2023年黑龍江安達市育才高中物理高一下期中聯(lián)考模擬試題含解析

2023年黑龍江安達市育才高中物理高一下期中聯(lián)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、首次測出萬有引力常量的科學家是（）A．開普勒 B．卡文迪許 C．愛因斯坦 D．麥克斯韋2、如圖所示，質(zhì)量分別為2m和m的A、B兩物體用不可伸長的輕繩繞過輕質(zhì)定滑輪相連，開始兩物體處于同一高度，繩處于繃緊狀態(tài)，輕繩足夠長，不計一切摩擦，現(xiàn)將兩物體由靜止釋放，在A落地之前的運動中，下列說法中正確的是A．物體的加速度為B．A減少的重力勢能等于B增加的動能C．A下落h時，B的瞬時速率為D．A下落h時，A的機械能減少了3、關于向心力的說法正確的是()A．物體由于做圓周運動而產(chǎn)生了向心力B．向心力就是物體受到的合外力C．作勻速圓周運動的物體其向心力是不變的D．向心力不改變圓周運動物體速度的大小4、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，假如衛(wèi)星的線速度增大到原來的2倍，衛(wèi)星仍做勻速圓周運動，則（）A．衛(wèi)星的向心加速度增大到原來的4倍B．衛(wèi)星的角速度增大到原來的4倍C．衛(wèi)星的周期減小到原來的D．衛(wèi)星的周期減小到原來的5、一小物塊沿斜面向上滑動,然后滑回到原處物塊初動能為,與斜面間的動摩擦因數(shù)不變,則該過程中,物塊的動能與位移x關系的圖線是A． B．C． D．6、圖甲是Kitty貓主題公園中的蘋果樹飛椅，其示意圖如圖乙所示．鋼繩一端系著座椅，另一端固定在上面的轉(zhuǎn)盤上，轉(zhuǎn)盤可繞穿過其中心的整直軸轉(zhuǎn)動．當轉(zhuǎn)盤以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動時，鋼繩與轉(zhuǎn)軸在同一豎直平面內(nèi)，質(zhì)量相等的A、B座椅與豎直方向的夾角分別為θ與α，A、B恰好在同一水平面上，不計鋼繩所受的重力，下列說法正確的是A．θ>αB．鋼繩對A座椅的拉力小于鋼繩對B座椅的拉力C．A座椅的線速度大于B座椅的線速度D．A座椅的角速度大于B座椅的角速度7、如圖a，物體在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由靜止開始運動，在t=1s時刻撤去恒力F，物體運動的圖象如圖b，重力加速度，則（）A．物體在3s內(nèi)的位移B．恒力F與摩擦力f大小之比C．物體與地面的動摩擦因數(shù)為D．3s內(nèi)恒力做功與克服摩擦力做功之比8、如圖所示，鐵路轉(zhuǎn)彎處外軌應略高于內(nèi)軌，若在某轉(zhuǎn)彎處規(guī)定行駛的速度為v，則下列說法中正確的是（）A．若火車行駛到轉(zhuǎn)彎處的速度大于規(guī)定速度v，火車將對外軌有側(cè)向的擠壓作用B．彎道半徑越大，火車所需向心力越大C．若火車行駛到轉(zhuǎn)彎處的速度小于規(guī)定速度v，火車將對外軌有側(cè)向的擠壓作用D．若火車要提速行駛，而彎道半徑不變，彎道的坡度應適當增大9、如圖所示，一只光滑的碗水平放置，其內(nèi)放一質(zhì)量為m的小球，開始時小球相對于碗靜止于碗底，則下列哪些情況能使碗對小球的支持力大于小球的重力（

）A．碗豎直向上做加速運動B．碗豎直向下做減速運動C．碗豎直向下做加速運動D．當碗由水平勻速運動而突然靜止時10、如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強電場，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，以初速度v0由小孔進入電場，當M、N間電壓為U時，粒子剛好能到達N板，如果要使這個帶電粒子能到達M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A．使初速度為原來B．使M、N間電壓提高到原來的2倍C．使M、N間電壓提高到原來的4倍D．使初速度和M、N間電壓都減為原來的11、一水平放置的圓盤繞豎直固定軸轉(zhuǎn)動，在圓盤上沿半徑開有一條寬度為2mm的均勻狹縫。將激光器與傳感器上下對準，使二者間連線與轉(zhuǎn)軸平行，分別置于圓盤的上下兩側(cè)，且可以同步地沿圓盤半徑方向勻速移動，激光器連續(xù)向下發(fā)射激光束。在圓盤轉(zhuǎn)動過程中，當狹縫經(jīng)過激光器與傳感器之間時，傳感器接收到一個激光信號，并將其輸入計算機，經(jīng)過處理后畫出相應圖線。圖（a）為該裝置示意圖，圖（b）為所接收的光信號隨時間變化的圖線，橫坐標表示時間，縱坐標表示接收到的激光信號強度。圖中，，利用圖b中的數(shù)據(jù)可以知道（）A．圓盤轉(zhuǎn)動的角速度為B．激光器和傳感器沿半徑移動的方向是沿半徑向圓心C．激光器和傳感器沿半徑移動的方向是沿半徑向外D．激光器和傳感器沿半徑方向移動的速度大小是12、在電荷量分別為2q和－q的兩個點電荷形成的電場中，電場線分布如圖所示，在兩點電荷連線上有a、b兩點，則()A．在兩點電荷之間的連線上存在一處電場強度為零的點B．在負試探電荷從a點向b點移動過程中所受電場力先減小后增大C．在負試探電荷從a點向b點移動過程中電場力先做正功，后做負功D．負試探電荷在a點具有的電勢能比在b點具有的電勢能小二．填空題(每小題6分，共18分)13、在“驗證機械能守恒定律”實驗中，（1）下圖是部分實驗器材，需在圖中選用的器材是_______（2）實驗中需要直接測量的物理量是____（填字母）．A、重力加速度B、重物下落的高度C、重物下落的瞬時速度（3）某同學的實驗結果顯示重物的動能變化量略大于重力勢能變化量，出現(xiàn)這一問題的原因可能是____（填字母）A、重物的質(zhì)量測量錯誤B、紙帶的數(shù)據(jù)測量錯誤C、交流電源的頻率小于D、重物下落時受到的阻力過大14、在做“研究平拋運動”的實驗時，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡，并求出平拋運動的初速度，實驗裝置如圖甲所示．(1)實驗時將固定有斜槽的木板放在實驗桌上，實驗前要檢查木板是否水平，請簡述你的檢查方法_______________.(2)關于這個實驗，以下說法中正確的是________．A．小球釋放的初始位置越高越好B．每次小球要從同一高度由靜止釋放C．實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直D．小球的平拋運動要靠近木板但不接觸(3)在做“研究平拋運動”的實驗時，坐標紙應當固定在豎直的木板上，圖中坐標紙的固定情況與斜槽末端的關系正確的是（____）(4)某同學在描繪平拋運動軌跡時，得到的部分軌跡曲線如圖乙所示．在曲線上取A、B、C三個點，測量得到A、B、C三點間豎直距離h1＝10.20cm，h2＝20.20cm，A、B、C三點間水平距離x1＝x2＝x＝12.40cm，g取10m/s2，則物體平拋運動的初速度v0的計算式為____________(用字母h1、h2、x、g表示)，代入數(shù)據(jù)得其大小為____________m/s.15、某同學設計了一個探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關系的實驗，如下圖甲所示為實驗裝置簡圖.(1)本實驗采用的實驗方法是________．A．控制變量法B．理想實驗法C．等效替代法(2)實驗時，為減小誤差，要保證砂和砂桶的質(zhì)量________(填“遠大于”“遠小于”或“等于”)小車的質(zhì)量．(3)圖乙是實驗中獲取的一條紙帶的一部分，其中0、1、2、3、4是計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點(圖中未標出)，計數(shù)點間的距離如圖所示，交流電的頻率為50Hz，打“3”計數(shù)點時小車的速度大小為________m/s.三．計算題(22分)16、（12分）質(zhì)量為m=2000kg、額定功率為P=60kW的汽車，在平直公路上行駛中的最大速度為vm=30m/s.若汽車從靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為a=2m/s2，運動中的阻力不變．求：（1）汽車所受阻力的大小；（2）汽車做勻加速運動的時間；（3）3s末汽車的瞬時功率.17、（10分）如圖所示，半徑R＝0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi)，軌道的上端點B和圓心O的連線與水平方向的夾角θ＝30°，下端點C為軌道的最低點且與粗糙水平面相切，一根輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直擋板上．質(zhì)量m＝0.1kg的小物塊(可視為質(zhì)點)從空中的A點以v0＝1m/s的速度被水平拋出，恰好從B點沿軌道切線方向進入軌道，經(jīng)過C點后沿水平面向右運動至D點時，彈簧被壓縮至最短，此時彈簧的彈性勢能Epm＝0.8J，已知小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，取g＝10m/s1．求：（1）小物塊從A點運動至B點的時間；（1）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上的C點時，對軌道的壓力大??；（3）C、D兩點間的水平距離L．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】首次測出萬有引力常量的科學家是卡文迪許，故B正確，ACD錯誤．2、D【解析】對A分析，由牛頓第二定律可得，對B分析，．二式聯(lián)立可得，．故A錯誤；由于AB構成的系統(tǒng)機械能守恒，故A減少的重力勢能大于B增加的動能．故B錯誤；由機械能守恒定律可得，得，故C錯誤；A減少的機械能等于A克服繩子拉力所做功，即，故D正確．3、D【解析】A、物體做圓周運動就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物體本身產(chǎn)生的。故A錯誤。B、勻速圓周運動合力提供向心力，變速圓周運動的合力與向心力不一定相等。故B錯誤。C、向心力始終指向圓心，方向時刻在改變，則向心力是變化的。故C錯誤。D、向心力的方向與速度方向垂直，不改變速度的大小，只改變速度的方向。故D正確。故選D?！军c睛】物體做圓周運動就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物體產(chǎn)生的．向心力只改變速度的方向，不改變速度的大?。鰟蛩賵A周運動的物體向心力是由合外力提供的．向心力的方向時刻改變，向心力也改變．4、C【解析】

人造地球衛(wèi)星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力等于向心力有：解得，假如衛(wèi)星的線速度增大到原來的2倍，則半徑為原來的，，向心加速度增大到原來的16倍，故A錯誤；，半徑為原來的，角速度增大到原來的8倍，故B錯誤；，半徑為原來的，衛(wèi)星的周期減小到原來的，故C正確，D錯誤.5、C【解析】

設斜面的傾角為，物塊的質(zhì)量為m，沿斜面向上為位移正方向；根據(jù)動能定理可得：

上滑過程：，則；

下滑過程：，則；物塊的動能與位移x成線性關系，根據(jù)能量守恒定律可得，最后的總動能小于初動能。故C正確，ABD錯誤。故選C6、B【解析】A、AB轉(zhuǎn)動的角速度相同，但半徑不同，重力和繩子的拉力提供向心力，則，解得，由于B轉(zhuǎn)動的半徑較大，則，故AD錯誤；

B、根據(jù)平行四邊形定則知，鋼繩的拉力，由于，則鋼繩對A座椅的拉力小于鋼繩對B座椅的拉力，故B正確．

C、A、B的角速度相等，A轉(zhuǎn)動的半徑小于B轉(zhuǎn)動的半徑，則A座椅的線速度小于B座椅的線速度，故C錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道座椅向心力的來源，知道A、B的角速度相等，運用牛頓第二定律和平行四邊形定則綜合求解．7、BC【解析】

A.根據(jù)圖象與時間軸所圍的面積表示位移，可得物體在3s內(nèi)的位移：故A錯誤；B.物體在第1s內(nèi)的位移為對整個過程，由動能定理得：解得故B正確；C.物體在和2s內(nèi)位移為對后2s內(nèi)物體的運動過程，由動能定理得解得故C正確；D.對整個過程，由動能定理得可得故D錯誤。故選BC。8、AD【解析】

A．若速度大于規(guī)定速度，重力和支持力的合力不夠提供向心力，此時外軌對火車有側(cè)壓力，輪緣擠壓外軌，故A正確；B．由向心力公式可知，半徑越大，向心力越小，故B錯誤；C．若速度小于規(guī)定速度，重力和支持力的合力大于所需的向心力，此時內(nèi)軌對火車有側(cè)壓力，輪緣擠壓內(nèi)軌，故C錯誤；D．軌道的傾角為θ，重力和支持力的合力為，提供向心力，有解得若火車要提速行駛，而彎道半徑不變，彎道的坡度應適當增大，故D正確。故選AD。9、ABD【解析】

碗對小球的支持力大于小球的重力，說明小球處于超重狀態(tài)，有向上的加速度；【詳解】A、碗豎直向上加速運動，小球受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：N-mg=ma，故N＞mg，故A正確；

B、碗豎直向下減速運動，加速度向上，小球受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：N-mg=ma，故N＞mg，故B正確；

C、碗向下加速時，加速度方向豎直向下，小球處于失重狀態(tài)，碗對小球的支持力小于小球的重力，故C錯誤；

D【點睛】本題關鍵找出小球相對地面的加速度方向，然后運用牛頓第二定律列式求解。10、BD【解析】

A.在粒子剛好到達N板的過程中，由動能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故C錯誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?，x＝，故D正確。11、ACD【解析】

A．由圖線讀得，轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動周期T=0.8s，故角速度ω=rad/s=2.5πrad/s故A正確；BC．由于電脈沖信號寬度在逐漸變窄，表明光能通過狹縫的時間逐漸減少，即圓盤上對應探測器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動，故C正確，B錯誤；D．0.2s時刻的線速度1.0s時刻的線速度徑向速度聯(lián)立解得故D正確。故選ACD。12、BD【解析】A、電場線是從正電荷出發(fā)，終止于負電荷，所以在在兩點電荷之間的連線上存在電場線，即不存在一處電場強度為零的點，故A錯誤；B、電場線密，電場強度大，負試探電荷從a點向b點移動過程中場強先減小后增大，所以所受電場力先減小后增大，故B正確；C、在負試探電荷從a點向b點移動過程中，電場力方向向右，所以電場力先做負功，故C錯誤；D、在負試探電荷從a點向b點移動過程中，電場力先做負功，電勢能增大，所以負試探電荷在a點具有的電勢能比在b點時具有的電勢能小，故D正確。點睛：根據(jù)電場線的分布判斷電場強度、電勢、電勢能等物理量的變化情況是高中物理的重點，在平時要加強訓練，以加深對這些知識點理解和應用。二．填空題(每小題6分，共18分)13、（1）AC（2）B（3）C【解析】

（1）驗證機械能守恒的實驗，重物拉紙帶在豎直方向運動，重物的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，不需要小車，速度根據(jù)紙帶求得，不需要秒表計時，需要打點計時器打紙帶，所以BD錯誤AC正確（2）本實驗要驗證的是重力勢能的減小量等于動能的增加量，即：，所以本實驗中g是已知量，還需知道的是下落高度h，速度可通過紙帶處理求得，所以直接測量的是下落高度h，AC錯誤B正確（3）物體動能變化大于重力勢能變化量，說明速度的測量值偏大：A.本實驗重物的質(zhì)量不需要進行測量，A錯誤B.紙帶數(shù)據(jù)采取的是一次測出各個點到起點的距離，就算起點不是零刻度，在求間距時由于刻度做差，并不影響間距的求解，測出物體速度不變，B錯誤C.如果交流電頻率小于50Hz，則導致測量的頻率偏大，測量代入的打點周期偏小，所以測量的速度偏大，C正確D.重物下落受到的阻力大，會導致重力勢能的減小量一部分克服阻力做功，一部分增加物體的動能，使動能的變化量小于重力勢能變化量，D錯誤14、將小球放在水平木板的任意位置，小球靜止不動，則木板水平BCDCv0＝x1.24【解析】

(1)能否使小球做平拋運動，關鍵是使斜槽末端切線水平，判斷是否水平可以采用：將小球放在槽的末端(或木板上)看小球能否靜止、用水平儀檢查木板是否水平等方法．(2)小球釋放的初始位置并非越高越好，若是太高，導致水平拋出的速度太大，實驗難以操作，故A錯誤；因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B正確；小球在豎直方向做自由落體運動，水平方向做勻速運動，為了正確描繪其軌跡，必須使坐標紙上的豎線是豎直的，故C正確；實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線，故D正確．(3)斜槽末端是水平的，小球做平拋運動，要分解為水平和豎直方向的分運動，故方格紙因該水平豎直，坐標原點應該與小球在斜槽末端靜止時在木板上的投影重合，故C正確．(4)小球在豎直方向做勻變速直線運動，連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差為常數(shù)，因此有：Δh＝gt2所以：，小球平拋運動的初速度大小為：代入數(shù)據(jù)，解得：v0＝0.124×m/s＝1.24m/s.15、A遠小于0.24【解析】（1）在探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關系的實驗，由于變量較多，因此采用的是控制變量法進行實驗，即：先保持F不變，驗證小車的質(zhì)量m越小，a越大；再保持