2022年貴州省安順市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)

2022年貴州省安順市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.TCP/IP參考模型中，應用層協(xié)議常用的有()。

A.TELNET、FTP、DNS和HTTP

B.TELNET、FTP、SMTP和TCP

C.IP、FTP、SMTP和HTTP

D.IP、FTP、DNS和HTTP

2.

3.如果Cisco路由器有如下SNMP的配置Router（config）#snmp-serverenabletrapsRouter（config）#snmp-serverhostadmin．tjut．edu．cnadmin那么，下列描述中錯誤的是（）。

A.主機admin．tjut．edu．cn是接收信息的管理站

B.主機admin．tjut．edu．cn使用UDP的162端口接收信息

C.路由器向主機admin．tjut．edu．cn發(fā)送自陷消息而得不到確認時會自動重發(fā)

D.路由器使用團體字admin向主機admin．tjut．edu．cn發(fā)送信息

4.若某大學分配給計算機系的IP地址塊為210．111．15．128／26，分配給自動化系的IP地址塊為210·111．15．192／26，那么這兩個地址塊經過聚合后的地址為（）。

A.210．111．15．0／24

B.210．111．15．0／25

C.210．111．15．128／25

D.210．111．15．128／24

5.下列關于SNMP操作的描述中，正確的是（）。

A.只有在團體字的訪問模式是read一write的條件下才能實現Get操作

B.當出現自陷情況時，管理站會向代理發(fā)出包含團體字和TrapPDU的報文

C.當管理站需要查詢時，就向某個代理發(fā)出包含團體字和SetResponsePDU的報文

D.代理使用Inform方式執(zhí)行Notification操作時需要收到管理站發(fā)出的一條確認消息

6.FTP協(xié)議支持的兩種傳輸方式，一種是文本文件，另一種是()文件。

A.十六進制B.二進制C.網頁D.圖片

7.下列關于ADSL的描述中，錯誤的是()

A.ADSL使用1對銅雙絞線

B.ADSL的上下行速率是相同的

C.ADSLModem用于連接計算機

D.采用ADSL技術可以通過PSTN接入Internet

8.

9.以下關于局部總線說法正確的是()。

A.EISA比PCI更優(yōu)秀

B.PCI是視頻電子標準協(xié)會制定的

C.EISA和PCI進行過激烈的競爭

D.PCI又稱為外圍部件接口標準

10.核心層網絡一般要承擔整個網絡流量的()。

A.40%~60%B.30%~60%C.20%~40%D.50%~70%

二、填空題(10題)11.網絡操作系統(tǒng)可以分為面向任務型NOS和NOS兩類。

12.局域網所使用的傳輸介質主要有__________、同軸電纜、光纖、無線通信信道。

13.引導型病毒指寄生在磁盤引導區(qū)或_________。

14.(6）以太網幀結構由前導碼、幀前定界符、目的地址字段、源地址字段、類型字段、____和幀校驗字段幾個部分組成。

15.一個基于主機的漏洞掃描系統(tǒng)通過依附于主機上的掃描器代理偵測主機________的漏洞。

16.第

71

題

在網絡管理中，網管服務器對被控設備發(fā)出啟動、停止等控制命令是屬于（）管理的范疇。

17.(16)從被管理設備中收集數據有兩種方法：輪詢法和基于中斷法，將兩者結合起來的(Trap-directedPolling)______是執(zhí)行網絡管理最有效的方法。

18.(10)SUN公司的Solaris是在_______操作系統(tǒng)的基礎上發(fā)展起來的。

19.

20.通信控制處理機負責完成數據單元的接收、______、存儲、路徑選擇和轉發(fā)功能。

三、2.填空題(8題)21.TCP默認端口號80用作______。

22.OSI7層參考模型中的最高層是______。

23.能讓用戶通過內置瀏覽器在移動電話上訪問Internet技術是【】。

24.10Gbit/sEthernet只工作在全雙工方式，因此其傳輸______不再受沖突檢測的限制。

25.當信息從信源向信宿流動時可能會受到攻擊。其中中斷攻擊是破壞系統(tǒng)資源，這是對網絡______性的攻擊。

26.幀是數據通信中的最小語義單位，根據信號內容的不同又可分為命令幀、響應和【】幀。

27.通常使用因特網進行網上購物需要經過瀏覽與選擇商品、填寫訂購單、______和等待商家服務等步驟。

28.在計算機網絡ISO/OSI開放系統(tǒng)互聯7層參考模型中，最高一層是【】。

四、C語言程序設計題(2題)29.下列程序的功能是：將一正整數序列{K1，K2，…，K9}重新排列成一個新的序列。新序列中，比K1小的數都在K1的前面(左面)，比K1大的數都在K1的后面(右面)。要求編寫函數NumSort(inta[10][9])實現此功能，最后調用Wdata函數將新序列輸出到文件out．dat中。

說明：在程序中已給出了10個序列，每個序列有9個正整數，并存入數組a[l0][9]中，分別求出這10個新序列。

例：序列{6，8，9，1，2，5，4，7，3}

經重排后成為{3，4，5，2，1，6，8，9，7}

注意：部分源程序已經給出。

請勿改動主函數main和寫函數Wdata的內容。

30.已知數據文件in．dat中存有200個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請考生編制一函數jsVal，其功能是：把一個四位數的個位數位置上的值減去千位數位置上的值再減去百位數位置上的值最后減去十位數位置上的值，如果得出的值大于等于零且原四位數是偶數，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數cnt，并把這些四位數按從小到大的順序存入數組b中，最后調用寫函數writeDat把結果cnt以及數組b中符合條件的四位數輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.以下的網絡管理功能中，哪一個不屬于配置管理?

A.初始化設備B.關閉設備C.記錄設備故障D.啟動設備

32.在采用點一點通信信道的通信子網中，如果兩個結點之間沒有直接連接的線路，那么它們之間的通信只能通過中間結點()。

A.廣播B.轉接C.接收D.協(xié)議變換

33.計算機病毒是()。

A.一種專門侵蝕硬盤的霉菌

B.一種操作系統(tǒng)程序的Bug

C.能夠通過修改其他程序而“感染”它們的一種程序

D.一類具有破壞系統(tǒng)完整性的文件

六、1.程序設計題(3題)34.已知文件IN21.DAT中存有100個產品銷售記錄，每個產品銷售記錄由產品代碼dm(字符型4位)、產品名稱mc(字符型10位)、單價dj(整型)、數量s1(整型)、金額je(長整型)幾部分組成。其中：金額=單價×數量。函數ReadDat()的功能是讀取這100個銷售記錄并存入結構數組sell中。請編制函數SortDat()，其功能要求：按產品名稱從大到小進行排列，若產品名稱相同，則按金額從小到大進行排列，最終排列結果仍存入結構數組sell中，最后調用函數WriteDat()把結果輸出到文件OUT21.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈mem.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

#include〈stdlib.h>

#defineMAX100

typedefstruct

{

chardm[5];/*產品代碼*/

charmc[11];/*產品名稱*/

intdj;/*單價*/

intsi;/*數量*/

longje;/*金額*/

}PRO;

PROsell[MAX];

voidReadDat();

voidWriteDat();

voidSortDat()

{

}

main()

{

memset(sell,0,sizeof(sell));

ReadDat();

SortDat();

WriteDat();

}

voidReadDat()

{

FILE*fp;

charstr[80],ch[11];

inti;

fp=fopen("IN21.DAT","r");

for(i=0;i〈100;i++)

{

fgets(str,80,fp);

memcpy(sell[i].dm,str,4);

memcpy(sell[i].mc,str+4,10);

memcpy(ch,str+14,4);

ch[4]=0;

sell[i].dj=atoi(ch);

memcpy(ch,str+18,5);

ch[5]=0;

sell[i].sl=atoi(ch);

sell[i].je=(long)sell[i].dj*sell[i].sl;

}

fclose(fp);

}

voidWriteDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT21.DAT","w");

for(i=0;i〈100;i++)

{

fprintf(fp,"%s%s%4d%5d%101d\n",sell[i].dm,sell[i].mc,

sell[i].dj,sell[i].sl,sell[i].je);

}

fclose(fp);

}

35.已知數據文件in38.dat中存有200個4位數，并已調用讀函數readDat()把這些數存入數組a中，請編制一函數jsVal()，其功能是：若一個4位數的千位數字上的值小于等于百位數字上的值，百位數字上的值小于等于十位數字上的值，以及十位數字上的值小于等于個位數字上的值，并且此4位數是偶數，則統(tǒng)計出滿足此條件的數的個數cnt并把這些4位數按從小到大的順序存入數組b中，最后調用寫函數writeDat()把結果cnt及數組b中符合條件的4位數輸出到out38.dat文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat()

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("in38.dat","r");

for(i=0;i＜MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]);

fclose(fp);

}

voidmain()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數=%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d\n",b[i]);

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("out38.dat","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

}

36.函數ReadDat()的功能是實現從文件IN32．DAT中讀取一篇英文文章存入到字符串數組xx中。請編數StrOR()，該函數的功能是：以行為單位把字符串中所有小寫字母。左邊的字符串內容移至該串的右邊

存放，然后把小寫字母。刪除，余下的字符串內容移到已處理字符串的左邊存放，最后把已處理的字符串仍按行重新存入字符串數組xx中。最后調用函數WriteDat()把結果輸出到文件OUT32.DAT中。

例如,原文:Youcancreateanindexonanyfield

youhavethecorrectrecord

結果:nanyfieldYucancreateanindex

rdyuhavethecrrectrec

原始數據文件存放的格式是:每行的寬度均小于80個字符,含標點符號和空格.

注意:部分源程式序已給出

請勿改動主函main(),讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜string,h＞

#include＜conio,h＞

charxx[50][80];

intmaxline=0;

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidStrOR(void)

{

}

voidmain()

{

clrscr();

if(ReadDat())

{

printf("數據文件IN32.DAT不能打開!\n\007");

return;

}

StrOR();

WriteDat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

ihti=0;

char*p;

if((fp=fopen("IN32.DAT","r"))==NULL)return1;

while(fgets(xx[i],80,fp)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'In');

if(p)*p=0;

i++;

}

maxline=i;

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

inti;

clrscr();

fp=fopen("OUT32.DAT","w");

for(i=0;i{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(fp,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(fp);

}

參考答案

1.A

2.A

3.C“Router(config)#snmp—serverenabletraps”中的“traps”又稱為陷入或中斷。SNMP規(guī)定了六種一般的自陷情況，例如冷啟動，熱啟動，鏈路失效等，每當出現這些情況時，代理就會向管理站發(fā)出包含有“團體名”和FrapPDu的報文。管理站對這種報文不必有所應答?！癛outer(config)#snmp—serverhostadmin．tjut．edu．cnadmin”說明的意思是路由器以團體名“admin”向主機“admin．tjust．edu．cn”發(fā)送自陷消息。故選C。

4.C地址聚合是指是把幾個小網絡合并為一個大網絡，主要是通過修改子網位實現(增大)。具體方法是判斷這些地址最左邊的多少位相同的，需要如下3步。第1步：將地址轉換為二進制格式，并將它們對齊第2步：找到所有地址中都相同的最后一位。第3步：計算有多少位是相同的。通過分析題目發(fā)現，本題中只有最后一個點位不同，其它3個點位都相同，在進行十進制向二進制轉換時，只需計算最后一個點位就行了。210．111．15．192：210．111．15．11000000210．111．15．128：210．111．15．10000000得210．111．15．10000000，轉換成十進制即210．1l1．15．128。因為有25位相同，因此子網掩碼為／25，故選擇C選項。

5.DSNMP的主要操作有獲取(get)、設置(set)、通知(notification)。只有在團體字的訪問模式是read—write的條件下才能實現Set操作。當出現自陷情況時，代理站會向管理發(fā)出包含團體字和TrapPDU的報文。當管理站需要查詢時，就向某個代理發(fā)出包含團體字和GetRequestPDU的報文。當SNMP管理站收到一條Inform通知后需要向發(fā)送者回復一條確認消息。故D選項正確。

6.BFTP協(xié)議支持的兩種傳輸方式，一種是文本文件，另一種是二進制文件。

7.B

8.A

9.D解析：局部總線是解決I/O瓶頸的一項技術。一個是Intel公司制定的PCI標準(又稱為外圍部件接口標準)，另一個是視頻電子標準協(xié)會制定的VESA標準。PCI被證明有更多優(yōu)勢而勝出。

10.A

11.通用型網絡操作系統(tǒng)（NetworkOperatingSystem，NOS）可以分為面向任務型NOS和通用型NOS兩類。面向任務型NOS是為某一特殊網絡應用要求而設計的；通用型NOS能提供基本的網絡服務功能，支持用戶在各個領域的應用需求。通用型NOS還可以分為變形系統(tǒng)和基礎級系統(tǒng)兩類。變形系統(tǒng)是在原有單機操作系統(tǒng)的基礎上增加網絡服務功能構成的；基礎級系統(tǒng)則是以計算機硬件為基礎，根據網絡服務的要求，直接利用硬件與少量軟件資源專門設計的網絡操作系統(tǒng)。

12.雙絞線雙絞線解析：局域網常用的傳輸介質有：同軸電纜、雙絞線、光纖與無線通信信道。

13.\n主引導區(qū)

\n

14.(6)數據字段

【解析】以太網幀結構由以下幾個部分構成：①前導碼與幀前定界符字段；②目的地址和源地址字段；③類型字段；④數據字段；⑤幀校驗字段。

15.\n內部

\n

16.配置【解析】配置管理的目標是掌握和控制網絡的配置信息，從而保證網絡管理員可以跟蹤、管理網絡中各種設備的操作狀態(tài)。網管服務器對被管設備發(fā)出控制命令是屬于配置管理的范疇。

17.(16)陷入制輪詢法

【解析】從被管理設備中收集數據有兩種方法：一種是輪詢方法，另一種是基于中斷的方法。將以上兩種方法結合的陷入制導輪詢方法可能是執(zhí)行網絡管理最有效的方法。

18.(10)SunOS

【解析】Solaris是Sun公司的UNIX系統(tǒng)，是在Sun公司自己的SunOS的基礎上設計開發(fā)的。

19.

20.差錯校驗差錯校驗解析：存儲轉發(fā)交換電路的通信子網中的結點是通信控制處理機，它負責完成數據單元的接收、籌錯校驗、存儲、路徑選擇和轉發(fā)功能。

21.HTTPHTTP解析：常見的端口號中，80用作超文本傳輸協(xié)議HTTP。

22.應用層應用層解析：OSI7層網絡參考模型最高層是應用層，它的作用是確定進程之間通信的性質，以滿足用戶的需要。

23.Wap或無線應用協(xié)議Wap或無線應用協(xié)議解析：Wap是一個新的、開放的、全球化的協(xié)議，能夠讓用戶在手機上上網。Wap協(xié)議開發(fā)基于Internet廣泛應用的標準，提供一個無線Internet解決方案。

24.距離距離解析：10Gbit/sEthernet只工作在全雙工方式，因此不存在爭用的問題，因此其傳輸距離不再受沖突檢測的限制。

25.可用可用解析：中斷是對可用性的攻擊。

26.數據數據解析：幀根據信號內容的不同可分為命令幀、響應幀和數據幀。

27.選擇支付方式選擇支付方式解析：選擇支付方式是訂單中一個主要內容，主要有傳統(tǒng)的現金支付方式和需要安全技術做保障的網上直接劃付方式。

28.應用層應用層解析：根據分而治之的原則，ISO將整個通信功能劃分為7個層次，由低到高依次為：物理層、數據鏈路層、網絡層、傳輸層、會話層、表示層和應用層。

29.【審題關鍵句】將一正整數序列{K1，K2，…，K9}重新排列成一個新的序列。新序列中，比Kl小的數都在K1的前面(左面)，比Kl大的數都在K1的后面(右面)。

\n【解題思路】

\n①定義整型循環(huán)變量i、j、k和局部整型變量value，num。

\n②在第一層for循環(huán)中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于10，結束循環(huán)，實現對數組a[10][9]中每一行數據按照題目的要求進行處理。在循環(huán)體中，把第i行的第一個數a[i][o]賦給value。在第二層for循環(huán)中，循環(huán)變量j從0開始，依次遞增直到其值等于或大于9，用if語句判斷，如果數組元素a[i][j]的值小于value，則把a[i][j]的值賦給num，在第三層for循環(huán)中，循環(huán)變量k從j開始，依次遞減直到其值等于或小于0，把a[i][k-1]的值賦給a[i][k]，實現把a[i][j]前面的值向后移動一位，退出第三層for循環(huán)后，把num的值賦給a[i][0]。第二層循環(huán)依次執(zhí)行，便實現了對i行的數據的處理，再依次執(zhí)行第一層for循環(huán)，就可以完成對數組a[10][9]的每行數據的處理。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】千位+十位等于百位+個位，且四位數是偶數，統(tǒng)計出滿足此條件的個數，并把這些四位數按從小到大的順序存入數組。

\n【解題思路】

\n本題類似第9套試題，通過審題可以發(fā)現僅有一個不同點，即要求統(tǒng)計的四位數的條件是“干位+十位=百位+個位”，參考答案的第8條語句，修改if條件語句的判斷條件即可。

\n【參考答塞】

\n

31.C解析：配置管理的目標：掌握和控制網絡的配置信息，從而保證網絡管理員可以跟蹤、管理網絡中各種設備的運行狀態(tài)。內容：對設備的管理和對設備連接關系的管理。對設備的管理：識別網絡中各種設備，確定設備的細節(jié)，記錄并維護設備參數表；使用適當的軟件設置參數值和配置設備功能：初始化、啟動和關閉網絡或網絡設備。

32.B解析：在點—點式網絡中，每條物理線路連接一對計算機。假如兩臺計算機之間沒有直接連接的線路，那么它們之間的分組傳輸就要通過中間結點的接收、存儲、轉發(fā)，直至目的結點，即轉接。

33.C解析：病毒是可以修改其他程序并“感染”它們的一種特殊程序，被修改的程序里包含了病毒程序的一個副本，這樣它們又會去感染其他程序。

34.voidSortDat(){intij;PROxy;for(i=0；i〈99；i++)for(j=i+1；j〈100；j++)if(strcmp(sell[i].mcsell[j].mc)〈0)/*按產品名稱從大到小進行排列*/{xy=sell[i]；sell[i]=sell[j];sell[j]=xy;}elseif(strcmp(sell[i].mcsell[j].mc)==0)/*若產品名稱相同則按金額從小到大排列*/if(sell[i].je>sell[j].je){xy=sell[i]；sell[i]=sell[j];sell[j]=xy；}}voidSortDat()\r\n{\r\ninti,j;\r\nPROxy;\r\nfor(i=0；i〈99；i++)\r\nfor(j=i+1；j〈100；j++)\r\nif(strcmp(sell[i].mc,sell[j].mc)〈0)/*按產品名稱從大到小進行排列*/\r\n{\r\nxy=sell[i]；\r\nsell[i]=sell[j];\r\nsell[j]=xy;\r\n}\r\nelseif(strcmp(sell[i].mc,sell[j].mc)==0)/*若產品名稱相同，則按金額從小到大排列*/\r\nif(sell[i].je>sell[j].je)\r\n{\r\nxy=sell[i]；\r\nsell[i]=sell[j];\r\nsell[j]=xy；\r\n}\r\n}解析：本題是有關結構體數組的排序問題?？梢杂眠x擇法來實現，即用第一個元素的產品名稱依次和它后面的元素的產品名稱進行比較，如果發(fā)現當前元素的產品名稱比后面的某個元素的產品名稱的對應位置的字符的ASCII碼小(這里用到了字符串比較函數strcmp())，則交換這兩個元素的位置，繼續(xù)和后面的其他元素進行比較，最終在第一個元素中存放的是產品名稱最大的元素。以此類推，就實現了從大到小排序的功能。

注意：這里需要進行交換的是兩個結構體變量，而不是它們的某一個域，因此，要借助第三個結構體變量來充當中間容器。若發(fā)現產品名稱是相同的，則要按照金額從小到大進行排序。

35.已知數據文件in38.dat中存有200個4位數并已調用讀函數readDat()把這些數存入數組a中請編制一函數jsVal()其功能是：若一個4位數的千位數字上的值小于等于百位數字上的值百位數字上的值小于等于十位數字上的值以及十位數字上的值小于等于個位數字上的值并且此4位數是偶數則統(tǒng)計出滿足此條件的數的個數cnt并把這些4位數按從小到大的順序存入數組b中最后調用寫函數writeDat()把結果cnt及數組b中符合條件的4位數輸出到out38.dat文件中。注意：部分源程序已給出。程序中已定義數組：a[200]b[200]已定義變量：cnt。請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。試題程序：#include＜stdio.h＞#defineMAX200inta[MAX]b[MAX]cnt=0;voidjsVal(){}voidreadDat(){inti;FILE*fp;fp=fopen("in38.dat""r");for(i=0;i＜MAX;i++)fscanf(fp"%d"&a[i]);fclose(fp);}voidmain(){inti;readDat();jsVal();printf("滿足條件的數=%d\n"cnt);for(i=0;i＜cnt;i++)printf("%d\n"b[i]);writeDat();}writeDat(){FILE*fp;inti;fp=fopen("out38.dat""w");fprintf(fp"%d\n"cnt);for(i=0;i＜cnt;i++)fprintf(fp"%d\n"b[i]);fclose(fp);}已知數據文件in38.dat中存有200個4位數，并已調用讀函數readDat()把這些數存入數組a中，請編制一函數jsVal()，其功能是：若一個4位數的千位數字上的值小于等于百位數字上的值，百位數字上的值小于等于十位數字上的值，以及十位數字上的值小于等于個位數字上的值，并且此4位數是偶數，則統(tǒng)計出滿足此條件的數的個數cnt并把這些4位數按從小到大的順序存入數組b中，最后調用寫函數writeDat()把結果cnt及數組b中符合條件的4位數輸出到out38.dat文件中。\r\n注意：部分源程序已給出。\r\n程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。\r\n請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。\r\n試題程序：\r\n#include＜stdio.h＞\r\n#defineMAX200\r\ninta[MAX],b[MAX],cnt=0;\r\n\r\nvoidjsVal()\r\n{\r\n}\r\nvoidreadDat()\r\n{\r\ninti;\r\nFILE*fp;\r\nfp=fopen('in38.dat','r');\r\nfor(i=0;i＜MAX;i++)\r\nfscanf(fp,'%d',&a[i]);\r\nfclose(fp);\r\n}\r\nvoidmain()\r\n{\r\ninti;\r\nreadDat();\r\njsVal();\r\nprintf('滿足條件的數=%d\\n',cnt);\r\nfor(i=0;i＜cnt;i++)\r\nprintf('%d\\n',b[i]);\r\nwriteDat();\r\n}\r\nwriteDat()\r\n{\r\nFILE*fp;\r\ninti;\r\nfp=fopen('out38.dat','w');\r\nfprintf(fp,'%d\\n',cnt);\r\nfor(i=0;i＜cnt;i++)\r\nfprintf(fp,'%d\\n',b[i]);\r\nfclose(fp);\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)循環(huán)結構的嵌套使用。

(2)運算符“%”及“/”的使用。

(3)選擇結構中多個條件的布爾運算。

在本題中，首先要解決的問題是如何將一個4位數的千位、百位、十位、個位拆成獨立的數字。這里借助特殊運算符號“%”——取余和、“/”——整除。將一個4位數整除1000則可得到