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文檔簡介
2023年高考數(shù)學模擬試卷
請考生注意:
1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答
案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。
2.答題前,認真閱讀答題紙上的《注意事項》,按規(guī)定答題。
一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。
22
1.拋物線uj=2px的焦點/;是雙曲線C,E_/一=/(o<w</)的右焦點,點?是曲線的交點,點。在拋物線的
-m1-m
準線上,/RPQ是以點P為直角頂點的等腰直角三角形,則雙曲線J的離心率為()
A.或+/B.2用+3C.24Td-3D.24Td+3
2.在AABC中,點P為BC中點,過點P的直線與AC所在直線分別交于點A/,N,若=分,
前=〃/(/1>0,〃>0),則/1+〃的最小值為()
57
A.-B.2C.3D.-
42
3.設(shè)集合A={yly=2'-1,xWR},B={x|-2<x<3,xGZ),貝!JACB=()
A.(-1,3]B.[-1,3]C.{0,1,2,3}D.{-1,0,1,2,3}
4.為比較甲、乙兩名高二學生的數(shù)學素養(yǎng),對課程標準中規(guī)定的數(shù)學六大素養(yǎng)進行指標測驗(指標值滿分為5分,分
值高者為優(yōu)),根據(jù)測驗情況繪制了如圖所示的六大素養(yǎng)指標雷達圖,則下面敘述正確的是()
A.乙的數(shù)據(jù)分析素養(yǎng)優(yōu)于甲
B.乙的數(shù)學建模素養(yǎng)優(yōu)于數(shù)學抽象素養(yǎng)
C.甲的六大素養(yǎng)整體水平優(yōu)于乙
D.甲的六大素養(yǎng)中數(shù)據(jù)分析最差
5.平行四邊形ABC。中,已知AB=4,AD=3,點E、尸分別滿足送=2關(guān),DF=FC>且/B豆=一6,
則向量A力在A片上的投影為()
33
A.2B.—2C.—D.-----
22
6.已知等差數(shù)列僅“}的前〃項和為S“,且出=-2,必=10,則$9=()
A.45B.42C.25D.36
7.函數(shù)y=/(x)在區(qū)間上的大致圖象如圖所示,則f(x)可能是()
A./(x)=ln|sinx|
B./(x)=ln(cosx)
C./(x)=-sin|tanx|
D./(x)=-tan|cosx|
已知函數(shù)/(x)=log2(吉+1]+J*+3,則不等式/(lgx)>3的解集為
8.()
1^(10,+00)C.(1,10)D.
9.記S“為等差數(shù)列{%}的前〃項和.若4=-5,S4=-16,則4=()
A.5B.3C.-12D.-13
10.已知正方體—AgCQ的體積為V,點M,N分別在棱8四,CC,±,滿足AM+MN+N。最小,則四
面體AMNR的體積為()
11.點A優(yōu)C是單位圓。上不同的三點,線段。C與線段A8交于圓內(nèi)一點M,若
0C=mOA+nOB,(m>0,>0),zn4-H=2,則NAO5的最小值為()
L71
D.—
3
12.已知i是虛數(shù)單位,則(2+i)i=()
A.1+2zB.—1+2/C.—1—2,D.1-2;
二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。
13.在正方體中,E為棱A4的中點,1r是棱4片上的點,且片尸=g尸片,則異面直線Ef與
所成角的余弦值為.
22
14.已知橢圓]+方=1的左焦點為尸,點P在橢圓上且在x軸的上方,若線段PE的中點在以原點。為圓心,|。尸|
為半徑的圓上,則直線的斜率是.
15.在平面直角坐標系*0丁中,已知圓。:/+(>-1)2=1,圓C:(x+2百)2+V=6.直線/:丫="+3與圓。相切,
且與圓C相交于A,B兩點,則弦AB的長為
16.某地區(qū)連續(xù)5天的最低氣溫(單位:C)依次為8,-4,-1,0,2,則該組數(shù)據(jù)的標準差為.
三、解答題:共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。
17.(12分)如圖,在三棱柱ABC-A4G中,已知四邊形A4GC為矩形,AAi=6,AB=AC=4,
NBAC=ZBA4,=60°,ZA,AC的角平分線AD交CG于D.
(1)求證:平面&LD_L平面aG。;
(2)求二面角A-A的余弦值.
18.(12分)選修4-5:不等式選講
設(shè)函數(shù)/為=|x-a|,a<0.
f(x)+f(--)>2
(1)證明:x
f(x)+f(2x)<-
(2)若不等式2的解集非空,求”的取值范圍.
19.(12分)已知/(力=k-4+,+磯。>02>0).
(I)當a=Z?=l時,解不等式“力48-》2;
(n)若/(x)的最小值為1,求一二+1的最小值.
20.(12分)已知函數(shù)f(x)=P.2_h(其中e為自然對數(shù)的底,發(fā)為常數(shù))有一個極大值點和一個極小值點.
(1)求實數(shù)A的取值范圍;
(2)證明:/U)的極大值不小于1.
21.(12分)已知函數(shù)/(x)=|X-/|+|x-2a+3],g(x)=/+℃+3.
(1)當。=1時,解關(guān)于x的不等式/0)?6;
(2)若對任意玉eR,都存在々eR,使得不等式/(占)>鼠々)成立,求實數(shù)”的取值范圍.
22.(10分)如圖,在直角AAO8中,OA=OB=2,AAOC通過A4O8以直線。4為軸順時針旋轉(zhuǎn)120°得到
(ZBOC=120°).點O為斜邊4B上一點.點M為線段BC上一點,且用8=延.
3
(1)證明:苗0_1平面4。3;
(2)當直線與平面AOB所成的角取最大值時,求二面角8-CD—。的正弦值.
參考答案
一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。
1.A
【解析】
先由題和拋物線的性質(zhì)求得點P的坐標和雙曲線的半焦距c的值,再利用雙曲線的定義可求得a的值,即可求得離心
率.
【詳解】
由題意知,拋物線焦點廠(1,0),準線與x軸交點尸,/,0,雙曲線半焦距c=/,設(shè)點。(-/,M/EP0是以點P為直角頂點
的等腰直角三角形,即仍尸|=出。|,結(jié)合廠點在拋物線上,
所以拋物線的準線,從而所」.\軸,所以P(/,2),
?-2a=際]」尸尸I=2。-2
即4=J-/.
故雙曲線的離心率為e=『一=J2+1.
42-1
故選A
【點睛】
本題考查了圓錐曲線綜合,分析題目,畫出圖像,熟悉拋物線性質(zhì)以及雙曲線的定義是解題的關(guān)鍵,屬于中檔題.
2.B
【解析】
1(\1A
由“,P,N三點共線,可得+丁=1,轉(zhuǎn)化彳+〃=(彳+〃)—+—,利用均值不等式,即得解.
2〃(242")
【詳解】
因為點P為8C中點,所以4戶=14
B+-AC,
2
又因為麗7=2而,AN=pAC,
所以/=」-麗7+」一詢.
222〃
因為M,P,N三點共線,
11,
所以:77+丁=1,
2Z2〃
(11、1ifAuy1,1ch〃c
所以/1+〃=(/1+〃)—+—=-+--+—+—,.1+—x2/—-—=2,
1242/1)2A)22VA
九_〃
當且僅當J1]即九=4=1時等號成立,
一+一=1
222〃
所以;1+〃的最小值為1.
故選:B
【點睛】
本題考查了三點共線的向量表示和利用均值不等式求最值,考查了學生綜合分析,轉(zhuǎn)化劃歸,數(shù)學運算的能力,屬于
中檔題.
3.C
【解析】
先求集合4,再用列舉法表示出集合5,再根據(jù)交集的定義求解即可.
【詳解】
解:?集合4={m=2*-1,xS2?)={jly>-1},
3={X|-2M3,XGZ}={-2,-1,0,1,2,3},
.?.AnB={0,1,2,3},
故選:C.
【點睛】
本題主要考查集合的交集運算,屬于基礎(chǔ)題.
4.C
【解析】
根據(jù)題目所給圖像,填寫好表格,由表格數(shù)據(jù)選出正確選項.
【詳解】
根據(jù)雷達圖得到如下數(shù)據(jù):
數(shù)學抽象邏輯推理數(shù)學建模直觀想象數(shù)學運算數(shù)據(jù)分析
甲454545
乙343354
由數(shù)據(jù)可知選C.
【點睛】
本題考查統(tǒng)計問題,考查數(shù)據(jù)處理能力和應用意識.
5.C
【解析】
_._____________ADAB
將AEBE用向量,力和A百表示,代入百=-6可求出汨-A月=6,再利用投影公式干司一可得答案.
【詳解】
解:AFBE=^AD+DF)^BA+AE)
______2.1_____12__
=AD-AB+AD-AD-—ABAB+-AB-AD
3_____2________2____3
=-AD-AB+-x32--x42=6,
332
得月=6,
AD-AB63
則向量/萬在而上的投影為干元[=W=].
故選:C.
【點睛】
本題考查向量的幾何意義,考查向量的線性運算,將衣,而用向量而和通表示是關(guān)鍵,是基礎(chǔ)題.
6.D
【解析】
由等差數(shù)列的性質(zhì)可知4+%=4+6,進而代入等差數(shù)列的前”項和的公式即可.
【詳解】
由題,5=軻+%)=9(4+/)=9?2+10)=36.
222
故選:D
【點睛】
本題考查等差數(shù)列的性質(zhì),考查等差數(shù)列的前〃項和.
7.B
【解析】
根據(jù)特殊值及函數(shù)的單調(diào)性判斷即可;
【詳解】
解:當x=0時,sin0=0,也卜布0|無意義,故排除A;
又cosO=l,則./■(())=-tan|cosO|=-tanlwO,故排除D;
對于C,當時,卜anx|>0,所以/(x)=-singnX不單調(diào),故排除C;
故選:B
【點睛】
本題考查根據(jù)函數(shù)圖象選擇函數(shù)解析式,這類問題利用特殊值與排除法是最佳選擇,屬于基礎(chǔ)題.
8.D
【解析】
先判斷函數(shù)的奇偶性和單調(diào)性,得到-且IgXHO,解不等式得解.
【詳解】
由題得函數(shù)的定義域為(-8,0)U(o,+8).
因為/(-x)=/(x),
所以fM為(-8,0)U(o,+8)上的偶函數(shù),
因為函數(shù)、=」一+1,y=J與+3都是在(0,+8)上單調(diào)遞減.
\x\\x2
所以函數(shù)/(X)在(0,+8)上單調(diào)遞減.
因為/⑴=3J(lgx)>3=/(),
所以一l<lgx<l,且IgxwO,
解得卜(1/0)?
故選:D
【點睛】
本題主要考查函數(shù)的奇偶性和單調(diào)性的判斷,考查函數(shù)的奇偶性和單調(diào)性的應用,意在考查學生對這些知識的理解掌
握水平.
9.B
【解析】
4x3
由題得4+。=-5,4%+三一”=一16,解得4=-7,d=2,計算可得
【詳解】
4x3—
???g=-5,S4=-16,/.a,=-5,4q+—^d=-16,解得q=-7,d=2,
:.a6=at+5d=3.
故選:B
【點睛】
本題主要考查了等差數(shù)列的通項公式,前〃項和公式,考查了學生運算求解能力.
10.D
【解析】
由題意畫出圖形,將MN,ND1所在的面延它們的交線展開到與AM所在的面共面,可得當=;BB],C、N=;C.C時
aV
AM+MN+N。最小,設(shè)正方體AC的棱長為3a,得泊=一,進一步求出四面體AMNR的體積即可.
【詳解】
解:如圖,
???點M,N分別在棱BB,CG上,要4M+MN+N。最小,將所在的面延它們的交線展開到與AM所在的面
共面,AM,MN,NR三線共線時,AM+MN+ND、最小,
設(shè)正方體AC;的棱長為3a,則27a3=V,
V
27
^LBG=-BC,連接NG,則AGNA共面,
在A4NQ中,設(shè)N到AR的距離為九,
AD,=J(3a>+(3a)2=3缶,
D[N=7(3a)2+a2=Ma,
AN=J(3缶y+Qa,=s/22a,
小山10/+22/-18/7
cosZD,NA=-----7=---T=——=-7=,
二回①在a2V55
../八一3M
..sin/D、NA=-—,
2
■.S^NA=^D]N-AN-sinZDiNA=^ADt-lii=^a
設(shè)M到平面AGND、的距離為h2,
一AGNMGN
32
3A/19CZ2V
'''VAMNR=§X
2
故選D.
【點睛】
本題考查多面體體積的求法,考查了多面體表面上的最短距離問題,考查計算能力,是中檔題.
11.D
【解析】
由題意得1=加2+〃2+2,〃〃cos4408,再利用基本不等式即可求解.
【詳解】
將0(j=%?。4+月平方得1=>+/+2mncosZAOB,
八八1一相2-〃*l-(m+n)2+2mn3
cosZAOB=----------=-----------------=---+--1<---------------+1=--
2mn2mn2mn2x")22
(當且僅當m=n=\時等號成立),
?「0<NAQB<",
NA08的最小值為事,
故選:D.
【點睛】
本題主要考查平面向量數(shù)量積的應用,考查基本不等式的應用,屬于中檔題.
12.B
【解析】
根據(jù)復數(shù)的乘法運算法則,直接計算,即可得出結(jié)果.
【詳解】
(2+z)z=2z-l=-l+2z.
故選B
【點睛】
本題主要考查復數(shù)的乘法,熟記運算法則即可,屬于基礎(chǔ)題型.
二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。
13.強
5
【解析】
根據(jù)題意畫出幾何題,建立空間直角坐標系,寫個各個點的坐標,并求得赤,西■.由空間向量的夾角求法即可求得異
面直線EF與BC,所成角的余弦值.
【詳解】
根據(jù)題意畫出幾何圖形,以A為原點建立空間直角坐標系:
設(shè)正方體的棱長為1,則[0,0,0,1),8(1,0,0),G(1,1,1).
所以而砥=(0,1,1).
I而卜手阿卜逝.
下(0,1,1)
EF?BCi_Vio
所以cos<E戶,BC[>==一亨'
HR|在XV2
4
所以異面直線EF與BC]所成角的余弦值為叵,
5
故答案為:少.
5
【點睛】
本題考查了異面直線夾角的求法,利用空間向量求異面直線夾角,屬于中檔題.
14.V15
【解析】
結(jié)合圖形可以發(fā)現(xiàn),利用三角形中位線定理,將線段長度用坐標表示成圓的方程,與橢圓方程聯(lián)立可進一步求解.利用
焦半徑及三角形中位線定理,則更為簡潔.
【詳解】
方法1:由題意可知I。/l=QM|=c=2,
由中位線定理可得|「耳|=21QW|=4,設(shè)P(x,由可得(x—2尸+尸=16,
22
聯(lián)立方程上+匕=1
95
321
可解得x=--,x=一(舍),點P在橢圓上且在x軸的上方,
22
方法2:焦半徑公式應用
解析1:由題意可知I。用=|0M|=c=2,
3
由中位線定理可得|尸耳|=21|=4,即a-*=4n4=-萬
z廠、叵
求得P,所以&>F=彳-=.
2
【點睛】
本題主要考查橢圓的標準方程、橢圓的幾何性質(zhì)、直線與圓的位置關(guān)系,利用數(shù)形結(jié)合思想,是解答解析幾何問題的
重要途徑.
15.V15
【解析】
利用直線與圓相切求出斜率Z,得到直線的方程,幾何法求出IA8I
【詳解】
解:直線/:y="+3與圓C相切,C圓心為(0,1)
,|-1+3|,,lL
由7PT7=?'得攵=6或一G,
l1-6-319廠
當y=-6x+3時,C到直線的距離旨=萬>赤,不成立,
|-6+3|3
當,=瓜+3時,/與圓C'相交于A,8兩點,C'到直線的距離”=
~2V2臼6一冷
故答案為疥.
【點睛】
考查直線與圓的位置關(guān)系,相切和相交問題,屬于中檔題.
16.4
【解析】
先求出這組數(shù)據(jù)的平均數(shù),再求出這組數(shù)據(jù)的方差,由此能求出該組數(shù)據(jù)的標準差.
【詳解】
解:某地區(qū)連續(xù)5天的最低氣溫(單位:°C)依次為8,-4,-1,0,2,
平均數(shù)為:|(8-4-1+0+2)=1,
該組數(shù)據(jù)的方差為:
S2=1[(8-1)2+(^-1)2+(-1-1)2+(0-1)2+(2-1)2]=16,
,該組數(shù)據(jù)的標準差為1.
故答案為:L
【點睛】
本題考查一組數(shù)據(jù)據(jù)的標準差的求法,考查平均數(shù)、方差、標準差的定義等基礎(chǔ)知識,考查運算求解能力,屬于基礎(chǔ)
題.
三、解答題:共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。
17.(1)見解析;(2)主叵
17
【解析】
(1)過點。作OE//AC交AA于石,連接CE,5E,設(shè)A£>nCE=。,連接B。,由角平分線的性質(zhì),正方形的性
質(zhì),三角形的全等,證得CELBO,CE1AD,由線面垂直的判斷定理證得CEL平面840,再由面面垂直的判
斷得證.
(2)平面幾何知識和線面的關(guān)系可證得30,平面MGC,建立空間直角坐標系。一孫z,求得兩個平面的法向量,
根據(jù)二面角的向量計算公式可求得其值.
【詳解】
(1)如圖,過點。作。E//AC交A4于£,連接CE,BE,設(shè)A£>nCE=。,連接80,?.?AC_LA41,.?.OE_LAE,
又AZ)為NAAC的角平分線,,四邊形AEDC為正方形,:.CE,A。,
又?.?AC=AE,ZBAC=ZBAE,BA=BA,:.MAC^ABAE,:.BC=BE,又為CE的中點,.,.CELBO
又?.?4),8。u平面BAD,ADC\BO^O,.?.C£_L平面BAD,
又C£u平面A4C。,.?.平面B4£>,平面A4CC,
(2)在MBC中,:AB=AC=4,N?4C=60。,;.BC=4,在RtABOC中,:CO=gcE=2夜,.?.8。=2啦,
又AB=4,AO=^AD=242,BO2+AO2=AB2,:.BOIAD,
又BOLCE,4)nCE=。,AD,CEu平面A4CC,.?.30,平面A4CC,
故建立如圖空間直角坐標系。一盯z,則A(2,—2,0),A,(2,4,0),G(-2,4,0),
片(0,6,2&),.?.萌.=(2,2,2近),恁;=(-4,6,0),系=(4,0,0),
,[fnj_cBf-4x.+6y.=0
設(shè)平面MG的一個法向量為吁(7,6則t滑,四=。
令%=6,得肩=(6,4,-5近),
_[n±C,B,
設(shè)平面44G的一個法向量為〃=(々,為,Z2),貝1J「方,
幾-LC14
4x—0
IJr-,令%=3,得7=(0,后,一1)
2X2+2y2+2V2Z2=0
-----m-n9夜3\/l7
;—”'〃>=麗=7^雙耳=「'由圖示可知二面角A/G-A是銳角,
故二面角A-4G-A的余弦值為—.
B81
【點睛】
本題考查空間的面面垂直關(guān)系的證明,二面角的計算,在證明垂直關(guān)系時,注意運用平面幾何中的等腰三角形的“三線
合一”,勾股定理、菱形的對角線互相垂直,屬于基礎(chǔ)題.
18.(1)見解析.
(1)(-1.0).
【解析】
11
f(x)+〃-0=|x-。|+|一+
試題分析:(1)直接計算XX,由絕對值不等式的性質(zhì)及基本不等式證之即可;
(1)fM+儂)=+|2戈?%分區(qū)間討論去絕對值符號分別解不等式即可.
試題解析:(1)證明:函數(shù)f(x)=|x-a|,a<2,
貝(jf(x)+f(--)=|x-a|+|---a|=|x-a|+|-^4-a|>|(x-a)+(—+a)|
XXXX
=舊小|+磊ijlxl?擊1.
(1)f(x)+f(lx)=|x-a|+|lx-a|9a<2.
當x<a時,f(x)=a-x+a-lx=la-3x,則f(x)>-a;
當a<x<-^t,f(x)=x-a+a-lx=-x,則-3Vf(x)<-a;
22
當xA|時,f(x)=x-a+lx-a=3x-la,貝!Jf(x)>-貝(Jf(x)的值域為[-+oo).
不等式f(x)+f(lx)V2的解集非空,即為之>-5解得,a>-l,由于aV2,
則a的取值范圍是
考點:1.含絕對值不等式的證明與解法基本不等式.
19.(I)[-2,21;(II)"
42
【解析】
2x(x>1),
(I)當a=8=l時,〃x)=k-l|+k+l|=2(—14x41),令g(x)=8-i,作出〃x),g(x)的圖像,結(jié)合圖像即
可求解;
(II)結(jié)合絕對值三角不等式可得fix)=|x-4+|x+42|(x+切-(x-。)|=|a+4=a+〃=1,再由“1”的妙用可拼湊為
W+>%W+J3D+句,結(jié)合基本不等式即可求解;
【詳解】
2x(x>1),
(I)/(x)=|x-l|+|x+l|=<2(-1<X<1),
—2x(x<-1).
令g(x)=8-V,作出它們的大致圖像如下:
由8-x2=2xnx=2或x=-4(舍),得點3橫坐標為2,由對稱性知,
點A橫坐標為-2,
因此不等式fix)<8-x2的解集為[—2,2].
(II)/(X)=|x-a|+|x+/?|>|(x+/?)-(x-a)|=|a+/?|=a+/?=1.
111z11、「/八一1八ba+1后、36
----+——=-(-----+—)[(a+l)4-Z?l=-(l+----+-----+-)>—(-+V2)=-+——
a+\2b2a+\2bl」2a+\2b22242
。=3-2夜,
取等號的條件為左二駕,即的3,聯(lián)立。+八固
Z?=2a-2.
因此六+5的最小值吟+孝?
【點睛】
本題考查絕對值不等式、基本不等式,屬于中檔題
20.(1)^e(2-21n2,+oo);(2)見解析
【解析】
(1)求出尸(x)="-2x-A,記g(x)=/-2x,問題轉(zhuǎn)化為方程g(x)=Z有兩個不同解,求導,研究極值即可得
結(jié)果:
(2)由(1)知,/(%)在區(qū)間(—,In2)上存在極大值點為,且k=e”—2x,,則可求出極大值/(玉)=(1—%+石?,
記/z(f)=(l—f)e'+/Qe(—oc,ln2)),求導,求單調(diào)性,求出極值即可.
【詳解】
fx
(1)f(x)=e-2x-k9由/'(x)=0=>e"-21=Z,
記g(x)=ex-2x,gr(x)=ex-2,
由g'(x)=0=x=ln2,且尤<ln2時,gr(x)<0,g(x)單調(diào)遞減,g(x)£(2—21n2,+oo),
x>ln2時,g'(%)>0,g(x)單調(diào)遞增,g(x)G(2-21n2,+oo),
由題意,方程8(力=%有兩個不同解,所以左e(2-21n2,+8);
(2)解法一:由⑴知,/(x)在區(qū)間(HO,In2)上存在極大值點須,且左="-2苞,
所以/*)的極大值為/(xj=e*'=(1-xje為,
記〃(f)=(l-t)e'+t2(te(-oo,In2)),則“'⑺=-te'+2r=r(2-e'),
因為rw(-oo,In2),所以2-e'>0,
所以,<0時,"(r)<0,力⑺單調(diào)遞減,0<r<ln2時,/?)>0,//?)單調(diào)遞增,
所以/(f)>〃(0)=1,即函數(shù)/(x)的極大值不小于L
解法二:由(1)知,/(X)在區(qū)間(—8,In2)上存在極大值點為,且Z=--2%,
所以/(幻的極大值為/(玉)=e"—xj-S_2%%=(1—xjex'+X:,
因為]一玉〉0,ex'>1+X],所以/(XJN(1-X|)(1+X1)+XI2=1.
即函數(shù)/(x)的極大值不小于1.
【點睛】
本題考查導數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,極值,考查學生綜合分析能力與轉(zhuǎn)化能力,是一道中檔題.
21.(1){x|-3<x<3};(2)(-oo,0)U^|,+oo^.
【解析】
(1)分類討論去絕對值號,然后解不等式即可.
(2)因為對任意于€/?,都存在々GR,使得不等式fO,)>g(X2)成立,等價于/(X)min>g(X)min,根據(jù)絕
對值不等式易求,g(X)m”,根據(jù)二次函數(shù)易求,
然后解不等式即可.
【詳解】
—2,x,x<—1,
解:(1)當。=1時,/(x)=|x-l|+|x+l|,則/(尤)=<光<1,
2x,x.A.
當x<—1時,由/(X),,6得,一2%,6,解得T,x<—1;
當—L,X<1時,/(X),,6恒成立;
當x..l時,由f(x),,6得,2%,6,解得啜*3.
所以/(現(xiàn),6的解集為{x|-3?xW3}
(2)對任意都存在/wR,得/(%)>g?)成立,等價于/(x)而0>g(x)1nhi.
因為4—2a+3=(a—1)2+2>0,所以/>2。—3,
fi||x-a"+1x-2a+31..j(x—tz")—(x-2a+3)|=-2a+3|
=4—2a+3,①
當2a-3瓢/時,①式等號成立,即/(x)mM=a2—2a+3.
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