2021年廣西高考物理試卷全國甲卷-普通用卷

2021年廣西高考物理試卷（甲卷）.如圖，將光滑長平板的下端置于鐵架臺水平底座上的擋板p處，上部架在橫桿上。橫桿的位置可在豎直桿上調(diào)節(jié)，使得平板與底座之間的夾角6可變。將小物塊由平板與豎直桿交點(diǎn)Q處靜止釋放，物塊沿平板從Q點(diǎn)滑至P點(diǎn)所用的時間t與夾角6的大小有關(guān)。若由30°逐漸增大至60°，物塊的下滑時間t將（）鐵架臺A.逐漸增大 B.逐漸減小 C.先增大后減小D.先減小后增大. “旋轉(zhuǎn)紐扣”是一種傳統(tǒng)游戲。如圖，先將紐扣繞幾圈，使穿過紐扣的兩股細(xì)繩擰在一起，然后用力反復(fù)拉繩的兩端，紐扣正轉(zhuǎn)和反轉(zhuǎn)會交替出現(xiàn)。拉動多次后，紐扣繞其中心的轉(zhuǎn)速可達(dá)50r/s，此時紐扣上距離中心1cm處的點(diǎn)向心加速度大小約為（）A.10A.10m/s2 B.100m/s2 C.1000m/s23.兩足夠長直導(dǎo)線均折成直角，按圖示方式放置在同一平面內(nèi)，EO與。'Q在一條直線上，P。'與OF在一條直線上，兩導(dǎo)線相互絕緣，通有相等的電流I，電流__方向如圖所示。若一根無限長直導(dǎo)線通過電流I時，所產(chǎn)生的磁場在距離導(dǎo)線d處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則圖中與導(dǎo)線距離均為d的M、N兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為（）A.B、0B.0、2BC.2B、2BD.B、B外力D.10000m/s2d0rM<10rp1第1頁，共21頁.如圖，一個原子核X經(jīng)圖中所示的一系列a、S衰變后，生成穩(wěn)定的原子核y,在此過程中放射出電子的總個數(shù)為（）過程中放射出電子的總個數(shù)為（）A.6 B.8 C.10 D.14.2021年2月，執(zhí)行我國火星探測任務(wù)的“天問一號”探測器在成功實(shí)施三次近火制動后，進(jìn)入運(yùn)行周期約為1.8x105s的橢圓形停泊軌道，軌道與火星表面的最近距離約為2.8x105蟲已知火星半徑約為3.4x106八火星表面處自由落體的加速度大小約為3.7m/s2,則“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠(yuǎn)距離約為（）D.6x108mA.6x1。56 B.6x106m C.6x107mD.6x108m.某電場的等勢面如圖所示，圖中a、b、c、d、e為電場中的5個點(diǎn)，則（）一正電荷從b點(diǎn)運(yùn)動到e點(diǎn)，電場力做正功一電子從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)，電場力做功為4eVb點(diǎn)電場強(qiáng)度垂直于該點(diǎn)所在等勢面，方向向右a、b、c、d四個點(diǎn)中，b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小最大.一質(zhì)量為m的物體自傾角為a的固定斜面底端沿斜面向上滑動。該物體開始滑動時的動能為紇，向上滑動一段距離后速度減小為零，此后物體向下滑動，到達(dá)斜面底端時動能為g。已知$譏a=0.6，重力加速度大小為g。則（）A.物體向上滑動的距離為入2mgB.物體向下滑動時的加速度大小為5C.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)等于0.5D.物體向上滑動所用的時間比向下滑動的時間長第2頁，共21頁

.由相同材料的導(dǎo)線繞成邊長相同的甲、乙兩個正方形閉合線甲口口乙圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導(dǎo)線的橫截面積不同，甲線 nxxxxxxxx圈的匝數(shù)是乙的2倍?，F(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同 餐、、、三、”、時由靜止開始下落，一段時間后進(jìn)入一方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場的上邊界水平，如圖所示。不計空氣阻力，已知下落過程中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進(jìn)入磁場后且上邊進(jìn)入磁場前，可能出現(xiàn)的是（）A.甲和乙都加速運(yùn)動A.甲和乙都加速運(yùn)動B.甲和乙都減速運(yùn)動C.甲加速運(yùn)動，乙減速運(yùn)動C.甲加速運(yùn)動，乙減速運(yùn)動D.甲減速運(yùn)動，乙加速運(yùn)動.為測量小銅塊與瓷磚表面間的動摩擦因數(shù)，一同學(xué)將貼有標(biāo)尺的瓷磚的一端放在水平桌面上，形成一傾角為a的斜面（已知$譏a=0.34，cosa=0.94），小銅塊可在斜面上加速下滑，如圖所示。該同學(xué)用手機(jī)拍攝小銅塊的下滑過程，然后解析視頻記錄的圖像，獲得5個連續(xù)相等時間間隔（每個時間間隔△7=0.20s）內(nèi)小銅塊沿斜面下滑的距離s,（i=1,2,3,4,5），如表所示。S1$2S3S4S55.87cm7.58cm9.31cm11.02cm12.74cm由表中數(shù)據(jù)可得，小銅塊沿斜面下滑的加速度大小為 m/s2,小銅塊與瓷磚表面間的動摩擦因數(shù)為。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字，重力加速度大小取9.80m/s2）.某同學(xué)用圖（a）所示電路探究小燈泡的伏安特性，所用器材有：小燈泡（額定電壓2.5，，額定電流0.34）、電壓表（量程300根匕內(nèi)阻300。）、電流表（量程300燧，內(nèi)阻0.27。）定值電阻R0、滑動變阻器々（阻值0-20。）、電阻箱R2（最大阻值9999.9。）、電源E（電動勢6匕內(nèi)阻不計）、開關(guān)S、導(dǎo)線若干。完成下列填空：（1）有3個阻值分別為10。、20。、30。的定值電阻可供選擇，為了描繪小燈泡電流在0-30064的U-/曲線，叫應(yīng)選取阻值為。的定值電阻；（2）閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的 （填“加'或\”）端；（3）在流過電流表的電流較小時，將電阻箱R2的阻值置零，改變滑動變阻器滑片的位置，讀取電壓表和電流表的示數(shù)U、I，結(jié)果如圖（b）所示。當(dāng)流過電流表的電流為10mA時，小燈泡的電阻為C（保留1位有效數(shù)字）；第3頁，共21頁

圖⑺（4）為使得電壓表滿量程時對應(yīng)于小燈泡兩端的電壓為3匕該同學(xué)經(jīng)計算知，應(yīng)將R2的阻值調(diào)整為。。然后調(diào)節(jié)滑動變阻器々，測得數(shù)據(jù)如表所示：U/娥24.046.076.0110.0128.0152.0184.0216.0250.0//m^140.0160.0180.0200.0220.0240.0260.0280.0300.0（5）由圖（b）和表格數(shù)據(jù)可知，隨著流過小燈泡電流的增加，其燈絲的電阻“增大”“減小”或“不變”）；（6）該同學(xué)觀測到小燈泡剛開始發(fā)光時流過電流表的電流為160燧，可得此時小燈泡電功率匕=W（保留2位有效數(shù)字）；當(dāng)流過電流表的電流為300mA時，小燈泡的電功率為P2，則與=（保留至整數(shù)）。圖⑻.如圖，一傾角為。的光滑斜面上有50個減速帶（圖中未完全畫出），相鄰減速帶間的距離均為d，減速帶的寬度遠(yuǎn)小于d；一質(zhì)量為m的無動力小車（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距第一個減速帶L處由靜止釋放。已知小車通過減速帶損失的機(jī)械能與到達(dá)減速帶時的速度有關(guān)。觀察發(fā)現(xiàn)，小車通過第30個減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同。小車通過第50個減速帶后立刻進(jìn)入與斜面光滑連接的水平地面，繼續(xù)滑第4頁，共21頁

行距離S后停下。已知小車與地面間的動摩擦因數(shù)為小重力加速度大小為g。(無動力》小車(1)求小車通過第30個減速帶后，經(jīng)過每一個減速帶時損失的機(jī)械能；(2)求小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機(jī)械能；(3)若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機(jī)械能大于之后每一個減速帶上損失的機(jī)械能，則L應(yīng)滿足什么條件？.如圖，長度均為l的兩塊擋板豎直相對放置，間距也為l，兩擋板上邊緣P和M處于同一水平線上，在該水平線的上方區(qū)域有方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E；兩擋板間有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)節(jié)的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為機(jī)，電荷量為q(q>0)的粒子自電場中某處以大小為小的速度水平向右發(fā)射，恰好從P點(diǎn)處射入磁場，從兩擋板下邊緣Q和N之間射出磁場，運(yùn)動過程中粒子未與擋板碰撞。已知粒子射入磁場時的速度方向與PQ的夾角為60°，不計重力。(1)求粒子發(fā)射位置到P點(diǎn)的距離；(2)求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍；(3)若粒子正好從QN的中點(diǎn)射出磁場，求粒子在磁場中的軌跡與擋板MN的最近距離。第5頁，共21頁

.如圖，一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個不同過程，分別由體積-溫度(V-t)圖上的兩條直線I和n表示，匕和七分別為兩直線與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)，t0是它們的延長線與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，7=-273.15°。；a為直線I上的一點(diǎn)。由圖可知，氣體在；氣體在狀態(tài)b和；氣體在狀態(tài)b和c的壓強(qiáng)之比片狀態(tài)a和b的壓強(qiáng)之比"活塞隔板B活塞隔板B.如圖，一汽缸中由活塞封閉有一定量的理想氣體，中間的隔板將氣體分為A、B兩部分；初始時，A、B的體積均為匕壓強(qiáng)均等于大氣壓p0。隔板上裝有壓力傳感器和控制裝置，當(dāng)隔板兩邊壓強(qiáng)差超過0.5%時隔板就會滑動，否則隔板停止運(yùn)動。氣體溫度始終保持不變。向右緩慢推動活塞，使B的體積減小(團(tuán))求A的體積和B的壓強(qiáng);第6頁，共21頁（團(tuán)）再使活塞向左緩慢回到初始位置，求此時A的體積和B的壓強(qiáng)。.如圖，單色光從折射率九=1.5、厚度d=10.0cm的玻璃板上表面射入。已知真空中的光速為3.0x108m/s，則該單色光在玻璃板內(nèi)傳播的速度為 m/s；對于所有可能的入射角，該單色光通過玻璃板所用時間看的取值范圍是 s<t<s（不考慮反射）。.均勻介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)A、B的平衡位置位于1軸上，坐標(biāo)分別為0和%b=16ce。某簡諧橫波沿％軸正方向傳播，波速為u=20cm/s，波長大于20cm，振幅為y=1cm，且傳播時無衰減。t=0時刻A、B偏離平衡位置的位移大小相等、方向相同，運(yùn)動方向相反，此后每隔△「=0.6s兩者偏離平衡位置的位移大小相等、方向相同。已知在“時刻（“>0），質(zhì)點(diǎn)A位于波峰。求：（團(tuán)）從“時刻開始，質(zhì)點(diǎn)B最少要經(jīng)過多長時間位于波峰；（團(tuán)）］時刻質(zhì)點(diǎn)B偏離平衡位置的位移。第7頁，共21頁答案和解析1.【答案】D【解析】解：設(shè)鐵架臺底座距離為力則物塊沿平板的位移為％=以，對物塊利用牛頓第二定律可得mgsinO=ma利用運(yùn)動學(xué)公式可得1

%=-at2

乙整理可得2d dt= =2 -[gsinBcos?Jgsin29由數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)e=45°時，s譏2。最大，對應(yīng)時間t最小，故。由30°逐漸增大至60°，物塊的下滑時間將先減小后增大，故ABC錯誤，D正確。故選：D。由題意，先根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式寫出時間的表達(dá)式，再利用夾角變化分析時間的變化。在利用牛頓第二定律解題時，要注意結(jié)合數(shù)學(xué)知識的應(yīng)用。.【答案】C【解析】解：根據(jù)勻速圓周運(yùn)動的規(guī)律，3=2nn=2兀x50rad/s=100兀rad/s，r=1cm=0.01加，向心加速度為：0n=32r=（100兀）2x0.01m/s2=100兀2m/s2~986m/s2,接近1000m/s2，故C正確，ABD錯誤。故選：C。根據(jù)紐扣的轉(zhuǎn)速，結(jié)合3=2兀九、"=32『計算圓盤轉(zhuǎn)動的向心加速度。解決本題的關(guān)鍵是知道轉(zhuǎn)速和角速度的關(guān)系，通過轉(zhuǎn)速求出角速度，然后根據(jù)向心加速度公式求解，基礎(chǔ)題。.【答案】B第8頁，共21頁【解析】解：根據(jù)安培定則可知，OF在M點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度向里，O'Q在M點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度向外，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在M點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B，由疊加原理可知，M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零；同理根據(jù)安培定則可知，P。'在N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度向里，O'Q在N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度向里，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B，由疊加原理可知，N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B；故B正確，ACD錯誤。故選：B。根據(jù)安培定則確定兩導(dǎo)線各自在M、N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)疊加原理即可確定兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。本題考查了利用安培定則分析通電導(dǎo)線的磁場。掌握好安培定則的內(nèi)容，知道磁場的疊加原理是解決本題的關(guān)鍵。.【答案】A【解析】解：由題圖可知原子核X的質(zhì)量數(shù)為4=92+146=238，電荷數(shù)為Z=92,即938X原子核丫的質(zhì)量數(shù)為4=82+124=206，電荷數(shù)為Z=82，即206y82設(shè)經(jīng)過1次a衰變和y次S衰變，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：238=206+4%，92=82+2%—y解得：％=8，y=6發(fā)生S衰變時，原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子的同時放出一個電子，所以該過程共釋放了6個電子，故A正確，BCD錯誤。故選：A。a衰變電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,S衰變電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變.根據(jù)該規(guī)律判斷衰變的次數(shù)，再結(jié)合S衰變的實(shí)質(zhì)分析放出的電子個數(shù)。解決本題的關(guān)鍵是知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，放出的電子個數(shù)根據(jù)S衰變的實(shí)質(zhì)進(jìn)行分析。.【答案】C【解析】解：根據(jù)題意可知火星的半徑為A=3.4X1066，軌道與火星表面的最近距離約為h=2,8X1056。設(shè)火星的質(zhì)量為M，“天問一號”所在橢圓軌道的半長軸為r。第9頁，共21頁

設(shè)想在火星上方有一顆衛(wèi)星做半徑為廠的勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)開普勒第三定律空=k,T2可知該衛(wèi)星的周期T=1.8X105s。對該衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供向心力可得：如二小廠皿，T2 T2在火星表面，根據(jù)萬有引力和重力的關(guān)系可得：^=mgR2聯(lián)立解得：廠標(biāo)3.27X107小，設(shè)“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠(yuǎn)距離為H，根據(jù)幾何關(guān)系可得：A+2R+H=2r解得：H仁6X107小，故C正確、ABD錯誤。故選：C。根據(jù)開普勒第三定律可知，做勻速圓周運(yùn)動的衛(wèi)星的軌道半徑與“天問一號”軌道半長軸相等時，二者的周期相等；則根據(jù)萬有引力提供向心力求出勻速圓周運(yùn)動衛(wèi)星的軌道半徑，即可得到“天問一號”的長軸，再根據(jù)幾何關(guān)系求解“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠(yuǎn)距離。本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心力列方程進(jìn)行解答，掌握開普勒第三定律的應(yīng)用方法。.【答案】BD【解析】解：A、b、e兩點(diǎn)在同一個等勢面上，可知b、e電勢相等，則兩點(diǎn)間電勢差為零，由電場力做功公式W=qU，可知正電荷從b點(diǎn)運(yùn)動到e點(diǎn)，電場力不做功，故A錯誤；B、電子從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)，電場力所做的功勿=qU=-e（3V-7，）=4e，，故B正確；C、根據(jù)題意畫出過b點(diǎn)的電場線，如圖：電場線與等勢面處處垂直，并指向電勢降低的方向，所以b點(diǎn)電場強(qiáng)度垂直于該點(diǎn)所在等勢面，方向向左，故C錯誤；D、等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強(qiáng)度越大，a、b、c、d中b點(diǎn)等勢線最密集，所以b點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大，故D正確。故選：BD。由電場力做功公式W=qU，分析電場力做功情況；根據(jù)電場線與等勢面處處垂直，電第10頁，共21頁場方向由高電勢指向低電勢，可判斷b點(diǎn)電場強(qiáng)度方向；等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強(qiáng)度越大。本題考查了電場力做功，電場線與等勢面的關(guān)系以及電場強(qiáng)度大小、方向的判斷，注意等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強(qiáng)度越大。.【答案】BC【解析】解：AC、設(shè)物體向上滑動的距離為羽斜面的動摩擦因數(shù)為小對物體向上滑行的過程，由動能定理可知：-mgs譏a?%-4mgcosa?%=0-￡^對物體向下滑行的過程，由動能定理可知：mgsina-%-^mgcosa-x=E5^-0聯(lián)立解得：％=嘉，4=0.5,故A錯誤，C正確；B、物體向下滑動時，由牛頓第二定律可知：mgs譏a-^mgcosa=6密，解得a2=5。故B正確；D、物體向上滑動和向下滑動的距離相同，而向上滑的加速度由牛頓第二定律可知：mgsina+^mgcosa=ma1，解得：a1=0，即4>%，向上滑動過程也可看做初速度為零，加速度大小等于出的勻加速直線運(yùn)動，由％=147=2。“可知向上滑的時間比向下滑的時間短，故D錯誤；故選：BCo在物體上滑過程和下滑過程，分別應(yīng)用動能定理列等式，可求出物體向上滑動的距離和物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律求出向上滑和向下滑的加速度大??；結(jié)合加速度大小，根據(jù)運(yùn)動學(xué)規(guī)律可分析物體向上滑動所用的時間和向下滑動的時間哪個更大。本題是動能定理、牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)知識的綜合運(yùn)用，關(guān)鍵是分過程分別列動能定理式子，以及勻變速直線運(yùn)動的逆過程的應(yīng)用。.【答案】AB【解析】解：甲、乙兩正方形線圈的材料相同，則它們的密度和電阻率相同，設(shè)材料的電阻率為P，密度為P密度兩正方形線圈的邊長相同，設(shè)線圈邊長為3設(shè)線圈的橫截面積為S,線圈的質(zhì)量加=第11頁，共21頁P(yáng)密度義4八LS=4八°密度LS,由題意可知，兩線圈的質(zhì)量相等，貝膽九甲。密度甲二4幾乙。密度LS乙，貝加甲S甲=九乙S乙，兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時由靜止開始下落，設(shè)線圈下邊到磁場的高度為h,設(shè)線圈下邊剛進(jìn)入磁場時的速度為v，線圈進(jìn)入磁場前做自由落體運(yùn)動，則"=/茄，由于下落高度h相同，則線圈下邊剛進(jìn)入磁場時的速度v相等，設(shè)線圈匝數(shù)為n，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，線圈進(jìn)入磁場過程切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=nBLv，由電阻定律可知，線圈電阻：R=p皿s由閉合電路的歐姆定律可知，感應(yīng)電流：【=『畔貨KFIRL 4PS線圈受到的安培力：F=同1=血江4p由于九甲S甲二九乙S乙，B、L、p、v都相同，則線圈進(jìn)入磁場時受到的安培力F相同，線圈質(zhì)量相同，則它們受到的重力G=mg相同，線圈進(jìn)入磁場過程所受合力F合=F-G相同；A、如果線圈進(jìn)入磁場時安培力小于重力，則線圈受到的合力向下，線圈甲、乙都加速運(yùn)動，故A正確；B、如果線圈進(jìn)入磁場時安培力大于重力，線圈受到的合力向上，線圈甲、乙都做減速運(yùn)動，故B正確；。、由于甲、乙所受合力相同、進(jìn)入磁場時的速度相同，如果甲加速運(yùn)動，則乙也做加速運(yùn)動，故C錯誤；D、由于甲、乙所受合力相同、進(jìn)入磁場時的速度相同，如果甲減速運(yùn)動，則乙也做減速運(yùn)動，故D錯誤。故選：ABo線圈進(jìn)入磁場前做自由落體運(yùn)動，應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式求出線圈進(jìn)入磁場時的速度大小；根據(jù)密度公式求出線圈的質(zhì)量；應(yīng)用電阻定律求出線圈的電阻；由E=BL"求出線圈進(jìn)入磁場過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出感應(yīng)電流；應(yīng)用安培力公式求出線圈受到的安培力，根據(jù)線圈受到的安培力與重力間的關(guān)系分析判斷線圈進(jìn)入磁場過程的運(yùn)動情況。本題是電磁感應(yīng)、電路與力學(xué)相結(jié)合的一道綜合題，根據(jù)題意分析清楚線圈的受力情況第12頁，共21頁與運(yùn)動過程是解題的前提與關(guān)鍵;解題時要先推導(dǎo)出線圈所受安培力，然后再分析答題。.【答案】0.430.32【解析】解：(1)根據(jù)逐差法，利用△%=aT2,可得加速度a=■4s皿2s3)=4T2(口.0212.74)。.589.31) x102m/s2=0.43m/s2，4x0.202根據(jù)牛頓第二定律，m^sina^mgcosa=6。，已知$譏a=0.34，cosa=0.94，代入數(shù)據(jù)解得從仁0.32。故答案為：0.43；0.32。處理紙帶數(shù)據(jù)時，要用逐差法求加速度，結(jié)和牛頓第二定律就可以求出動摩擦因數(shù)。本題考查實(shí)驗(yàn)中紙帶的數(shù)據(jù)處理問題，要學(xué)會用逐差法求加速度，注意題目中給出5組數(shù)據(jù)可以采用前4個或后4個進(jìn)行計算，結(jié)果保留有效位數(shù)后相等。.【答案】10a0.82700增大0.07410【解析】解：(1)燈泡額定電壓U^額=N5匕額定電流人額=0.34燈泡兩端電壓等于額定電壓且滑動變阻器滑片移動到b端時，定值電阻兩端電壓U0=E%額=(62.5”=3.5匕定值電阻最大阻值約為R= =葭。^^.的凡為了描繪小燈泡電流在030064的U/曲線，R0應(yīng)選取阻值為10。的定值電阻；(2)由圖(a)所示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的a端。(3)根據(jù)圖(b)所示坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示：第13頁，共21頁

AHmYJwtAAHmYJwtA由圖示圖象可知，當(dāng)流過電流表的電流為/=1064=0.0104時，燈泡兩端電壓^二8mV=0.008V,由歐姆定律可知，此時燈泡電阻R="00臚=0.8。(4)由題意可知，電壓表量程Ug=300m匕內(nèi)阻Rg=300C=之-勺=備八Rg 300把電壓表改裝成U=3V的電壓表需要串聯(lián)電阻阻值區(qū)=之-勺=備八Rg 300300a=2700。，因此應(yīng)將R2的阻值調(diào)整為2700。。(5)U-/圖線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率等于燈泡電阻，由圖(b)所示圖象可知，隨著流過小燈泡電流的增加，圖線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率增大，則燈絲的電阻增大。(6)電壓表量程是300機(jī)匕改裝后電壓表量程是3K改裝后電壓表量程擴(kuò)大了10倍；由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，流過燈泡的電流/]=16064=0.1604時，燈泡兩端電壓%]=10%=10X46.0娥=460mV=0.460V，此時小燈泡電功率匕=UJ=0.460X0.160W~0.074W；當(dāng)流過電流表的電流為/2=30064=0.3004時，燈泡兩端的電壓％2=10與=10X250.06,=25006,=2.500V，此時小燈泡電功率P2=%J2=2.500X0.300W=0.75W；則多=0,75~10。、P1 0,074故答案為：(1)10；(2)心(3)0.8；(4)2700；(5)增大;(6)0.074；10。(1)根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出定值電阻的最大阻值，然后作出選擇。(2)滑動變阻器采用分壓接法時，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零的位置。第14頁，共21頁(3)根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，根據(jù)圖象求出電流對應(yīng)的電壓，然后應(yīng)用歐姆定律求出燈泡電阻阻值。(4)根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值。(5)U-/圖線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率等于燈泡電阻，根據(jù)圖示圖象判斷隨著流過小燈泡電流的增加其燈絲的電阻如何變化。(6)根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出電流對應(yīng)的電壓，應(yīng)用電功率公式P=U/求出燈泡的電功率，然后求出功率之比。本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理問題，理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可解題，解題時注意有效數(shù)字的保留，這是容易疏忽的地方。.【答案】解：(1)小車通過第30個減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同，則小車與減速帶碰撞過程中機(jī)械能的損失恰好等于經(jīng)過距離d時增加的動能，即4E=△與；冗小車通過第30個減速帶后，每經(jīng)過d的過程中，根據(jù)動能定理可得：△紜=mgds譏6所以有：△E=mgdsinB；(2)設(shè)小車通過第30個減速帶后，每次與減速帶碰撞后的動能為"，小車與第50個減速帶碰撞后在水平面上繼續(xù)滑行距離s后停下，在此過程中根據(jù)動能定理可得：—林mgs=0—"，解得：Ek=^mgs小車從開始運(yùn)動到與第30個減速帶碰撞后的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可得損失的總能量為：△E^^=mg(L+29d)sin8—E1，小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機(jī)械能為：△-E=嗎30解得：△E=，mg(L+29d)s譏6—L^mgs；30 30(3)若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機(jī)械能大于之后每一個減速帶上損失的機(jī)械能，則有：△E>mgdsinB解得：L>d+4。sin8答：(1)小車通過第30個減速帶后，經(jīng)過每一個減速帶時損失的機(jī)械能為mgds譏仇(2)小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機(jī)械能為1mg(L+3029d)sin6—士林mgs；30第15頁，共21頁(3)若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機(jī)械能大于之后每一個減速帶上損失的機(jī)械能，則L>d+就?！窘馕觥?1)小車通過第30個減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同，由此可得小車通過第30個減速帶后在每兩個減速帶之間的運(yùn)動情況相同，根據(jù)功能關(guān)系分析碰撞過程中損失的能量；(2)小車與第50個減速帶碰撞后在水平面上繼續(xù)滑行距離s后停下，根據(jù)動能定理求解小車通過第30個減速帶后，每次與減速帶碰撞后的動能；小車從開始運(yùn)動到與第30個減速帶碰撞后的過程中，根據(jù)功能關(guān)系求解在每一個減速帶上平均損失的機(jī)械能；(3)根據(jù)前兩問計算出的能量損失列不等式求解L應(yīng)滿足的條件。本題主要是考查功能關(guān)系，關(guān)鍵是能夠分析小車運(yùn)動過程中能量的轉(zhuǎn)化情況，知道機(jī)械能的變化與除重力或彈力以外的力做功有關(guān)，動能的變化與合力做功有關(guān)。.【答案】解：(1)帶電粒子在電場中受到豎直向下的電場力作用，粒子做類平拋運(yùn)動，在P點(diǎn)對速度進(jìn)行分解，如圖1所示：L.h /圖1tan60°=殳Vy粒子做類平拋運(yùn)動：水平方向上：X=V0t0豎直方向上：y=1at2，v=at02 0y其中。=述m粒子發(fā)射位置到P點(diǎn)的距離S=月+五在P點(diǎn)的速度大?。骸?一聯(lián)sin60o聯(lián)立解得：s=q3吟，笫二碣6qE 3第16頁，共21頁

(2)由題可知，若滿足題設(shè)條件，粒子出射點(diǎn)的臨界情況分別在Q、N兩點(diǎn)從Q點(diǎn)射出磁場，運(yùn)動軌跡如圖2所示：圖2由幾何關(guān)系可知：粒子從下邊緣Q點(diǎn)射出時，軌跡圓的半徑為R=—^-1 cos30。由洛倫茲力提供向心力可知：.=噂，磁感應(yīng)強(qiáng)度”藍(lán)由此可知，4=皿=通qR1 ql帶電粒子從N點(diǎn)射出磁場，運(yùn)動軌跡如圖3所示:OE為水平線，點(diǎn)E為OE與MN的交點(diǎn)圖3由幾何關(guān)系可知：粒子從下邊緣N點(diǎn)射出時，設(shè)軌跡圓的半徑為&在△ONE中：(心4-1)2+(4+1)2=R2，解得：R2=(V3+1乂由洛倫茲力提供向心力可知：.=噂，磁感應(yīng)強(qiáng)度”藍(lán)由此可知，與=募=友惠故磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍為：B2<B<B1即：2嗎<B<為"(3+，3)ql ql(3)若粒子正好從QN的中點(diǎn)射出磁場，畫出粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如圖4所示:第17頁，共21頁其中點(diǎn)A為QN中點(diǎn)，點(diǎn)B為軌跡中距MN最近的點(diǎn)，點(diǎn)F為圓心0在直線QN的投影。圖4由幾何關(guān)系可知，在404F中，a-魚&)2+(/+工)2=R22 3 2 2 3該軌跡與MN極板最近的距離：△x=T2聯(lián)立解得:39-1073△X= - 144答：(1)粒子發(fā)射位置到P點(diǎn)的距離為近誣塔；6qE(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍為：工B工皿；(3+v3)qZ ql(3)若粒子正好從QN的中點(diǎn)射出磁場，粒子在磁場中的軌跡與擋板MN的最近距離為39-1073］。44【解析】(1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，根據(jù)類平拋運(yùn)動軌跡以及勾股定理求解粒子發(fā)射位置到P點(diǎn)的距離；(2)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)粒子出射點(diǎn)的邊界條件，求出臨界磁感應(yīng)強(qiáng)度，進(jìn)而求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍；(3)根據(jù)粒子正好從QN的中點(diǎn)射出磁場這一邊界條件，畫出粒子的運(yùn)動軌跡，然后由幾何關(guān)系求出粒子做勻速圓周運(yùn)動的軌跡圓半徑，再由幾何關(guān)系求出粒子在磁場中的軌跡與擋板MN的最近距離。本題考查帶電粒子在電場中類平拋運(yùn)動，在磁場中勻速圓周運(yùn)動，關(guān)鍵在于找到粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡和邊界條件，由幾何關(guān)系求出軌跡圓的半徑，然后由洛倫茲力提供向第18頁，共21頁心力求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。本題對作圖要求很高，過程復(fù)雜，計算量大。.【答案】1/%【解析】解：（1）根據(jù)蓋呂薩克定律有V 二kt+273.15整理得V=kt+273.15k由于體積-溫度（U-t）圖像可知，過程I對應(yīng)的就是等容變化的過程，對應(yīng)的直線為等壓線，則。、b兩點(diǎn)壓強(qiáng)相等，則有匕=1Pb（2）當(dāng)溫度等于0℃，過程I對應(yīng)的體積為匕，過程n對應(yīng)的體積為右，由玻意耳定律：由于過程I、過程n都是等壓變化，所以％=與。Pc V1故答案為：1；馬。%根據(jù)蓋呂薩克定律，在u-t圖像中，氣體做等容變化對應(yīng)的是一條不過原點(diǎn)的直線,它的反向延長線與t軸的交點(diǎn)為-273.15℃；這樣圖中過程I和過程n對應(yīng)的圖線都為等壓線；在根據(jù)在u-1圖像中等溫變化遵循玻意耳定律從而確定過程I和過程n對應(yīng)的壓強(qiáng)之比。.【答案】解：（團(tuán)）向右緩慢推動活塞，使B的體積減小為%=2時，對氣體B，由玻意耳定律：p0V=pBVB'，得氣體B得壓強(qiáng)：pB=2p0，由題意可知：PA=PB+0.5。0=2P0+。.5。0=2.5%，對氣體A，由玻意耳定律：p0V=PAVA，得A的體積為：匕=*=小=2匕PA2.5p0 5①）再使活塞向左緩慢回到初始位置，假設(shè)隔板不動，則a的體積為3匕由波意耳定律2可得3P0V=PX2V0乙第19頁，共21頁

則A此情況下的壓強(qiáng)為P，=70<%-05%則隔板一定會向左運(yùn)動，設(shè)穩(wěn)后本A的體積為匕'、壓強(qiáng)為%'，氣本B的體積為％'、壓強(qiáng)為%'，根據(jù)等溫變化有。0，-七紇‘，。0，—外儲''+曝=2/，p/=%，-0?鞏聯(lián)立解得pj—3-75p0（舍去），pj—3+75p0答：（團(tuán)）Z的體積5匕B的壓強(qiáng)為2。0（團(tuán)）z的體積為（75-1”；B的壓強(qiáng)為3+魚04 0【解析】（目）對A、B兩氣體分別使用波意耳定律，再結(jié)合兩氣體的壓強(qiáng)關(guān)系即可求解（團(tuán)）活塞向左緩慢回到初始位置，A氣體回到初狀態(tài)，溫度、壓強(qiáng)、體積都回到初狀態(tài),再結(jié)合兩氣體的壓強(qiáng)關(guān)系即可求解。本