陜西省西安市長(zhǎng)安區(qū)一中屆高三物理上學(xué)期第三次月考試題含解析

PAGE陜西省西安市長(zhǎng)安區(qū)一中2021屆高三物理上學(xué)期第三次月考試題（含解析）本卷分為第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。滿分110分，考試時(shí)間100分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、學(xué)號(hào)和班級(jí)寫(xiě)在答題卷上。2.第Ⅰ卷每小題選出答案后，用鉛筆把答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。第Ⅱ卷用黑色墨水的簽字筆或碳素鋼筆在指定地方作答，答在試卷上或答在答題卷非指定的位置均無(wú)效。3.考試結(jié)束后，監(jiān)考老師只將答題卷收回。第Ⅰ卷（選擇題共60分）一、單項(xiàng)選擇題（本大題共10小題，每小題4分，共40分，在每小題所給的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。）1.如圖所示，在直角框架MQN上，用輕繩OM、ON共同懸掛一個(gè)物體。物體的質(zhì)量為m，ON呈水平狀態(tài)?，F(xiàn)讓框架沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)90°，在旋轉(zhuǎn)過(guò)程中，保持結(jié)點(diǎn)O位置不變。則下列說(shuō)法正確的是（）A.繩OM上的力一直在減小B.繩ON上的力一直在增大C.繩ON上的力先減小再增大D.繩OM上的力先減小再增大【答案】A【解析】【分析】【詳解】根據(jù)拉密定理得因?yàn)榻Y(jié)點(diǎn)位置不變，所以不變?？蚣苎啬鏁r(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)90°，先減小到90°，再繼續(xù)減小，所以繩ON上的力先增大再減小。一直增大到180°，繩OM上的力減小，一直減到0。故選A。2.如圖所示，傾角為θ的斜面靜置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三球的質(zhì)量分別為m、2m、3m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A、B間固定一個(gè)輕桿，B、A.細(xì)線被剪斷的瞬間，彈簧彈力為3mgsinθB.細(xì)線被剪斷的瞬間，A、B之間桿的彈力大小為零C.細(xì)線被剪斷的瞬間，A、B球的加速度沿斜面向上，大小為2gsinθD.細(xì)線被剪斷的瞬間，A、B之間桿的彈力大小為4mgsinθ【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．細(xì)線被剪斷前，A、B、C整體分析，由平衡條件得細(xì)線被剪斷瞬間，彈簧來(lái)不及恢復(fù)形變，因此彈力不變。故A錯(cuò)誤；BCD．細(xì)線被剪斷瞬間，彈簧彈力大小不變，則A、B整體分析，由牛頓第二定律得隔離B分析，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得，加速度方向沿斜面向上。故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.已知萬(wàn)有引力常量G，那么在下列給出的各種情景中，能根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)求出火星平均密度的是（）A.在火星表面使一個(gè)小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，測(cè)出下落的高度H和時(shí)間tB.發(fā)射一顆繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)的飛船，測(cè)出飛船的周期TC.觀察火星繞太陽(yáng)的圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)出火星的直徑D和火星繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期TD.發(fā)射一繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，測(cè)出衛(wèi)星軌道半徑與火星半徑之比K和衛(wèi)星周期T【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)下落的高度和時(shí)間，根據(jù)位移時(shí)間公式只能求出火星表面的重力加速度，無(wú)法求出火星的平均密度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得解得飛船的軌道半徑未知無(wú)法求出火星質(zhì)量，則無(wú)法求解平均密度。B錯(cuò)誤；C．已知火星繞太陽(yáng)的周期，無(wú)法求出火星的質(zhì)量，也無(wú)法求出火星的平均密度。C錯(cuò)誤；D．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得解得密度測(cè)出衛(wèi)星軌道半徑與火星半徑之比K和衛(wèi)星周期T可以求出火星的平均密度。D正確。故選D。4.下列說(shuō)法正確的是（）A.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B.物體的溫度越高，物體內(nèi)分子熱運(yùn)動(dòng)越激烈，物體的動(dòng)能越大C.密封在體積不變的容器中的氣體溫度升高時(shí)，單位時(shí)間打到單位面積器壁的分子數(shù)變多D.溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)，兩系統(tǒng)的內(nèi)能相同【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮液體中微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的原因是液體分子對(duì)微粒撞擊的沖力不平衡造成的，布朗運(yùn)動(dòng)間接反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，但不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，溫度越高分子平均動(dòng)能越大，B錯(cuò)誤；C．密封在體積不變的容器中的氣體溫度升高時(shí)，單位時(shí)間打到單位面積器壁的分子數(shù)變多，C正確；D．溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)，兩系統(tǒng)的溫度相同，D錯(cuò)誤。故選C。5.光滑水平面上放有一表面光滑、傾角為α的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M、底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示。將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過(guò)時(shí)間t剛好滑到斜面底端。此過(guò)程中斜面對(duì)滑塊的支持力大小為FN，重力加速度為g，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.FN＝mgcosαB.滑塊下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為FNtcosαC.此過(guò)程中斜面體向左滑動(dòng)的距離為L(zhǎng)cosαD.滑塊B下滑的過(guò)程中A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)水平方向動(dòng)量守恒【答案】D【解析】分析】【詳解】A．當(dāng)滑塊B相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊B相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力FN不等于mgcosα，故A錯(cuò)誤；

B．滑塊B下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為FNt，故B錯(cuò)誤；

C．系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為x1、x2，取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：即有：Mx1=mx2，又x1+x2=L，解得：故C錯(cuò)誤；D．滑塊B下滑的過(guò)程中A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)水平方向動(dòng)量守恒，故D正確。故選D。6.如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是mA＝4.0kg和mB＝3.0kg，兩物塊之間用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻壁相接觸，另有一物塊C從t＝0時(shí)，以一定速度向右運(yùn)動(dòng)。在t＝4s時(shí)與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開(kāi)，物塊C的v－t圖像如圖乙所示，則（）A.4s—12s內(nèi)A，B，C系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.8s—12s內(nèi)A，B，C系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.0s—12s內(nèi)A，B，C系統(tǒng)損失的機(jī)械能為54JD.墻壁對(duì)物塊B的彈力在4s到12s的時(shí)間內(nèi)對(duì)B的沖量I的大小為32N·s【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．4s—12s內(nèi)，CA一起擠壓彈簧，而此時(shí)，B受到墻壁對(duì)B的作用力，系統(tǒng)水平方向合力不為零，A，B，C系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．8s—12s內(nèi)A，B，C與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)對(duì)稱性可知，12s末彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，0s—12s內(nèi)A，B，C系統(tǒng)損失的機(jī)械能為其中AC碰撞過(guò)程解得：故C正確；D．墻壁對(duì)物塊B的彈力在4s到12s的時(shí)間內(nèi)對(duì)B的沖量I的大小與彈簧對(duì)B的沖量大小相等，也等于彈簧對(duì)AC系統(tǒng)的沖量大小為故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，實(shí)線MN是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。一帶負(fù)電粒子射入電場(chǎng)后，僅在電場(chǎng)力作用下沿虛線ABC運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法中正確的是（）A.粒子在A點(diǎn)的加速度比在C點(diǎn)的加速度大B.粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能比在C點(diǎn)的電勢(shì)能大C.M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)：φM>φND.電場(chǎng)線的方向水平向左【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由于電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，可得到粒子在A點(diǎn)的加速度與C點(diǎn)的加速度大小相等，故A錯(cuò)誤；BCD．由題圖可知，粒子在B點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向向左，又因?yàn)榱Ｗ訋ж?fù)電，故電場(chǎng)線方向向右，因?yàn)檠仉妶?chǎng)線方向電勢(shì)降低，則φN<φM，故帶負(fù)電粒子從A點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能比在C點(diǎn)的電勢(shì)能小，故C正確，BD錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m的帶電小球，以初速度v從M點(diǎn)豎直向上運(yùn)動(dòng)，通過(guò)N點(diǎn)時(shí)，速度大小為2v，方向與電場(chǎng)方向相反，則小球從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程（）A.重力勢(shì)能增加mv2 B.動(dòng)能增加mv2C.機(jī)械能增加mv2 D.電勢(shì)能增加2mv2【答案】A【解析】分析】【詳解】A．在豎直方向只有重力做功，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)N點(diǎn)豎直方向速度是零，豎直方向動(dòng)能減小是，即重力勢(shì)能增加，A正確；B．小球動(dòng)能的增加為B錯(cuò)誤；C．除重力外，只有電場(chǎng)力做功，電場(chǎng)力做功等于小球的機(jī)械能增加，電場(chǎng)力做功等于水平方向小球的機(jī)械能增加即小球的機(jī)械能增加為2mv2，C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，D錯(cuò)誤故選A。9.硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)。如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖線（電池內(nèi)阻不是常數(shù)），圖線b是某電阻R的U－I圖線。在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，則（）A.硅光電池的內(nèi)阻為10Ω B.電源的總功率為0.4WC.回路的總電阻為18Ω D.電源電動(dòng)勢(shì)為4V【答案】C【解析】【分析】【詳解】AD．由閉合電路歐姆定律得U=E-Ir當(dāng)I=0時(shí)，E=U，由a與縱軸的交點(diǎn)讀出電動(dòng)勢(shì)為E=3.6V根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，將它們組成閉合回路時(shí)路端電壓為U=2V，電流為I=0.2A，則電池的內(nèi)阻為故AD錯(cuò)誤；B．電源的總功率為P總=EI=3.6×0.2W=0.72W故B錯(cuò)誤；C．電阻的U-I圖線的斜率表示阻值，有所以，回路的總電阻為故C正確。故選C。10.如圖，水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電粒子從A點(diǎn)以豎直向上的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)最高點(diǎn)B后回到與A在同一水平線上的C點(diǎn)，粒子從A到B過(guò)程中克服重力做功2J，電場(chǎng)力做功3J，則（）A.粒子在C點(diǎn)的動(dòng)能為14JB.粒子在C點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)少3JC.粒子在C點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)少12JD.粒子在B點(diǎn)的機(jī)械能比在A點(diǎn)多1J【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．由于帶電粒子做拋體運(yùn)動(dòng)，將運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻減速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向先做勻減速后做反向勻加速運(yùn)動(dòng)，利用運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知tAB=tBC，由于水平方向?yàn)槌跛俣葹榱愕膭蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的比例關(guān)系有xAB：xBC=1：3則電場(chǎng)力所做的功有3WAB=WBC在豎直方向上變形可知初動(dòng)能為：從A→C由動(dòng)能定理有WAC=-代入數(shù)據(jù)有=14JA正確；BC．電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，且做了多少正功，電勢(shì)能就減少多少，由選項(xiàng)A知3WAB=WBC=9JBC錯(cuò)誤；D．其他力（除重力彈力以外的力）做正功機(jī)械能增加，且其它力做了多少正功，機(jī)械能就增加多少，則WAB=2J則粒子在B點(diǎn)的機(jī)械能比在A點(diǎn)多2J，D錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，每小題4分，共20分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，選錯(cuò)或不選得0分。）11.一個(gè)質(zhì)量為m的物塊放在傾角為θ的斜面體上，斜面體始終不動(dòng)。現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.若物塊原來(lái)勻速下滑，施加壓力后物塊仍然勻速下滑B.若物塊原來(lái)加速下滑，施加壓力后物塊加速度變大C.若物塊原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，施加壓力后物塊可能開(kāi)始加速下滑D.若物塊原來(lái)勻速下滑，施加壓力后地面給斜面體產(chǎn)生摩擦力【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A．小物塊恰好沿斜面勻速下滑，根據(jù)平衡條件有解得當(dāng)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F時(shí)，有可知物塊仍然做勻速運(yùn)動(dòng)，A正確；B．未加F時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得施加F后，根據(jù)牛頓第二定律得分析可得所以物塊將以比原來(lái)大的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，B正確；C．若物塊原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有當(dāng)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F時(shí)，有沿斜面方向的分力垂直于斜面方向的分力則有物塊仍處于靜止，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，斜面體對(duì)m的摩擦力和支持力的合力仍然豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，物體m對(duì)斜面體的作用力豎直向下，故斜面體相對(duì)地面沒(méi)有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故不受靜摩擦力，D錯(cuò)誤。故選AB。12.在距河面高度h＝20m的岸上有人用長(zhǎng)繩拴住一條小船，開(kāi)始時(shí)繩與水面的夾角為30°，人以恒定的速率v＝3m/s拉繩，使小船靠岸，那么（）A.5s時(shí)繩與水面的夾角為53°B.5s后小船前進(jìn)了C.5s時(shí)小船速率為5m/sD.5s時(shí)小船到岸邊的距離為15m【答案】ACD【解析】【分析】【詳解】AD．由幾何關(guān)系可知，開(kāi)始時(shí)河面上的繩長(zhǎng)為此時(shí)船離岸的距離5s時(shí)，繩子向左移動(dòng)了河面上繩長(zhǎng)為小船離河邊的距離船的速度為合速度，由繩收縮的速度及繩擺動(dòng)的速度合成得出，5s后，由幾何關(guān)系可知繩與水面的夾角是53°，故AD正確；B．5s時(shí)刻小船前進(jìn)的距離為故B錯(cuò)誤；C．船的速度為合速度，由繩收縮的速度及繩擺動(dòng)的速度合成得出，則由幾何關(guān)系可知故C正確。故選ACD。13.如圖所示，內(nèi)部光滑的半球形容器固定放置，兩個(gè)完全相同的小球a、b分別沿容器內(nèi)部，在不同的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列判斷正確的是（）A.a對(duì)內(nèi)壁的壓力大于b對(duì)內(nèi)壁的壓力B.a的周期大于b的周期C.a的角速度大于b的角速度D.a的向心加速度小于b的向心加速度大小【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．以任意一球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力情況如圖由圖得到軌道對(duì)小球的支持力對(duì)于兩球θa＞θb，所以Na＞Nb，故A正確；

BC．小球受重力mg和內(nèi)壁的支持力N，由兩力合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：mgtanθ=mω2r得：ω=設(shè)球的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可知，運(yùn)動(dòng)半徑r=Rsinθ，則對(duì)于兩球θa＞θb，則ωa＞ωb，周期，故B錯(cuò)誤C正確；D．向心加速度an=gtanθ，對(duì)于兩球θa＞θb，則向心加速度aa＞ab．故D錯(cuò)誤。

故選AC。14.如圖所示，固定斜面PO、QO與水平面MN的夾角均為45°，現(xiàn)由A點(diǎn)分別以v1、v2先后沿水平方向拋出兩個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），不計(jì)空氣阻力，其中以v1拋出的小球恰能垂直于QO落于C點(diǎn)，飛行時(shí)間為t，以v2拋出的小球落在PO斜面上的B點(diǎn)，且B、C在同一水平面上，則（）A.落于B點(diǎn)的小球飛行時(shí)間為tBC.落于C點(diǎn)的小球的水平位移為gt2D.A點(diǎn)距水平面MN的高度為gt2【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A．兩個(gè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)下落高度相等，所以飛行時(shí)間也相等，可知，落于點(diǎn)的小球飛行時(shí)間為。故A正確；B．小球飛行時(shí)間為，則撞在Ｂ點(diǎn)豎直分速度由推論得解得故B正確；C．因?yàn)樾∏蚯『么怪弊苍邳c(diǎn)，根據(jù)平行四邊形定則知，小球的初速度小球在水平方向的位移故C錯(cuò)誤；D．小球落于B點(diǎn)的水平位移為根據(jù)幾何關(guān)系知，點(diǎn)距離的高度故D正確。故選ABD。15.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0定值電阻，電容器的電容為C。閉合開(kāi)關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量的絕對(duì)值為U，電流表示數(shù)的變化量的絕對(duì)值為I，則（）A.變化過(guò)程中U和I的比值保持不變B.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變C.電容器的帶電荷量增加，增加量為CD.可變電阻R上的功率變大，R0上的功率變小【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得所以A正確；B．根據(jù)歐姆定律得可變電阻R的阻值在增大，所以電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值變大。B錯(cuò)誤；C．可變電阻R的阻值在增大，電路的電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，定值電阻R0的電壓減小，R0上的功率變小，所以可變電阻R的電壓增大，電容器的電量增加，根據(jù)可得C正確；D．根據(jù)電源的輸出功率圖像可知，當(dāng)時(shí)，可變電阻上的功率最大。因?yàn)椴淮_定與的大小關(guān)系，所以不能確定可變電阻R上的功率變化。D錯(cuò)誤。故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題共50分）三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共3小題，共18分。）16.圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_______mm，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_______mm?！敬鸢浮?1).50.15(2).4.700（4.698~4.702）【解析】【分析】【詳解】[1]游標(biāo)卡尺的精度為，讀數(shù)為。[2]螺旋測(cè)微器精度為，讀數(shù)為。17.如圖所示，多用表在進(jìn)行不同測(cè)量時(shí)，多用表表盤(pán)指針在測(cè)量時(shí)的偏轉(zhuǎn)位置如圖示。若是用×100歐姆檔測(cè)量，則讀數(shù)為_(kāi)_；若是用0—10mA檔測(cè)量，則讀數(shù)為_(kāi)_；若是用0—50V檔測(cè)量，則讀數(shù)為_(kāi)_?！敬鸢浮?1).1.2×103Ω(2).5.6mA(3).28.3V【解析】【分析】【詳解】[1]若是用×100歐姆檔測(cè)量，則讀數(shù)為12.0×100=1.2×103Ω[2]若是用0—10mA檔測(cè)量，最小分度值為0.2mA，則讀數(shù)為5.6mA.[3]若是用0—50V檔測(cè)量，最小分度值為1V，則讀數(shù)為28.3V18.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路來(lái)測(cè)量一個(gè)量程為3V的電壓表的內(nèi)電阻（幾千歐），實(shí)驗(yàn)室提供直流電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻忽略不計(jì)；(1)在該實(shí)驗(yàn)中，認(rèn)為當(dāng)變阻器的滑片P不動(dòng)時(shí)，無(wú)論電阻箱的阻值如何增減，aP兩點(diǎn)間的電壓保持不變；請(qǐng)從下列滑動(dòng)變阻器中選擇最恰當(dāng)?shù)氖牵篲______A變阻器（0-2000Ω，0.1A）B變阻器（0-20Ω，1A）C變阻器（0-5Ω，1A）(2)連接好線路后，先將變阻器滑片P調(diào)到最_______端，并將電阻箱阻值_______調(diào)到（填“0”或“最大”），然后閉合電鍵S，調(diào)節(jié)P，使電壓表滿偏，此后滑片P保持不動(dòng)；(3)調(diào)節(jié)變阻箱的阻值，記錄電壓表的讀數(shù):最后將電壓表讀數(shù)的倒數(shù)U-1與電阻箱讀數(shù)R描點(diǎn)，并畫(huà)出圖己所示的圖線，由圖象得待測(cè)電壓表的內(nèi)阻值為_(kāi)______Ω．（保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).B(2).左(3).0(4).3.0×103（3.0k）【解析】【分析】【詳解】（1）[1]．因?yàn)楫?dāng)變阻器的滑片P不動(dòng)時(shí)，無(wú)論電阻箱的阻值如何增減，aP兩點(diǎn)間的電壓保持不變，可知滑動(dòng)變阻器的阻值越小越好，但是若選擇變阻器C，電流會(huì)超出變阻器的最大電流，不安全，所以選擇B．（2）[2][3]．連接好線路后，先將變阻器滑片P調(diào)到最左端，并將電阻箱阻值調(diào)到0，然后閉合電鍵S，調(diào)節(jié)P，使電壓表滿偏．（3）[4]．設(shè)滿偏電壓為U0，因?yàn)閍p間的電壓不變，為U0，根據(jù)歐姆定律知，電壓表的示數(shù)為：整理得：可知：＝0.33解得：RV＝3.0×103Ω四、計(jì)算題（本大題共3小題，共32分。解答時(shí)必須寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的，不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。）19.如圖所示，長(zhǎng)L=2m、質(zhì)量為m=3kg的導(dǎo)體棒ab，置于傾角為θ=30°的光滑斜面上。導(dǎo)體棒與斜面的水平底邊始終平行。已知導(dǎo)體棒通以從b向a的電流，電流為I=2A，重力加速度g=10m/s2(1)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上，為使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；(2)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)的大小、方向都可以改變，要使導(dǎo)體棒能靜止在斜面上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值和對(duì)應(yīng)的方向?！敬鸢浮?1)；(2)，垂直斜面向上【解析】【分析】【詳解】(1)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上，為使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，mgtanθ=BIL解得：(2)根據(jù)三角形定則知，當(dāng)安培力沿斜面向上時(shí)，安培力最小mgsinθ=BIL解得B垂直斜面向上。20.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從A狀態(tài)經(jīng)過(guò)一系列的變化，最終