2020屆高考物理模擬點(diǎn)睛卷全國(guó)卷一

y、yy、y、y、y、丫和vD.hy42020屆高考物理模擬點(diǎn)睛卷（全國(guó)卷）（一）1、〃子與氫原子核（質(zhì)子）構(gòu)成的原子稱為〃氫原子（hydrogenmuonatom）,它在原子核的物理研究中有很重要作用。如圖〃氫原子的能級(jí)示意圖。假定光子能量為E的一束光照射容器中大量處于n=2能級(jí)的〃氫原子,〃氫原子吸收光子后，發(fā)出頻率為的光，且依次增大，則E等于()TOC\o"1-5"\h\zff MV(5 - - --10124 ?158.1\o"CurrentDocument"3 Ml2 -632.4\o"CurrentDocument"A.h(y-y) B.h(y+y) C.hv2、如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊置于傾角0=30°，質(zhì)量為M的直角三角形斜劈的底端，現(xiàn)通過一質(zhì)量不計(jì)的細(xì)繩給滑塊施加一方向沿斜面向上的拉力R大小為mg，使滑塊沿斜面勻速上滑，整個(gè)過程中斜劈處于靜止?fàn)顟B(tài)，若斜劈與滑塊、斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，已知重力加速度大小為g。則（）A,斜劈對(duì)滑塊的支持力大小為mgB,斜劈對(duì)滑塊的作用力大小為mgC.動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5， ，，1D.水平面對(duì)斜劈的摩擦力大小為不mg3、如圖所示,理想變壓器原線圈接入正弦交流電,圖中電壓表和電流表均為理想交流電表,R1為定值電阻,R為負(fù)溫度系數(shù)的熱敏電阻（溫度升高時(shí)阻值減?。?C為電容器.下列說法正確的2是（）

A.通過勺的電流為零B.滑片A.通過勺的電流為零B.滑片P向上滑動(dòng)，電壓表示數(shù)變大C.々處溫度升高時(shí)，電壓表的示數(shù)不變 D.減小電容器C的電容，電流表的示數(shù)變大4、宇宙空間存在一些離其他恒星較遠(yuǎn)的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為m的星體位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，三角形邊長(zhǎng)為L(zhǎng).忽略其他星體對(duì)它們的引力作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心0做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，引力常量為G.下列說法正確的是（）/。\人:*;A.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度為3—L3B.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度與三星的質(zhì)量無關(guān)C.若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉淼?倍，則周期變?yōu)樵瓉淼?倍D.若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉淼?倍，則線速度變?yōu)樵瓉淼?倍5、如圖所示，正六邊形abcdef區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶正電的粒子從/點(diǎn)沿fd方向射入磁場(chǎng)區(qū)域,當(dāng)速度大小為1時(shí)，從b點(diǎn)離開磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為小當(dāng)速度大小為V時(shí),度大小為V時(shí),從c點(diǎn)離開磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為才，不計(jì)粒子重力。則（）ccB.v:v=2:1,t:t=1:2cj：y=2:1,t:t=2:1 d.y：y=1:2,t:t=1：26、甲、乙兩車在同一水平路面上做直線運(yùn)動(dòng)，兩車從=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)的v-1圖象如圖所示。已知開始計(jì)時(shí)時(shí)乙車在甲車前％=6m處，且在t1=2s和12=6s時(shí)兩車各相遇一次,則下列判斷正確的是（）「以m-S-1）A.0?6s內(nèi)甲車的加速度大小是乙車的兩倍B.t=0時(shí)乙車的速度大小為16m/sC.兩車在運(yùn)動(dòng)過程中一定會(huì)相遇三次D.當(dāng)乙車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲、乙兩車仍相距6m7、如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿兩端分別固定a,b金屬球，兩球質(zhì)量均為m,a放在光滑的水平面上,b套在豎直固定光滑桿上且離地面高度為、3L,現(xiàn)將b從圖示位置由靜止釋放,則（）2A.在b球落地前的整個(gè)過程中,a,b組成的系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒TOC\o"1-5"\h\z一，一,、一、…L 3-1B.從開始到b球距地面高度為大的過程中,輕桿對(duì)a球做功為-——mgL\o"CurrentDocument"2 8,一，…「一…L 3C.從開始到b球距地面高度為w的過程中,輕桿對(duì)b球做功-——mgL28D.在b球落地的瞬間，重力對(duì)b球做功的功率為mg;<3gL8、如圖甲所示，左側(cè)接有定值電阻R=2Q的水平粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T,導(dǎo)軌間距L=1m。一質(zhì)量m=2kg,阻值r=2Q的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運(yùn)動(dòng)，金屬棒的v-x圖象如圖乙所示，若金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)-0.2,則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過程中（g=10m/s2）（）w/nt-a'1w/nt-a'1A.金屬棒克服安培力做的功W1=0.25J B.金屬棒克服摩擦力做的功W2=5JC.整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q=4.25J D.拉力做的功W=9.25J9、關(guān)于“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)完成下列的三個(gè)問題：1.如圖所示，在做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)時(shí),實(shí)驗(yàn)必須要求滿足的條件是（）s-1 II II ! ' li否南印ET『疣的的az朔懶力「的F砌皺吸游施斯游就就媯0WPWA.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線是水平的C入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下口.若入射小球質(zhì)量為勺，被碰小球質(zhì)量為m2，則m1m2.利用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系.圖中0點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影.實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球m多次從斜軌上的1S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置R測(cè)量出平拋的射程0P然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上的S位置由靜止釋放,與小球m2相碰，并且多次重復(fù).接下來要完成的必要步驟是（）（填選項(xiàng)前的符號(hào)）A.用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m「m2B.測(cè)量小球m開始釋放高度h1C.測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD.分別找到m、m相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、N;測(cè)量平拋射程0M,0N.若兩個(gè)小球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可以表示為.［利用2中所測(cè)量的物理量表示］;若碰撞是彈性的碰撞，那么還應(yīng)該滿足的表達(dá)式應(yīng)該為 .［利用2中所測(cè)量的物理量表示］.10、某課外活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和橙汁制作了橙汁電池并利用所學(xué)知識(shí)設(shè)計(jì)電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻廠。他們?cè)谝粋€(gè)玻璃器皿中放入橙汁，在橙汁中相隔一定距離插入銅片和鋅片作為橙汁電池的正、負(fù)極。使用的器材有：A.毫安表（量程0?3mA,內(nèi)阻未知）；B.滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為500Q）;1C.電阻箱R2（阻值范圍為0999.9Q）;D.開關(guān)和導(dǎo)線若干。該小組成員分析發(fā)現(xiàn)，由于毫安表的內(nèi)阻未知,所以無法直接測(cè)量該橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,經(jīng)過思考后，該小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，先測(cè)出該毫安表的內(nèi)阻R、再測(cè)量橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。⑴請(qǐng)按照?qǐng)D甲所示的電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙實(shí)物圖中的滑動(dòng)變阻器接入電路，要求當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最右端時(shí).滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大。圖用 圖乙 圖內(nèi)（2）該小組連接好電路后，首先對(duì)毫安表的內(nèi)阻Rg進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)完善測(cè)量步驟.①將滑動(dòng)變阻器勺的滑片滑至最右端，斷開開關(guān)s2，閉合開關(guān)s1；②滑動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片，使毫安表的指針達(dá)到滿偏;1③保持不變，閉合開關(guān)s2,調(diào)節(jié)電阻箱R2的阻值，使毫安表的示數(shù)達(dá)到滿偏電流的一半;④讀出此時(shí)電阻箱R。的示數(shù)，即可求得毫安表的內(nèi)阻R。2 g（3）該小組發(fā)現(xiàn)，當(dāng)毫安表的電流達(dá)到滿偏電流的一半時(shí)，電阻箱的示數(shù)為50.0Q,則毫安表的內(nèi)阻Rg=Q,用此種方法測(cè)得的毫安表的內(nèi)阻與其真實(shí)值相比，測(cè)量值 （填“大于”“小于”或“等于"）真實(shí)值。（4）該小組測(cè)得毫安表的內(nèi)阻R之后，采用以下方法測(cè)量該橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻廠。首g先將電路中滑動(dòng)變阻器的滑片移至最右端，然后多次改變電阻箱的阻值R得到了多組毫安表的電流I，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)作出1--圖象，如圖丙所示，則該電源的電動(dòng)勢(shì)E=,內(nèi)阻IRr=（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）11、如圖所示，半徑為0.2m的光滑四分之一圓弧面，質(zhì)量為0.5kg的小球從靜止開始從A點(diǎn)開始下滑，經(jīng)過B點(diǎn)后落在與水平面成45。的斜面上的C點(diǎn)。求：（1）小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為多大？（2）此時(shí)小球?qū)A弧的壓力為多大？（3）小球的落點(diǎn)C與B的距離為多大?12、如圖所示的坐標(biāo)系內(nèi)，以垂直于％軸的虛線PQ為分界線，左側(cè)的等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)分布著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，AC邊有一擋板可吸收電子，AC長(zhǎng)為d.右側(cè)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩極板長(zhǎng)度為d/2,間距為d.電場(chǎng)右側(cè)的％軸上有足夠長(zhǎng)的熒光屏.現(xiàn)有速率不同的電子在紙面內(nèi)從坐標(biāo)原點(diǎn)0沿y軸正方向射入磁場(chǎng)，電子能打在熒光屏上的最遠(yuǎn)處為M點(diǎn)，M到下極板右端的距離為d/2，電子電荷量為e，質(zhì)量為m，不考慮電子間的相互作用以及偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)邊緣效應(yīng)，求：(1(1)電子通過磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)間t;7^77777777*"時(shí) 丁(2)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓U；(3)電子至少以多大速率從0點(diǎn)射出時(shí)才能打到熒光屏上.13、［物理——選修3-引1.關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是A.氣體吸熱后溫度一定升高B.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡(2)在水下氣泡內(nèi)空氣的壓強(qiáng)大于氣泡表面外側(cè)水的壓強(qiáng)，兩壓強(qiáng)差A(yù)p與氣泡半徑廠之間2。的關(guān)系為Ap=——，其中(=0.070N/m?，F(xiàn)讓水下10m處一半徑為0.50cm的氣泡緩慢上升，r已知大氣壓強(qiáng)p=1.0X105Pa，水的密度p=1.0X103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2。0(i)求在水下10m處氣泡內(nèi)外的壓強(qiáng)差;(ii)忽略水溫隨水深的變化，在氣泡上升到十分接近水面時(shí)，求氣泡的半徑與其原來半徑之比的近似值。14、［物理——選修3-4］⑴如圖所示為半圓柱體玻璃磚的橫截面，0D為直徑，一束由a光和b光組成的復(fù)色光沿A0方向由真空從0D面射入玻璃，之后分成兩束分別從B,C兩點(diǎn)射出，其中從點(diǎn)射出的為a光，從C點(diǎn)射出的為b光。則下列說法正確的是A.從B點(diǎn)射出玻璃磚的a光的頻率較小B.在玻璃磚中，b光的傳播速度一定大于a光的傳播速度C.a光和b光在玻璃磚中的傳播時(shí)間相等D.將a光和b光通過相同的雙縫干涉裝置，b光的干涉條紋間距較小E.若將a光和b光分別放在水面足夠大的池塘底部同一位置，則b光照亮的水面區(qū)域大(2)甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿％軸負(fù)方向和正方向傳播，兩波源分別位于％=0.9m處和%=-0.6m處，兩列波的波速大小相等，波源的振幅均為2cm,兩列波在仁0時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)平衡位置在％=-0.2m和％=0.1m處的P,Q兩質(zhì)點(diǎn)剛要開始振動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)M位于％=0.3m處，已知甲波的周期為0.8s，求：1r/rni⑴乙波傳播到M質(zhì)點(diǎn)所需要的時(shí)間；(ii)在0?0.5S時(shí)間內(nèi),M質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向位移最大的時(shí)刻。答案以及解析1答案及解析：答案：C解析：由能級(jí)躍遷知識(shí)及題意可知，處于n=2能級(jí)的R氫原子吸收能量為E的光子后，發(fā)出6種頻率的光，說明〃氫原子是從n=4能級(jí)躍遷的，而彳、v「v3、v/v5和v6頻率依次增大，說明n=4躍遷到n=2時(shí)，輻射能量為hv「C項(xiàng)正確，A、B、D三項(xiàng)錯(cuò)誤。2答案及解析：答案：B解析：斜劈對(duì)滑塊的支持力大小為mgcos30o=3mmg，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；滑塊處于平衡狀態(tài)，重力與拉力夾角為120°，重力與拉力合力為mg，則斜劈對(duì)滑塊的作用力與重力和拉力合力等大反向，則斜劈對(duì)滑塊的作用力大小為mg，選項(xiàng)B正確；根據(jù)F=mg=mgsin30o+rmgcos30o，解得u=等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；對(duì)滑塊和斜劈的整體，水平方向：Fcos30o=/，解得f=3mmg，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.3答案及解析：答案：C解析：A.交流電是可以通過電容器的，通過勺的電流不為零，故A錯(cuò)誤；B.滑片P向上滑動(dòng)，原線圈匝數(shù)增大，根據(jù)U=監(jiān)可知電壓表示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；2U1C.R。處溫度升高時(shí)，原副線圈匝數(shù)之比不變、根據(jù)U=萼可知電壓表的示數(shù)不變，故C2 2U1正確；D.減小電容器C的電容，容抗增大，電流表的示數(shù)變小，故D錯(cuò)誤。故選：C。4答案及解析：答案：C

解析：任意兩顆星之間的萬有引力F=Gmm，每一顆星受到的合力為：F=3FFL2 1由幾何關(guān)系知：它們的軌道半徑為：r=-L…①3合力提供它們的向心力：咨幽=m上…②Lr聯(lián)立①②，解得：v=、、'包，故A錯(cuò)誤；根據(jù)^Gmm=ma得：a=蟲包，故加速度與L L L它們的質(zhì)量有關(guān)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)^Gmm=m坦解得：T=2%,；3竺，若距離L和每L T2 3Gm顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉淼?倍，則周期變?yōu)樵瓉淼?倍，故C正確；根據(jù)v=,：等可知，若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉淼?倍，則線速度不變，故D錯(cuò)誤.故選C.5答案及解析：答案：A解析：設(shè)正六邊形邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，若粒子從b點(diǎn)離開磁場(chǎng)，可知運(yùn)動(dòng)的半徑為R=L，在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的角度為9=120o;若粒子從c點(diǎn)離開磁場(chǎng)，可知運(yùn)動(dòng)的半徑為R=2L，在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的角1 2 _mv __一一度為。2二60。，根據(jù)R=-可知vbI：1二1:2；根據(jù)可知,tb二91：2二2：1，故選A.9 92兀m一b可知,tb二91：2二2：1，故選A. T= . 360360qB 2a6答案及解析：答案：ACD解析:設(shè)甲車的初速度大小為v甲，加速度大小為a甲，乙車的初速度大小為了乙，加速度大小為a乙,當(dāng)兩車在t=2s相遇時(shí)，有vt--a12=vt-！a12+%，當(dāng)兩車在t=6s相遇時(shí)，有i 甲12甲1乙12乙1 2vt--a12=vt--a12+%，又由圖象可知v=6a+4(m/s),v=12s.a，聯(lián)立以上各式并甲22甲2乙22乙2 甲甲 乙 乙代入數(shù)據(jù)可解得a甲=2m/s2,。乙=1m/s2,故0?6s內(nèi)甲車的加速度大小是乙車的兩倍,t=0時(shí)，甲車的速度大小為丫甲=16m/s,乙車的速度大小為v乙=12m/s，選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;在12=6s時(shí)，甲車速度大小為v=4m/s,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，乙車速度大小為甲

v=v-at=6m/s,設(shè)兩車又經(jīng)過At時(shí)間相遇，則有吠加=吠4-1a(4)2,代入數(shù)據(jù)解得乙乙乙2 甲乙2乙At=4s,故兩車會(huì)在t=10s時(shí)發(fā)生第三次相遇，而此時(shí)兩車均未停止運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)C正確；由題圖可知，從t=10s開始，乙車再運(yùn)動(dòng)2s速度變?yōu)榱?，此段時(shí)間內(nèi)甲車的位移為%甲=8m,2乙車的位移為％=-x2m=2m,故當(dāng)乙車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲車在乙車刖萬A=x-x=6m處,乙2 甲乙選項(xiàng)D正確.7答案及解析:答案：BD解析：A、對(duì)兩球及桿組成的系統(tǒng)，在b球落地前的整個(gè)過程中，b球的水平方向受豎直固定光滑桿的作用，a球的水平方向受力為零，系統(tǒng)在水平方向所受合外力不為零，所以a、b組成的系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；BC、對(duì)兩球及桿系統(tǒng)，在b球落地前的整個(gè)過程中，b球的水平方向受豎直固定光滑桿的作用不做功，a、b組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，從開始到b球距地面高度為L(zhǎng)的過程中，由機(jī)乙械能守恒定律得:mg[01械能守恒定律得:mg[01)—L 11=2mv2+—mv2且有vcos30°=vcos60。，解得:，所以輕桿對(duì)a球做功為：W=1mv2-0=亙二13-1輕桿對(duì)b球做功：W=-工3^mgL，故B正確，C錯(cuò)誤；8D、在b球落地的瞬間，由機(jī)械能守恒定律得：mg.—L=1mv2，解得：v=、^L，所2 2B Bv6以在b球落地的瞬間，重力對(duì)b球做功的功率為：PB=mgvB=mg4^3gL，故D正確;8答案及解析:答案：AC解析：A、由速度-位移圖象得：v=2x金屬棒所受的安培力為：Fa二箸代入得：Fa=0.5x則知F與x是線性關(guān)系。當(dāng)x=0時(shí)，安培力F=0當(dāng)x=1m時(shí)，安培力FA2=0.5N F+F 0.5則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過程中，安培力做功為：W=-a1-a2%=7-x1J=0.25JA2 2即金屬棒克服安培力做的功為：卬=0.25J，故A正確。1B、金屬棒克服摩擦力做的功為：W2=|imgx=0.2x2x10x1J=4J，故B錯(cuò)誤；C、克服安培力做功等于回路中產(chǎn)生的電熱，克服摩擦力做功等于產(chǎn)生的摩擦熱，則整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q=WA+W2=4.25J，故C正確；D、根據(jù)動(dòng)能定理得：W+W+W=m^tv2，其中v=2m/s,日=0.2,m=2kgF2A2代人解得拉力做的功為：WF=8.25J.故D錯(cuò)誤。9答案及解析：答案：1.BCD;2.AD;3.m10P=m0M+m2ON;mOP2=mOM2+m2OP2.解析：1.A、“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中,是通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的,只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，故A錯(cuò)誤；B、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；口、為了保證小球碰撞為對(duì)心正碰,且碰后不反彈，要求m〉mb,r=r，故D正確.應(yīng)選:BCD..要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證：機(jī)二=mj2+m2v3,小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得：mv.t=mvt+mvt，得：m.OP=mOM+mON,因此實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量:兩球的質(zhì)量、小球的水平位移,故選:AD..由2知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：m10P=m10M+m2ON;如果碰撞過程機(jī)械能守恒，則：—mv2=mviv2+—mv2,211 212 223兩邊同時(shí)乘以t2得：—mv212=—mv212+—mv212，則mOP2=mOM2+mOP2.211 212 223 1 1 210答案及解析:答案：（1）如圖所示（2）滑動(dòng)變阻器勺接入電路的阻值；（3）50.0，小于；（4）1.00,200解析：（1）由于要求當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最右端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，故滑動(dòng)變阻器的接法如圖所示。（2）此種測(cè)量電阻的方法為半偏法，使用此方法測(cè)量未知電阻的阻值時(shí)，要求電路中其他元件的阻值不能發(fā)生變化，故應(yīng)保持滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變；（3）當(dāng)毫安表指針達(dá)到滿偏后，再閉合開關(guān) S2時(shí)，認(rèn)為電路中的總電流仍為毫安表的滿偏電流Ig。當(dāng)流過毫安表的電流達(dá)到滿偏電流的一半時(shí)，由于電阻箱與毫安表TOC\o"1-5"\h\z為并聯(lián)關(guān)系，故有11R=11R，所以R=R，因此當(dāng)電阻箱的示數(shù)為50.0Q時(shí)，毫2gg2g g安表的內(nèi)阻也為50.0Q。但此種方法存在系統(tǒng)誤差，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變時(shí)，由于電阻箱的接入，整個(gè)電路中的阻值減小，電路中的總電流 I>1g，因此當(dāng)毫安表的示數(shù)為11時(shí)，實(shí)際流過電阻箱的電流I>11，由于11R=IR，所以有R<R;2g 箱2g 2gg箱 gIR IR（4）由閉合電路歐姆定律可得（I+尸）R+IR=E-（I+尸）rR1g R士“e.1R（R+r）1r+R+R整理可得—二-g—1 -+ g 1IERE將R=50.0Q,R=500Q代入并結(jié)合圖丙可得50.0Q-（500Q+r） 140一，Ar+550Q =750x Q/A, =750A-1E 3 E兩式聯(lián)立可解得E=l.00V,r=200Q。

11答案及解析：答案：(1)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度由動(dòng)能定理得：mgR=-mv22b代入解得：v=2m/sv2(2)由牛頓第二定律得此時(shí)小球?qū)A弧的壓力：N-mg=m-BR解得：N=15N，由牛頓第三定律可知小球?qū)壍缐毫Υ笮?5N。⑶小球的落點(diǎn)C與B的水平距離為％，下落高度為h，由平拋規(guī)律得：h=—gt2,%=hcot450=vt，2 b解得：h=0.8m，由三角關(guān)系可得：L=2；2h=~——m。bc 5解析：12答案及解析:答案：1.電子在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)周期為T=現(xiàn)eB通過磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)間為t=",T=改13600 2eB2.由幾何知識(shí)得r=d,又r=meB解得v=絲d通過電場(chǎng)的時(shí)間t=—,m 22v代入數(shù)據(jù)解得t=—22eB代入數(shù)據(jù)解得t=—22eB1d222mv3.電子恰好打在下極板右邊緣磁場(chǎng)中,代入數(shù)據(jù)解得U=啜又y+y=d解得y=-d故e^-t2=L—1 2 13mv3.電子恰好打在下極板右邊緣磁場(chǎng)中,代入數(shù)據(jù)解得U=啜eB電場(chǎng)中水平方向2d二M,豎直方向，，二2篙2由上述三式代入數(shù)據(jù)解得M=eBd由上述三式代入數(shù)據(jù)解得M=eBd33m解析:13答案及解析：答案：1..BDE2.（i）A^二28Pa（ii）,r=32氏1.3ri解析：1.根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸熱的同時(shí)若對(duì)外做功，則氣體內(nèi)能不一定增加，溫度不一定升高,A錯(cuò)誤。對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能,B正確。理想氣體等壓膨脹過程，對(duì)外做功，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體溫度升高，內(nèi)能增加，故氣體一定吸熱,C錯(cuò)誤。根據(jù)熱力學(xué)第二定律知，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體,D正確根據(jù)熱平衡定律，如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡,E正確。2.（i）當(dāng)氣泡在水下h=10m處時(shí)，設(shè)其半徑為1,氣泡內(nèi)外壓強(qiáng)差為Api4 2o三Ap=——①r1代入題給數(shù)據(jù)得Ap=28Pa②（ii）.設(shè)氣泡在水下10m處時(shí),氣泡內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為p1氣泡體積為匕;氣泡到達(dá)水面附近時(shí),氣泡內(nèi)空氣壓強(qiáng)為P2,內(nèi)外壓強(qiáng)差為Ap2，其體積為匕，半徑為3。氣泡上升過程中溫度不變，根據(jù)波意耳定律pV=pV③p=p+pgh+Ap④p=p+Ap⑤氣泡體積匕和和V分別為4