCD，所以滑塊先自左滑過C點(diǎn)后，又從斜面返回并靜止在C、D之間的一點(diǎn)上(3分)故小滑塊最終與D點(diǎn)間的距離為LCD－(s－LCD)＝0.8m25.(22分)解：(1)電荷在電場中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tE，根據(jù)動(dòng)量定理可知，mv0＝qEtE，(2分)解得E＝eq\f(mv0,qtE)＝eq\f(4.5,2π)×104N/C＝7.2×103N/C(2分)O點(diǎn)與直線MN之間的距離d＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,E)＝eq\f(π,2)cm＝1.57cm(2分)(2)當(dāng)磁場垂直紙面向里時(shí)，電荷運(yùn)動(dòng)的半徑r1＝eq\f(mv0,qB1)＝eq\f(10－6×1.5×104,0.3)m＝5cm(2分)周期T1＝eq\f(2πm,qB1)＝eq\f(2π×10－6,0.3)s＝eq\f(2π,3)×10－5s(2分)當(dāng)磁場垂直紙面向外時(shí)，電荷運(yùn)動(dòng)的半徑r2＝eq\f(mv0,qB2)＝eq\f(10－6×1.5×104,0.5)m＝3cm(2分)周期T2＝eq\f(2πm,qB2)＝eq\f(2π×10－6,0.5)s＝eq\f(2π,5)×10－5s(2分)故電荷在磁場變化的一個(gè)周期TB內(nèi)沿ON運(yùn)動(dòng)的距離Δd＝2(r1－r2)＝4cm根據(jù)電荷的運(yùn)動(dòng)情況可知，電荷到達(dá)擋板前運(yùn)動(dòng)的完整周期數(shù)為15個(gè)，即沿ON運(yùn)動(dòng)的距離s＝15Δd＝60cm，最后r1＋r1cosα＝d－s(2分)解得cosα＝0.6，則α＝53°(2分)故電荷運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t總＝tE＋15TB＋eq\f(1,2)T1－eq\f(53,360)T1＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(12＋\f(163,540)))π×10－5s＝3.86×10－4s(2分)26.(15分)(1)Na2CO3、Ba(OH)2(各1分)(2)①B(2分)②離子鍵、(極性)共價(jià)鍵(各1分，共2分)③c(Na＋)＞c(COeq\o\al(2－,3))＞c(OH－)＞c(HCOeq\o\al(－,3))＞c(H＋)(2分)④6.1g⑤往D的溶液中逐漸加入Ba(OH)2溶液直至過量，若先出現(xiàn)白色沉淀后又逐漸溶解，則D中含有Al3＋，E中含有Mg2＋?；颍和鵇的溶液中加入適量Na2CO3溶液，若產(chǎn)生了白色沉淀和無色無味的氣體，則D中含有Al3＋，E中含有Mg2＋。(2分，其他合理答案也得分)(3)NOeq\o\al(－,3)(1分)3Cu＋8H＋＋2NOeq\o\al(－,3)=3Cu2＋＋2NO↑＋4H2O(2分)27.(18分)(1)①fecda或fedca(2分)②MnO2＋4H＋＋2Cl－eq\o(=,\s\up7(△))Mn2＋＋Cl2↑＋2H2O(2分)③除去HCl中的氯氣或吸收氯氣，Cu＋Cl2eq\o(=,\s\up7(△))CuCl2(2分)④分液漏斗上口的玻璃塞未打開或分液漏斗上口的槽、孔未對(duì)齊(2分)(2)CA(1分)檢驗(yàn)氯氣是否吸收干凈(1分)濕潤的KI淀粉試紙(或潤濕的有色布條)(2分)試紙不變藍(lán)(或有色布條不褪色)(2分)(3)紫色石蕊試液(2分)紫色石蕊試液先變紅后褪色(2分)(其他合理答案也得分)28.(13分)(1)Heq\o\al(·,·)eq\o(O,\s\up6(··),\s\do4(··))eq\o\al(·,·)eq\o(O,\s\up6(··),\s\do4(··))eq\o\al(·,·)H(1分)極性(1分)2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑(2分)(2)SiO2＋2Ceq\o(→,\s\up7(高溫))Si＋2CO↑(2分)(3)N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)；ΔH＝－92.2kJ/mol(2分)三角錐型(1分)(4)H2＋2e－＋2OH－=2H2O(2分)(5)90%(2分)29.(每空2分，共14分)(1)碳碳雙鍵、羧基(2)B：H：30.(20分)Ⅰ.(每空1分，共8分)(1)2/2n(1/2n－1)(2)葉綠體基質(zhì)14C4維管束鞘細(xì)胞(的葉綠體)(3)核糖體內(nèi)質(zhì)網(wǎng)高爾基體Ⅱ.(每空2分，共12分)(4)溫度外界溶液的電導(dǎo)度(或膜的透性)(5)第三步：將30株小麥幼苗均分為三組，分別置于1,2,3號(hào)三個(gè)小燒杯中第四步：將1號(hào)小燒杯置于冰水中水??；2號(hào)小燒杯置于室溫下；3號(hào)小燒杯置于45℃的恒溫水中水??；(溫度設(shè)置適當(dāng)均給分)(6)①防止殘留胚乳及幼苗外雜質(zhì)干擾實(shí)驗(yàn)結(jié)果②31.(22分)(1)5(2分)(2)—異亮氨酸—精氨酸—谷氨酸—丙氨酸—谷氨酸—(2分)外顯子(2分)(3)3/7(2分)長翅∶殘翅＝8∶1(2分)(4)不是(1分)7(1分)VvXFXf(1分)VvXFY(1分)(5)方法步驟：①讓純合灰身殘翅果蠅與純合黑身長翅果蠅雜交，獲得F1(2分)；②讓F1雌雄果蠅相互交配，獲得F2，觀察并統(tǒng)計(jì)F2代中各表現(xiàn)型的種類和比例(2分)預(yù)期結(jié)果和結(jié)論：①如果F2出現(xiàn)四種表現(xiàn)型且比例接近于9∶3∶3∶1，則控制灰身殘翅和黑身長翅的基因不具有如圖所示的位置關(guān)系(2分)；②如果F2不出現(xiàn)四種表現(xiàn)型或出現(xiàn)四種表現(xiàn)型但比例不接近于9∶3∶3∶1，則控制灰身殘翅和黑身長翅的基因具有如圖所示的位置關(guān)系(2分)綜評(píng)：本套試卷結(jié)構(gòu)比較合理，難度控制適當(dāng)，題目編排總體由易到難，突出重點(diǎn)知識(shí)又兼顧知識(shí)的覆蓋面，有一定的區(qū)分度，能從不同的角度充分考查學(xué)生思維的嚴(yán)密性和對(duì)知識(shí)整體的把握。同時(shí)加大了考查以實(shí)驗(yàn)為背景材料的理論聯(lián)系實(shí)際能力、信息遷移能力和以基本知識(shí)、基本技能為主的學(xué)科內(nèi)綜合能力，這是近幾年高考命題的必然趨勢。(湖南彭岳建陳湘川肖水平)4.eq\a\vs4\al\co1(\o(\s\up7(成都市高中畢業(yè)班第二次),\s\do5(診斷性檢測)))1.B【解析】本題主要考查細(xì)胞的相關(guān)知識(shí)，屬于容易題。細(xì)胞分裂間期主要完成DNA的復(fù)制和蛋白質(zhì)的合成，為細(xì)胞分裂準(zhǔn)備了物質(zhì)條件。細(xì)胞分化是一種持久的變化，在胚胎時(shí)期達(dá)到最大限度。吞噬細(xì)胞在攝取和處理抗原過程中要依賴膜的流動(dòng)性，而衰老細(xì)胞的細(xì)胞膜通透性改變會(huì)使物質(zhì)運(yùn)輸功能減弱。2.C【解析】本題主要考查光合作用的有關(guān)知識(shí)，屬于中檔題。葉綠體中的全部色素都能夠吸收和傳遞光能，其中少數(shù)特殊狀態(tài)的葉綠素a還能使光能轉(zhuǎn)換成電能；H2O和NADP＋之間形成電子流，使光能轉(zhuǎn)換成了電能；葉綠體中產(chǎn)生ATP和NADPH發(fā)生在光反應(yīng)階段，場所在葉綠體的囊狀結(jié)構(gòu)薄膜上；自然選擇是定向的，生物進(jìn)化的實(shí)質(zhì)在于種群基因頻率的改變。所以C不正確。3.D【解析】本題主要考查3種育種方法的相關(guān)知識(shí)，屬于中檔題。方法①是雜交育種，②是單倍體育種，③是基因工程育種。①和③所依據(jù)的原理是基因重組，根據(jù)中心法則，③導(dǎo)致的生物變異是定向的；②中全能性的表達(dá)與植物激素有關(guān)；③中常用的運(yùn)載體通常是質(zhì)粒；真菌屬于真核生物，由于真核細(xì)胞的基因中含有不表達(dá)的DNA片段，不能直接用于基因的擴(kuò)增和表達(dá)，因此在獲取真核細(xì)胞中的目的基因時(shí)，一般用人工合成基因的方法，而不用“鳥槍法”。4.A【解析】本題主要考查神經(jīng)調(diào)節(jié)的有關(guān)知識(shí)，屬于容易題。由于突觸的存在，興奮在相鄰兩神經(jīng)元之間是單向傳遞的，興奮在②處時(shí)細(xì)胞膜內(nèi)外的電位應(yīng)表現(xiàn)為內(nèi)正外負(fù)，而①處興奮時(shí)，膜外的電流方向與興奮的傳導(dǎo)方向相反，刺激Ⅱ處，Ⅰ處可以檢測到電位變化，Ⅲ處檢測不到電位變化。5.D【解析】本題主要考查微生物的有關(guān)知識(shí)，屬于容易題。固氮藍(lán)藻和硝化細(xì)菌是自養(yǎng)生物，屬于生產(chǎn)者；根瘤菌從豆科植物中獲得有機(jī)物，屬于消費(fèi)者；圓褐固氮菌則是從土壤中獲得有機(jī)物，是分解者；反硝化細(xì)菌也需要從土壤中吸收有機(jī)物，維持生命活動(dòng)，所以是分解者。釀膿鏈球菌的表面有一種抗原決定簇，與心臟瓣膜上的一種物質(zhì)的表面結(jié)構(gòu)十分相似；當(dāng)人體感染了這種病菌后，免疫系統(tǒng)產(chǎn)生的抗體不僅向病菌發(fā)起進(jìn)攻，而且也向心臟瓣膜發(fā)起進(jìn)攻，結(jié)果，在消滅病菌的同時(shí)，心臟也受到了損傷，使人得了風(fēng)濕性心臟病。6.B【解析】本題考查常見化學(xué)物質(zhì)的用途，屬容易題。A項(xiàng)，碳酸氫鈉與胃酸可產(chǎn)生CO2氣體，將導(dǎo)致胃穿孔更嚴(yán)重，故錯(cuò)；B項(xiàng)顯然正確；膜應(yīng)為有機(jī)高分子材料，C項(xiàng)錯(cuò)；D項(xiàng)，麥芽糖為多糖，故錯(cuò)。7.C【解析】本題考查氧化還原反應(yīng)的分析，屬中檔題。A項(xiàng)，(Ⅰ)中由H2SO4生成了NaHSO4，酸性減弱，故錯(cuò)；B項(xiàng)，由(Ⅰ)可得出氧化性：MnO2>I2，由(Ⅱ)得IOeq\o\al(－,3)>I2，但是不能得出MnO2與IOeq\o\al(－,3)之間的關(guān)系，錯(cuò)；C項(xiàng)，生成了NaHSO4，酸性增強(qiáng)，H＋濃度增大，故反應(yīng)速率加快，正確。D項(xiàng)，(Ⅰ)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2e－，(Ⅱ)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為10e－，若生成等量I2，其電子數(shù)之比為1∶5，故錯(cuò)。8.A【解析】本題考查濃度對(duì)化學(xué)反應(yīng)的影響，屬中檔題。B項(xiàng)，當(dāng)溴水加入量很大時(shí)，三溴苯酚中會(huì)溶解溴，而致沉淀變色；C項(xiàng)，當(dāng)加入的鹽酸為稀溶液時(shí)，則無法生成Cl2。D項(xiàng)，若為稀H2SO4，則與銅不反應(yīng)。9.D【解析】本題考查化學(xué)中的基本原理，屬中檔題。A項(xiàng)，NaHCO3晶體熔化時(shí)有離子的生成，有化學(xué)變化的存在，故錯(cuò)。B項(xiàng)，中和熱的數(shù)值為正值，錯(cuò)；C項(xiàng)，pH與溫度有很大關(guān)系，如100℃時(shí)，pH＝6的水仍為中性，錯(cuò)。D項(xiàng)，10.B【解析】本題考查有機(jī)物的性質(zhì)，屬中檔題。A項(xiàng)，其同系物應(yīng)不包括本身，故錯(cuò)；B項(xiàng)，苯環(huán)中12個(gè)原子共平面，所以苯甲酸可看成是苯中的一個(gè)H被羧基所取代，所以羧基中的碳與苯環(huán)共平面，正確。C項(xiàng)，C、H只是數(shù)目比值，并非C原子就是9，故錯(cuò)；D項(xiàng)，苯甲酸鈉不可以再被氧化，所以不能作為抗氧化劑，故錯(cuò)。11.D【解析】本題考查溶液中離子濃度大小的比較，屬中檔題。A項(xiàng)，若為單一的NaHS溶液，則溶液中一定有c(Na＋)>c(HS－)>c(OH－)>c(H＋)>c(S2－)，故錯(cuò)；B項(xiàng)，還可以是Na2S與NaOH的混合溶液，錯(cuò)；當(dāng)溶液中存在c(H＋)＝c(OH－)時(shí)，則呈中性，C項(xiàng)錯(cuò)。中性溶液加水稀釋，其氫離子濃度仍不變；若為酸性溶液，稀釋時(shí)，氫離子濃度減??；若為堿性溶液，稀釋時(shí)，氫離子濃度增大。12.A【解析】本題考查化學(xué)平衡的移動(dòng)，屬中檔題。由圖象分析，甲容器中A的轉(zhuǎn)化率為1.22/2＝0.61，乙中A的轉(zhuǎn)化率為0.5/1＝0.5，恒容情況，相當(dāng)于兩份乙的量加入容器中，加壓導(dǎo)致了平衡正向移動(dòng)，則x＝1，A項(xiàng)錯(cuò)。B項(xiàng)，相當(dāng)于在容器上方通入C，然后建立平衡后，再壓入容器，平衡將正向移動(dòng)，所以A的體積分?jǐn)?shù)減小，正確。C項(xiàng)，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，加熱甲則平衡逆向移動(dòng)，各組分的含量可以與乙相同，正確；D項(xiàng)，體積增大2倍，相當(dāng)于減壓，若平衡不移動(dòng)，則A的濃度為0.25mol/L，但實(shí)際平衡逆向移動(dòng)，所以A的濃度大于0.25mol/L，而小于0.5mol/L。13.C【解析】本題考查多步反應(yīng)的計(jì)算，屬中檔題。由方程式知，amol甲烷反應(yīng)，第一步可得amolCO和3amolH2，第二步amolCO將生成amolH2，一共可得4amolH2。合成氨的方程式為N2＋3H22NH3，由H2的轉(zhuǎn)化率為x，可得NH3為eq\f(8,3)axmol。再由氮元素守恒得，HNO3的物質(zhì)的量為8/3axmol。14.A【解析】本題考查分子部分的知識(shí)，屬于容易題。用單分子油膜法測分子的直徑，必須先測油酸的體積V，然后讓油酸在水面上形成單分子油膜，測出單分子油膜的面積S，此時(shí)油膜的高度就表示油酸分子的直徑d，根據(jù)V＝S·d，可估測油酸分子的直徑d。A對(duì)；B選項(xiàng)還必須知道每個(gè)鐵原子所占的體積V0，已知摩爾質(zhì)量M0和密度ρ，可知1mol的鐵的體積為V＝eq\f(M0,ρ)，則有NA＝eq\f(V,V0)，B錯(cuò)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝W＋Q可知?dú)怏w膨脹時(shí)，內(nèi)能不一定減小，比如在膨脹的過程中吸收的熱量大于對(duì)外所做的功內(nèi)能反而增加，C錯(cuò)；根據(jù)熱力學(xué)第二定律第二類永動(dòng)機(jī)不可以制成，D錯(cuò)。15.C【解析】本題考查光學(xué)部分的知識(shí)，屬于基本題.在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，兩個(gè)狹縫間的距離d，入射光的波長λ，狹縫到光屏的距離L，相連的明或暗條紋中心之間的距離Δx，四者之間的關(guān)系Δx＝eq\f(L,d)λ，當(dāng)把入射光由紫光改成紅光時(shí)，光的波長變長，形成的條紋間距將變寬。A錯(cuò)；在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程hν＝W0＋Ek可知對(duì)于同一種金屬，用不同的光照射時(shí)，如果能產(chǎn)生光電效應(yīng)，逸出功都一樣，隨著照射光的頻率增大打出的光電子的最大初動(dòng)能將增大，B錯(cuò)；光導(dǎo)纖維是利用光的全反射原理制成的，C對(duì)；在醫(yī)院里利用紫外線對(duì)病房和手術(shù)室消毒，是利用了紫外線的消毒原理，D錯(cuò)。16.D【解析】本題考查電磁感應(yīng)及其應(yīng)用，屬于基本題。由電流互感器eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)可得導(dǎo)線中的電流I1＝1×103A，由電壓互感器eq\f(UMN,U)＝eq\f(n3,n4)可得UMN＝2.2×104V，則輸電線輸送的功率P＝UI＝2.2×107W，D正確。17.C【解析】本題考查原子物理部分的知識(shí)，基本題。氘核的摩爾質(zhì)量為2g/mol，共有2mol的氘核發(fā)生聚變，由反應(yīng)方程可知2個(gè)氘核反應(yīng)釋放的能量為3.26MeV，則2mol的氘核聚變時(shí)釋放的能量E＝NA×3.26MeV，18.BD【解析】本題考查同步衛(wèi)星，基本題。同步衛(wèi)星的特點(diǎn)是周期與地球的自轉(zhuǎn)周期相同，根據(jù)萬有引力提供向心力Geq\f(mM,r2)＝meq\f(4π2r,T2)，可知所有的同步衛(wèi)星的高度是一定的，D對(duì)；該衛(wèi)星軌道比月球的軌道半徑小，可知其運(yùn)轉(zhuǎn)周期比月球的周期短，B對(duì)；所