2023年高考物理（人教）一輪基礎(chǔ)夯實練（5）及答案

第頁2023年高考物理〔人教〕一輪根底夯實練〔5〕及答案一、選擇題1、(2023·浙江百校聯(lián)盟押題卷)如下圖，A、B兩物體用兩根輕質(zhì)細線分別懸掛在天花板上，兩細線與水平方向夾角分別為60°和45°，A、B間拴接的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài)，那么以下判斷正確的選項是()A．A、B的質(zhì)量之比為1：eq\r(3)B．A、B所受彈簧彈力大小之比為eq\r(3)：eq\r(2)C．懸掛A、B的細線上拉力大小之比為eq\r(2)：1D．快速撤去彈簧的瞬間，A、B的瞬時加速度大小之比為1：eq\r(2)解析：彈簧對A、B的彈力大小相等，設(shè)為kx，對A、B分別進行受力分析，由平衡條件可知mAg＝kxtan60°，F(xiàn)A＝kx/cos60°，mBg＝kxtan45°，F(xiàn)B＝kx/cos45°，聯(lián)立解得A、B兩物體質(zhì)量之比為mA：mB＝tan60°：tan45°＝eq\r(3)：1，F(xiàn)A：FB＝cos45°：cos60°＝eq\r(2)：1，在剪斷彈簧的瞬間，A、B的瞬時加速度aA：aB＝gcos60°：gcos45°＝1：eq\r(2)，故C、D正確．答案：CD2、(2023·重慶調(diào)研)如下圖，某河段兩岸平行，河水越靠近河中央水流速度越大．一條小船(可視為質(zhì)點)沿垂直于河岸的方向航行，它在靜水中航行速度為v，沿河岸向下及垂直河岸建立直角坐標系xOy，那么該船渡河的大致軌跡正確的選項是()解析：小船在垂直于河岸方向做勻速直線運動，平行河岸方向先做加速運動后做減速運動，因此合速度方向與河岸間的夾角先減小后增大，即運動軌跡的切線方向與x軸的夾角先減小后增大，C項正確．答案：C3、滑塊靜止于光滑水平面上，與之相連的輕質(zhì)彈簧處于自然伸直狀態(tài)，現(xiàn)用恒定的水平外力F作用于彈簧右端，在向右移動一段距離的過程中拉力F做了10J的功．在上述過程中()A．彈簧的彈性勢能增加了10JB．滑塊的動能增加了10JC．滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加了10JD．滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒解析：拉力F做功的同時，彈簧伸長，彈性勢能增大，滑塊向右加速，滑塊動能增加，由功能關(guān)系可知，拉力做功等于滑塊的動能與彈簧彈性勢能的增加量之和，C正確，A、B、D均錯誤．答案：C4、某靜電場的電場線分布如下圖，圖中A、B兩點的電場強度的大小分別為EA和EB，電勢分別為φA和φB，將－q分別放在A、B兩點時具有的電勢能分別為EpA和EpB，那么()A．EA>EB，φA>φB，EpA<EpBB．EA>EB，φA>φB，EpA>EpBC．EA<EB，φA>φB，EpA>EpBD．EA<EB，φA<φB，EpA<EpB解析：從圖可以看出A點的電場線的密集程度大于B點的密集程度，故A點的電場強度大于B點的電場強度．因電場線的方向由A指向B，而沿電場線的方向電勢逐漸降低，所以A點的電勢高于B點的電勢．負電荷從A到B，電場力做負功，電勢能增加，所以－q在B點的電勢能大于在A點的電勢能，故A正確．答案：A5、某一空間存在著磁感應(yīng)強度為B且大小不變、方向隨時間t做周期性變化的勻強磁場(如圖甲所示)，規(guī)定垂直紙面向里的磁場方向為正．為了使靜止于該磁場中的帶正電的粒子能按a→b→c→d→e→f的順序做橫“∞〞字曲線運動(即如圖乙所示的軌跡)，以下方法可行的是(粒子只受磁場力的作用，其它力不計)()A．假設(shè)粒子的初始位置在a處，在t＝eq\f(3T,8)時給粒子一個沿切線方向水平向右的初速度B．假設(shè)粒子的初始位置在f處，在t＝eq\f(T,2)時給粒子一個沿切線方向豎直向下的初速度C．假設(shè)粒子的初始位置在e處，在t＝eq\f(11,8)T時給粒子一個沿切線方向水平向左的初速度D．假設(shè)粒子的初始位置在b處，在t＝eq\f(T,2)時給粒子一個沿切線方向豎直向上的初速度解析：要使粒子的運動軌跡如題圖乙所示，粒子做圓周運動的周期應(yīng)為T0＝eq\f(πm,qB)＝eq\f(T,2)，結(jié)合左手定那么可知，選項A、D正確．答案：AD6、(2023·廣西重點高中高三一模)如下圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，a、b端接入一正弦式交流電源．L1、L2為兩只規(guī)格均為“22V6W〞的燈泡，兩電表為理想交流電表．當滑動變阻器的滑片P處于中間位置時，兩燈泡恰好都正常發(fā)光．以下說法正確的選項是()A．電流表示數(shù)為0.27AB．電壓表示數(shù)為44VC．滑片P向下移動時，燈泡L2將變暗D．滑片P向上移動時，燈泡L1將變暗解析：由于原、副線圈匝數(shù)比為2：1，那么原、副線圈電流比為1：2，因兩燈泡正常發(fā)光，所以原線圈電流為eq\f(3,11)A，那么副線圈電流為eq\f(6,11)A＝0.55A，A錯．原、副線圈兩端電壓比為2：1，副線圈兩端電壓為22V，所以原線圈兩端電壓為44V，B對．滑片P向下移動時，副線圈電路的電阻變小，電流變大，那么原線圈電路中電流也變大，即通過燈泡L2的電流變大，燈泡L2可能變亮或燒毀，C錯．滑片P向上移動時，通過燈泡L2的電流變小，原線圈兩端電壓變大，那么副線圈兩端電壓也變大，燈泡L1可能變亮或燒毀，D錯．答案：B7、(2023·江西省五校高考模擬考試)如下圖，有一矩形線圈的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計，繞OO′軸在水平方向的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中以角速度ω做勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計時．矩形線圈通過銅滑環(huán)接理想變壓器原線圈，副線圈接有固定電阻R0和滑動變阻器R，以下判斷正確的選項是()A．矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e＝NBSωsinωtB．矩形線圈從圖示位置經(jīng)過eq\f(π,2ω)時間內(nèi)，通過電流表A1的電荷量為0C．當滑動變阻器的滑片向上滑動過程中，電流表A1和A2示數(shù)都變小D．當滑動變阻器的滑片向上滑動過程中，電壓表V1示數(shù)不變，V2和V3的示數(shù)都變小解析：初始位置是與中性面垂直的平面，那么矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e＝NBSωcosωt，選項A錯誤；eq\f(π,2ω)是四分之一個周期，由Q＝eq\f(ΔΦ,R)可得，通過電流表A1的電荷量不為零，選項B錯誤；當滑動變阻器的滑片向上滑動過程中，滑動變阻器的阻值變大．電路總電阻變大，電流表A2示數(shù)變小，結(jié)合eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)可得，電流表A1示數(shù)也變小，選項C正確；當滑動變阻器的滑片向上滑動過程中，電壓表V1示數(shù)不變，結(jié)合eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，V2示數(shù)也不變，電壓表V3示數(shù)變大，選項D錯誤．答案：C二、非選擇題1、(2023·山東青島一模)如下圖，傾角θ＝30°的足夠長的光滑斜面底端A固定有擋板P，斜面上B點與A點的高度差為h.將質(zhì)量為m、長度為L的木板置于斜面底端，質(zhì)量也為m的小物塊靜止在木板上某處，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．木板與物塊間的動摩擦因數(shù)μ＝eq\f(\r(3),2)，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g.(1)假設(shè)給木板和物塊一沿斜面向上的初速度v0，木板上端恰能到達B點，求v0的大小；(2)假設(shè)對木板施加一沿斜面向上的拉力F，物塊相對木板剛好靜止，求拉力F的大?。馕觯?1)由于μgcosθ>gsinθ，所以在運動過程中物塊相對于木板靜止，兩者的加速度a＝gsinθ，根據(jù)eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝eq\f(h,sinθ)－L，解得v0＝eq\r(2h－Lg).(2)對木板與物塊整體有F－2mgsinθ＝2ma0，對物塊有μmgcosθ－mgsinθ＝ma0，解得F＝eq\f(3,2)mg.答案：(1)eq\r(2h－Lg)(2)eq\f(3,2)mg2、(1)如下圖，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J．假設(shè)該氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c時，對外做功40J，那么這一過程中氣體________(填“吸收〞或“放出〞)熱量________J.(2)(15分)某同學(xué)設(shè)計了一種測溫裝置，其結(jié)構(gòu)如下圖，玻璃泡A內(nèi)封有一定質(zhì)量的氣體，與A相連的B管插在水銀槽中，管內(nèi)外水銀面的高度差x即可反映泡內(nèi)氣體的溫度，即環(huán)境溫度t，并可由B管上的刻度直接讀出．設(shè)B管的體積與A泡的體積相比可略去不計，在1個標準大氣壓下對B管進行溫度刻線(1標準大氣壓相當于76cmHg的壓強)．當溫度t1＝27℃時，管內(nèi)外水銀面的高度差x1＝16cm，此高度差即為27(ⅰ)推導(dǎo)高度差x隨溫度t變化的關(guān)系式；(ⅱ)判斷該測溫裝置的刻度是否均勻，并指出溫度t＝0℃解析：(1)對該理想氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c，由熱力學(xué)第一定律可得：ΔU＝Q＋W＝340J＋(－120J)＝220J，即從a狀態(tài)到c狀態(tài)，理想氣體的內(nèi)能增加了220J；假設(shè)該氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c時，對外做功40J，此過程理想氣體的內(nèi)能還是增加220J，所以可以判定此過程是吸收熱量，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得：ΔU＝Q′＋W′，得Q′＝ΔU－W′＝220J－(－40J)＝260J.(2)(ⅰ)B管體積忽略不計，玻璃泡A內(nèi)氣體體積保持不變，是等容變化過程，根據(jù)查理定律可得eq\f(p1,T1)＝eq\f(p2,T2)根據(jù)平衡條件可知，玻璃泡A內(nèi)氣體壓強p＝p0－ρgx，