浙江省寧波市五校20高三下學(xué)期適應(yīng)性考試物理試題含解析

2020屆寧波市五校高三適應(yīng)性考試物理試題考生注意：1.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無(wú)效。3.可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下物理量為標(biāo)量，且單位是國(guó)際單位制導(dǎo)出單位的是（）A.電流、A B.力、N C.功、J D.電場(chǎng)強(qiáng)度、N/C【答案】C【解析】【詳解】A．電流是標(biāo)量，A是國(guó)際單位的基本單位，所以A錯(cuò)誤；B．力是矢量，N是國(guó)際單位的導(dǎo)出單位，所以B錯(cuò)誤；C．功是標(biāo)量，J是國(guó)際單位的導(dǎo)出單位，所以C正確；D．電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，N/C是國(guó)際單位的導(dǎo)出單位，所以D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，是一個(gè)半徑為R的中國(guó)古代八卦圖，中央S部分是兩個(gè)半圓，練功人從A點(diǎn)出發(fā)沿實(shí)線進(jìn)行走完整個(gè)八卦圖(不能重復(fù))，在最后又到達(dá)A點(diǎn)。求在整個(gè)過(guò)程中，此人兩次經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的所經(jīng)過(guò)的最小路程和最大位移分別為（）A.0，0 B.2R，2RC.(3π＋2)R，2R D.(π＋2)R，2R【答案】D【解析】【詳解】路程是指物體所經(jīng)過(guò)的路徑的長(zhǎng)度，如果練功人從點(diǎn)出發(fā)沿部分實(shí)線行走，最后又到達(dá)點(diǎn)，在這個(gè)過(guò)程中的最小路程當(dāng)人離點(diǎn)最遠(yuǎn)的時(shí)候，位移最大，所以當(dāng)人在點(diǎn)的時(shí)候，離點(diǎn)最遠(yuǎn)，此時(shí)的位移最大為，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.以下關(guān)于所用物理學(xué)的研究方法敘述不正確的是（）A.合力、分力概念的建立體現(xiàn)了等效替代的思想B.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法叫假設(shè)法C.當(dāng)時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思維法D.求勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)，將其看成很多小段勻速直線運(yùn)動(dòng)的累加，采用了微元法【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)一個(gè)物體受到幾個(gè)力的共同作用時(shí)，我們常常可以求出這樣一個(gè)力，這個(gè)力產(chǎn)生的效果跟原來(lái)幾個(gè)力的共同效果相同，這個(gè)力就叫做那幾個(gè)力的合力，原來(lái)的幾個(gè)力叫做分力，合力與幾個(gè)分力之間是相互替代關(guān)系，故A正確，不符合題意；B．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法叫理想模型法，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．極限的思維是研究物理的一種重要思想，是指用極限概念分析問(wèn)題和解決問(wèn)題的一種思想，故C正確，不符合題意；D．微元法是指在處理問(wèn)題時(shí)，從對(duì)事物的極小部分(微元)分析入手，達(dá)到解決事物整體目的的方法。它在解決物理學(xué)問(wèn)題時(shí)很常用，思想就是“化整為零"”，先分析“微元”，再通過(guò)“微元”分析整體，故D正確，不符合題意。故選B。4.下列敘述中正確的是（）A.電子衍射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)為物質(zhì)波理論提供了實(shí)驗(yàn)支持B.電子的發(fā)現(xiàn)使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)C.粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究使人們認(rèn)識(shí)到質(zhì)子是原子核的組成部分D.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)使人們認(rèn)識(shí)到原子有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)【答案】A【解析】【詳解】A．德布羅意首先提出了物質(zhì)波的猜想，而電子衍謝實(shí)驗(yàn)證實(shí)了他的猜想，故A正確；B．湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，揭示了原子是有復(fù)雜結(jié)構(gòu)的，故B錯(cuò)誤；C．粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象為：絕大多數(shù)粒子穿過(guò)金箔后仍沿原來(lái)的方向前進(jìn)，但有少數(shù)粒子發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，并有極少數(shù)粒子的偏轉(zhuǎn)超過(guò)，有的甚至幾乎達(dá)到而被反彈回來(lái)，盧瑟福根據(jù)該實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型：原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負(fù)電的電子在核外空間里繞著核旋轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．人們認(rèn)識(shí)到原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)是從天然放射現(xiàn)象開(kāi)始的，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，地球球心為O，半徑為R，表面的重力加速度為g。一宇宙飛船繞地球無(wú)動(dòng)力飛行且沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，不計(jì)阻力，軌道上P點(diǎn)距地心最遠(yuǎn)，距離為3R。則（）A.飛船在P點(diǎn)的加速度一定是B.飛船經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度一定是C.飛船經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于D.飛船經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，若變軌為半徑為3R的圓周運(yùn)動(dòng)，需要制動(dòng)減速【答案】C【解析】【詳解】A．在地球表面重力加速度與萬(wàn)有引力加速度相等，根據(jù)牛頓第二定律有加速度所以在地球表面有P點(diǎn)的加速度選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．在橢圓軌道上飛船從P點(diǎn)開(kāi)始將做近心運(yùn)動(dòng)，此時(shí)滿足萬(wàn)有引力大于P點(diǎn)所需向心力即即選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；

D．飛船經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，若變軌為半徑為3R的圓周運(yùn)動(dòng)，需要點(diǎn)火加速，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開(kāi)始后的一段時(shí)間內(nèi)，充電寶的輸出電壓、輸出電流可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為，則時(shí)間內(nèi)（）A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶產(chǎn)生的熱功率為C.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為【答案】D【解析】【詳解】A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為A錯(cuò)誤；BC．手機(jī)電池充電電流為I，所以手機(jī)電池產(chǎn)生的熱功率為而充電寶的熱功率應(yīng)為充電寶的總功率減去輸出功率，根據(jù)題目信息無(wú)法求解，BC錯(cuò)誤；D．輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為電池的熱能，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為D正確。故選D。7.反射式速調(diào)管是常用微波器之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來(lái)產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過(guò)程類似。已知靜電場(chǎng)的方向平行于x軸，其電勢(shì)隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量，電荷量的帶負(fù)電的粒子從（-1，0）點(diǎn)由靜止開(kāi)始，僅在電場(chǎng)力作用下在x軸上往返運(yùn)動(dòng)。則（）A.軸左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度和右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小之比B.粒子在區(qū)間運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的電勢(shì)能減小C.該粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能變化量的最大值為JD.該粒子運(yùn)動(dòng)的周期【答案】D【解析】【詳解】A．圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，則左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度所以故A錯(cuò)誤；B．由于內(nèi)電勢(shì)逐漸降低，則帶負(fù)電的粒子在區(qū)間運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的電勢(shì)能增加，故B錯(cuò)誤；C．該粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能變化量的最大值為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)粒子在原點(diǎn)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2，在原點(diǎn)時(shí)的速度為vm，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有同理可知而周期T=2（t1+t2）聯(lián)立并代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得T=3.0×10-8s故D正確。故選D。8.麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論提出：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)。以平行板電容器為例：圓形平行板電容器在充、放電的過(guò)程中，板間電場(chǎng)發(fā)生變化，產(chǎn)生的磁場(chǎng)相當(dāng)于一連接兩板的板間直導(dǎo)線通以充、放電電流時(shí)所產(chǎn)生的磁場(chǎng)。如圖所示，若某時(shí)刻連接電容器的導(dǎo)線具有向上的電流，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.電容器正在放電B.兩平行板間電場(chǎng)強(qiáng)度E在減小C.該變化電場(chǎng)產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┑拇艌?chǎng)D.兩極板間電場(chǎng)最強(qiáng)時(shí)，板間電場(chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)卻為零【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)電場(chǎng)方向可知，下板帶正電荷，上板帶負(fù)電荷；根據(jù)電流方向可知，下板帶正電荷并且電流流向下板，電容器正在充電，兩板間電場(chǎng)增強(qiáng)；根據(jù)楞次定律和右手定則判斷得出，電場(chǎng)增強(qiáng)，會(huì)產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┑拇艌?chǎng)，兩極板間電場(chǎng)最強(qiáng)時(shí)，電場(chǎng)變化率為零，板間電場(chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)為零，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，傾角為θ的斜面體固定在水平面上，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球甲和乙分別沿水平方向拋出，兩球的初速度大小相等，已知甲的拋出點(diǎn)為斜面體的頂點(diǎn)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間兩球落在斜面上的A、B兩點(diǎn)后不再反彈，落在斜面上的瞬間，小球乙的速度與斜面垂直．忽略空氣的阻力，重力加速度為g.則下列選項(xiàng)正確的是()A.甲、乙兩球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為tan2θ∶1B.甲、乙兩球下落的高度之比為4tan4θ∶1C.甲、乙兩球的水平位移之比為tanθ∶1D.甲、乙兩球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值之比為2tan2θ∶1【答案】BD【解析】【詳解】A.由小球甲的運(yùn)動(dòng)可知，tanθ＝＝＝，解得t＝，落到斜面上的速度與豎直方向夾角的正切值為tanθ＝，解得，則甲、乙兩球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為t∶t′＝2tan2θ∶1，故A錯(cuò)誤；B.由h＝gt2可知甲、乙兩球下落的高度之比為4tan4θ∶1，故B正確；C.由x＝v0t可知甲、乙兩球的水平位移之比為2tan2θ∶1，故C錯(cuò)誤；D.甲球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值為tanα甲＝＝2tanθ，乙球落到斜面上的速度與水平方向夾角的正切值為tanα乙＝＝，甲、乙兩球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值之比為tanα甲：tanα乙=2tan2θ∶1，故D正確。故選：BD10.圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)比為k。在T的原線圈兩端接入一電壓的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】加在原線圈上的電壓為根據(jù)電壓比與匝數(shù)比關(guān)系有所以有輸電線上的電流為輸電線上損失的功率為聯(lián)立解得又則所以C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。11.如圖甲，在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R，R在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖乙所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向。導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電流（）A.在時(shí)為最大B.在時(shí)改變方向C.在時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较駾.在時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较颉敬鸢浮緾【解析】【詳解】A．由圖可知，在時(shí)導(dǎo)線中電流的變化率為零，此時(shí)線圈中磁通量的變化率為零，則感應(yīng)電流為零，故A錯(cuò)誤；B．從到時(shí)間內(nèi)，圖像的斜率均為負(fù)值，穿過(guò)線框的磁通量為先向里減小，后向外增加，可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向不變，即在時(shí)線圈中的電流不改變方向，故B錯(cuò)誤；CD．結(jié)合正弦曲線變化的特點(diǎn)可知，當(dāng)PQ中的電流為0時(shí)，電流的變化率最大，所以電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化率最大，所以在時(shí)刻或t=T時(shí)刻線框內(nèi)磁通量的變化率最大，則產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大，在時(shí)刻，向里的磁場(chǎng)減小，R內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向里，根據(jù)安培定則可知，電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?；同理可知，在t=T時(shí)刻向外的磁場(chǎng)減小，R內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向外，根據(jù)安培定則可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖，AOB是截面為扇形的玻璃磚的橫截面圖，其頂角θ＝83°，今有一束單色光線在橫截面內(nèi)從OA的中點(diǎn)E沿垂直O(jiān)A的方向射入玻璃磚，一部分光線經(jīng)AB面反射后恰好未從OB面射出，不考慮多次反射作用，則玻璃磚的折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】如圖所示因E點(diǎn)為OA的中點(diǎn)，所以入射角α＝30°β＝θ＝83°臨界角C＝180°－2α－β＝37°OB面恰好發(fā)生全反射，則解得故BCD錯(cuò)誤。故選A。13.如圖，絕緣光滑圓環(huán)豎直放置，a、b、c為三個(gè)套在半徑為R圓環(huán)上可自由滑動(dòng)的空心帶電小球，已知小球c位于圓環(huán)最高點(diǎn)（未畫出），ac連線與豎直方向成60°角，bc連線與豎直方向成30°角，小球a的電量為(q＞0)，質(zhì)量為m，三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.a、b、c小球帶同種電荷B.a、b小球帶異種電荷，b、c小球帶同種電荷C.a、b小球電量之比為D.小球c電量數(shù)值為【答案】D【解析】【詳解】AB．對(duì)c，受到重力、環(huán)的支持力以及a與b的庫(kù)侖力，其中重力與支持力的方向在豎直方向上，水平方向有a對(duì)c的庫(kù)侖力的分力與b對(duì)c的庫(kù)侖力的分力，由共點(diǎn)力平衡的條件可知，a與b對(duì)c的作用力都是吸引力，或都是排斥力，則a與b的電性必定是相同的；a與b帶同種電荷，它們之間的庫(kù)侖力是斥力。對(duì)a，a受到重力、環(huán)的支持力以及b、c對(duì)a的庫(kù)侖力，重力的方向在豎直方向上，水平方向有支持力的向右的分力、b對(duì)a的庫(kù)侖力向左的分力、c對(duì)a的庫(kù)侖力的分力，若a要平衡，則c對(duì)a的庫(kù)侖力沿水平方向的分力必須向右，所以c對(duì)a的作用力必須是吸引力，所以c與a的電性一定相反。即a、b小球帶同種電荷，b、c小球帶異種電荷，故AB錯(cuò)誤；

C．設(shè)環(huán)的半徑為R，a、b、c三個(gè)小球的帶電量分別為：q1、q2和q3，由幾何關(guān)系可得：ac＝R，bc＝R；a與b對(duì)c的作用力都是吸引力，或都是排斥力，它們對(duì)c的作用力在水平方向的分力大小相等，則所以故C錯(cuò)誤；

D．對(duì)小球a受力分析，如圖所示根據(jù)平衡條件有即解得故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分，每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不選全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.一群處于激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷，發(fā)出的光以相同的入射角照射到一塊平行玻璃磚A上，經(jīng)玻璃磚A后又照射到一塊金屬板B上，如圖，則下列說(shuō)法正確的是（）A.從躍遷到發(fā)出的光經(jīng)玻璃轉(zhuǎn)后側(cè)移量最小B.在同一雙縫干涉裝置中，從躍遷到發(fā)出的光干涉條紋最窄C.經(jīng)玻璃磚A后有些光子的能量將減小D.若從躍遷到放出的光子剛好能使金屬板B發(fā)生光電效應(yīng)，則從躍遷到基態(tài)放出的光子一定能使金屬板B發(fā)生光電效應(yīng)【答案】AD【解析】【詳解】A．光的頻率越大，經(jīng)玻璃磚折射后側(cè)移量越大，根據(jù)躍遷規(guī)律可知從躍遷到發(fā)出的光的頻率最小，即光經(jīng)玻璃轉(zhuǎn)后側(cè)移量最小，故A正確；B．從躍遷到n=1發(fā)出的光的頻率最大，波長(zhǎng)最短，根據(jù)可知光的干涉條紋間距最小，故B錯(cuò)誤；C．經(jīng)玻璃磚A后，光子的頻率不變，所以能量不變，故C錯(cuò)誤；D．從躍遷到放出的光子頻率小于從躍遷到基態(tài)放出的光子頻率，所以從躍遷到基態(tài)放出的光子一定能使金屬板B發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。故選AD。15.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，從振源O起振時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)t=0.9s，x軸上0至12m范圍第一次出現(xiàn)圖示波形，則（）A.上圖所示波形圖中12m處的質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)周期B.t=0.9s時(shí)，x軸上2m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸向上C.波的周期可能為0.4sD.波的波速可能是15.6m/s【答案】BCD【解析】【詳解】A．若振源起振方向沿方向，當(dāng)波剛傳播到12m處的質(zhì)點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)沿方向振動(dòng)，經(jīng)過(guò)到達(dá)負(fù)的最大圖示位置，故圖中12m處的質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)周期；若振源起振方向沿方向，當(dāng)波剛傳播到12m處的質(zhì)點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)沿方向振動(dòng)，經(jīng)過(guò)到達(dá)負(fù)的最大圖示位置，故圖中12m處的質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)周期，故A錯(cuò)誤；B．波沿軸正方向傳播，時(shí)，根據(jù)平移法可知軸上2m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿軸向上，故B正確；C．若振源起振方向沿方向，則有可得周期為若振源起振方向沿方向，則有可得周期為故C正確；D．由圖可得波長(zhǎng)若振源起振方向沿方向，波速為若振源起振方向沿方向，波速為故D正確；故選BCD。16.原來(lái)靜止的質(zhì)量為的原子核處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，經(jīng)衰變后變成質(zhì)量為的原子核，粒子的質(zhì)量為，其速度方向垂直于磁場(chǎng)，動(dòng)能為，假定原子核衰變時(shí)釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，質(zhì)子、中子質(zhì)量視為相等，則下列說(shuō)法正確的是（）A.核與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期之比為B.核與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為C.此衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為D.此衰變過(guò)程中釋放的核能為【答案】AD【解析】【詳解】A．原子核發(fā)生衰變時(shí)核子質(zhì)量數(shù)減小4而核電荷數(shù)減小2。周期之比由知故A正確；B．由題意知X核原先靜止，則衰變后粒子和反沖核Y的動(dòng)量大小相等，由知故B錯(cuò)誤；C．該衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損故C錯(cuò)誤；D．粒子的動(dòng)能為Y核的動(dòng)能則Y核的動(dòng)能則釋放的核能故D正確。故選AD。三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.（1）在下列學(xué)生實(shí)驗(yàn)中，需要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和天平的實(shí)驗(yàn)有_______(填字母)。A．“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”B．“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”C．“探究功與物體速度變化的關(guān)系”D．兩小車碰撞“探究碰撞中的不變量”（2）如圖甲所示為實(shí)驗(yàn)室常用的力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置。關(guān)于該裝置，下列說(shuō)法正確的是________。A．用該裝置做研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要平衡摩擦力B．用該裝置探究小車的加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，每次改變小車的質(zhì)量后必須重新平衡摩擦力C．用該裝置探究功與速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)時(shí)，若不平衡摩擦力，雖不能求出做功的具體數(shù)值，但依然可以探究（3）如圖乙和丙是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”和“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”所打下的兩條紙帶的一部分，A、B、C、…、G是紙帶上標(biāo)出的計(jì)數(shù)點(diǎn)，圖乙中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)是連續(xù)的，圖丙中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)。其中圖______（填“乙”或“丙”）所示的是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)紙帶，小車的加速度大小a＝______m/s2（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).BD(2).C(3).圖丙(4).0.64【解析】【詳解】（1）[1]A．“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)，需要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)速度，但不需要天平，故A錯(cuò)誤；B．“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)需要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器來(lái)測(cè)加速度，需要天平來(lái)測(cè)量小車的質(zhì)量，故B正確；C．“探究功與物體速度變化的關(guān)系”需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)速度，但不需要天平，故C錯(cuò)誤；D．兩小車碰撞“探究碰撞中的不變量”，需要天平測(cè)小車質(zhì)量，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)碰撞前后的速度，故D正確。故選BD。（2）[2]A．用該裝置做研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，只要物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)即可，不需要平衡摩擦力；故A錯(cuò)誤；B．用該裝置探究小車的加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，每次改變小車的質(zhì)量后不需要重新平衡摩擦力，故B錯(cuò)誤；C．用該裝置探究功與速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)時(shí)，若不平衡摩擦力，雖不能求出做功的具體數(shù)值，但依然可以探究，故C正確。故選C。（3）[3][4]由圖乙中紙帶提供的數(shù)據(jù)，可求出加速度的大小為：顯然，若忽略空氣阻力等因素的干擾，比較接近重力加速度g值。故圖乙的紙帶應(yīng)為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”中的實(shí)驗(yàn)紙帶；由圖丙中紙帶提供的數(shù)據(jù)，可求得加速度大小為：很顯然，該紙帶不可能是“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”實(shí)驗(yàn)的紙帶，應(yīng)為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)紙帶。18.小強(qiáng)同學(xué)要測(cè)一段粗細(xì)均勻的電阻絲的阻值，他先用多用電表粗測(cè)其電阻約為，隨后將其固定在帶有刻度尺的木板上，準(zhǔn)備進(jìn)一步精確測(cè)量其電阻?，F(xiàn)有電源(電動(dòng)勢(shì)E為，內(nèi)阻不計(jì))、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材:A.電流表(量程，內(nèi)阻約)B.電流表(量程，內(nèi)阻約)C.電壓表(量程，內(nèi)阻約)D.滑動(dòng)變阻器(，額定電流)E.滑動(dòng)變阻器(，額定電流)（1）為減小誤差，且便于操作，在實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________(選填器材前的字母)。（2）如圖所示，是測(cè)量該電阻絲電阻的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，還有兩根導(dǎo)線沒(méi)有連接，請(qǐng)用筆替代導(dǎo)線，補(bǔ)充完成_________。（3）在開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)當(dāng)調(diào)到最________(選填“左”或“右”)端；閉合開(kāi)關(guān)后，實(shí)驗(yàn)中電壓表讀數(shù)的最小值________(選填“大于零”或“等于零”)。（4）若不計(jì)實(shí)驗(yàn)中的偶然誤差，則下列說(shuō)法正確的是________。A．測(cè)量值偏大，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電流表分壓B．測(cè)量值偏小，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表分流C．若已知電流表的內(nèi)阻，可計(jì)算出待測(cè)電阻的真實(shí)值【答案】(1).B(2).D(3).見(jiàn)解析(4).左(5).大于零(6).BC【解析】【詳解】(1)[1]回路中只接入待測(cè)電阻時(shí)，電流最大，且最大值因此選電流表B。[2]由于本題采用的滑動(dòng)變阻器的限流式接法，一般滑動(dòng)變阻器的阻值是待測(cè)電阻的2～5倍調(diào)節(jié)起來(lái)比較方便，故滑動(dòng)變阻器選D。(2)[3]由于測(cè)量小電阻，采用電流表的外接法，連接電路如圖所示(3)[4][5]限流接法的滑動(dòng)變阻器在開(kāi)關(guān)閉合前應(yīng)調(diào)到最左邊；使其接入電路的阻值最大，使回路中電壓表和電流表示數(shù)都最小，起到保護(hù)電路的作用；但回路電流大于零，因此電壓表的示數(shù)大于零。(4)[6]AB．由于采用電流表的外接，根據(jù)電壓表測(cè)量準(zhǔn)確，但由于電壓表的分流作用，使得電流表測(cè)量值偏大，從而電阻的測(cè)量值偏小，A錯(cuò)誤，B正確；C．電阻的測(cè)量值等于電壓表與待測(cè)電阻并聯(lián)之后的總電阻，如果知道電壓表內(nèi)阻可算出待測(cè)慢阻的真實(shí)值，C正確。故選BC。19.不少城市推出了“禮讓斑馬線”的倡議。有一天，小李開(kāi)車上班，以54km/h的速度在一條直路上行駛，快要到一個(gè)十字路口的時(shí)候，小李看到一位行人正要走斑馬線過(guò)馬路，以車子現(xiàn)行速度，完全可以通過(guò)路口而不撞上行人，經(jīng)過(guò)1s時(shí)間的思考，小李決定立即剎車，禮讓行人。經(jīng)過(guò)5s的勻減速，汽車剛好在斑馬線前停下，設(shè)汽車（包括駕駛員）質(zhì)量為1500kg。（1）求汽車剎車時(shí)的加速度；（2）求汽車剎車時(shí)受到的合力大??；（3）駕駛員看到行人時(shí)汽車離斑馬線的距離?！敬鸢浮浚?），與運(yùn)動(dòng)方向相反；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)汽車剎車時(shí)的加速度為a，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，其中，代入數(shù)據(jù)得與運(yùn)動(dòng)方向相反；（2）由牛頓第二定律可得（3）勻速階段的位移為勻減速階段的位移為則最開(kāi)始汽車離斑馬線的距離為20.如圖，一彈射游戲裝置，長(zhǎng)度L=1m的水平軌道AB的右端固定彈射器，其左端B點(diǎn)與半徑為r的半圓形光滑豎直管道平滑連接。已知滑塊質(zhì)量m=0.5kg，可視為質(zhì)點(diǎn)，初始時(shí)放置在彈簧原長(zhǎng)處A點(diǎn)，滑塊與彈簧未拴接，彈射時(shí)從靜止釋放滑塊且彈簧的彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為滑塊動(dòng)能，滑塊與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，忽略空氣阻力，每次游戲都要求滑塊能通過(guò)半圓形道最高點(diǎn)C。（已知彈簧彈性勢(shì)能與形變量的平方成正比）（1）當(dāng)r=02m時(shí)，若滑塊恰好能通過(guò)圓形管道最高點(diǎn)C，求此時(shí)速度大小vC；（2）求第（1）問(wèn)條件下它經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)圓形管道的壓力FN及彈簧彈性勢(shì)能Ep0；（3）若彈簧壓縮量是第（1）問(wèn)情況的2倍，半圓形管道半徑可以變化，當(dāng)半徑為多大時(shí)，滑塊從C處平拋水平距離最大，最大水平距離為多少?！敬鸢浮浚?）0；（2）25N，方向垂直軌道B點(diǎn)豎直向下；Ep0=4.5J；（3）時(shí)，最大水平距離3.1m【解析】【詳解】（1）若滑塊恰好能通過(guò)圓形管道最高點(diǎn)C，則此時(shí)速度大小為vC=0（2）設(shè)第（1）問(wèn)條件下,由B到C根據(jù)機(jī)械能守恒有它經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)圓形管道對(duì)滑塊的支持力為，根據(jù)第二定律有聯(lián)立得由牛頓第三定律得滑塊對(duì)圓形管道的壓力大小為，方向垂直圓弧軌道B點(diǎn)豎直向下滑塊從靜止釋放，根據(jù)能量守恒有代入數(shù)據(jù)得彈性勢(shì)能為Ep0=4.5J（3）設(shè)滑塊從C處平拋水平距離為x，則由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，聯(lián)立解得已知彈簧彈性勢(shì)能與形變量的平方成正比，則當(dāng)彈簧壓縮量是第（1）問(wèn)情況的2倍，有滑塊由靜止滑到C點(diǎn)，由能量守恒定律有聯(lián)立解得由數(shù)學(xué)均值不等式可得，當(dāng)，即r=時(shí)，x有最大值21.如圖，光滑水平桌面上等間距分布著4個(gè)條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度，每一條形磁場(chǎng)區(qū)域的寬度及相鄰條形磁場(chǎng)區(qū)域的間距均為。桌面上現(xiàn)有一邊長(zhǎng)、質(zhì)量、電阻的單匝正方形線框abcd，在水平恒力作用下由靜止開(kāi)始從左側(cè)磁場(chǎng)邊緣垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，在穿出第4個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中的某個(gè)位置開(kāi)始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，線框ab邊始終平行于磁場(chǎng)邊界，取，不計(jì)空氣阻力。求：(1)線框剛好完全穿出第4個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度；(2)線框從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到剛好完全穿出第4個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域所產(chǎn)生的焦耳熱；(3)線框從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到剛好完全穿出第4個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域所用的時(shí)間?！敬鸢浮?1)3m/s，方向水平向右；(2)0.18J；(3)2.27s【解析】【詳解】(