一本高中物理新課標版教學課件專題2相互作用

1．(2015·山東理綜，16，6分)AB在一水平A(A、B接觸面豎直)A恰好不滑動，BA與B間的動摩擦因數(shù)為μ1，A與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．A與B的質(zhì)量 A.

【答案】 得 mB＝mB

，B S1S2aO.整個系統(tǒng)處于靜止狀aa1，S1S2相對于原長的伸長分別記為Δl1和Δl2g.在剪斷的瞬間() 【答案】ACS1FT1，S2FT2mFT1＝Δl1＝2Δl2，C正確，D錯誤．M、N處受力的方向，下列說法正確的是()A．MB．NC．MMND．N【答案】A 著接觸面與相對運動趨勢的方向相反，具體受力如圖所示，故A正確．【點撥】面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體B的受力示意圖是( 【答案】A 由水平方向的受力平衡知，墻對物體A、B無彈力作用，則無摩擦力作用，C、D錯F1F2(F2>0)．由此可求出() C．物塊與斜面間的最大靜摩擦力D【答案】C 摩擦力為Fmax，當F取最大值時，滿足F1＝mgsinα＋Fmax，當F取最小值時，滿足

D

max＝ 6．(2012·海南物理，8，4分)下列關(guān)于摩擦力的說法，正確的是( D【答案】CD滑動摩擦力既能提供動力，也能提供阻力，如把物體無初速度地放在傳送帶上，滑動摩擦力對物體做正功，使物體加速，A錯誤，C正確．靜摩擦力既能提供動力，也能提供阻力，汽車來的過程中，靜摩擦力使貨物，B錯誤，D正確．止，彈簧處于伸長狀態(tài)，兩細繩均有拉力，aFfa≠0，bFfb＝0.現(xiàn)將右側(cè)細繩剪斷，則剪斷瞬間()A．Ffa大小不變B．FfaC．Ffb仍然為零D．FfbADa受左側(cè)繩的拉力和彈簧彈力不變(彈簧未來得及形變)，下有向左運動的趨勢)，C錯誤，D正確．8．(2013·理綜，14，6分)如圖所示，細線的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一θa右做勻加速直線運動的過程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細線的拉力T和斜面的支持力FN分別為(重力加速度為g)( A．T＝m(gsinθ＋acosθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ－asinB．T＝m(gcosθ＋asinθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ－acosθ)C．T＝m(acosθ－gsinθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ＋asinθ)D．T＝m(asinθ－gcosθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ＋acosθ)【答案】A對小球受力分析，水平方向：Tcosθ－FNsinθ＝ma，豎直方向：Tsinθ＋FNcosθ＝mgT＝m(gsinθ＋acosθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ－asinθ)，故A正確．【點撥】aa9．(2011·理綜，2，6分)如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻直線運動，運動過程中B受到的摩擦力()A．方向向左，大小不變B．方向向左，逐漸減小C．方向向右，大小不變DAA、BFf1aA與地再B，B的受力分析如圖乙所示，為獲得加速度a，B受到A的靜摩擦力只能水平向左，且大?。絤Ba＝μmBgA【點撥】先用整體法確定運動狀態(tài)，再用法確定摩擦力的大小和方向考向 彈力的分析與計算問彈力是一 運動定律并利用科學的思維由彈簧本身的性質(zhì)決定；x表示彈簧的形變量．在地面上，上端用繩子拴在天花板上，繩子處于豎直伸直狀態(tài)，整個裝置靜止，則()D．A、B之間可能存在摩擦力確．由于A無法對B提供向上的力，地面對B的支持力不能為零，根據(jù)第三定律，地面間不可能有摩擦力，C【答案】彈力的分析方法假設(shè)法或法：可以先假設(shè)有彈力存在，然后判斷是否與研究對象所處狀態(tài)的實際情況相符合．還可以設(shè)想將與研究對象接觸的物體“”，看研究對象能否保持原來的狀態(tài)．彈簧類彈力：由定律知彈力F＝kx，要注意此處x為彈簧的形變量，而不是伸長或壓縮后彈非彈簧類彈力：根據(jù)運動狀態(tài)和其他受力情況，利用平衡條件或第二定律來綜合確定考向 摩擦力的分析與計算問1Ff＝μFN.FN為兩物體間的正壓力，其大小不一定等于重力；μ為動摩擦因數(shù)，與相互接觸的物m＝1.0kg4.9N．關(guān)于物體受力的判斷(g＝9.8m/s2)，下列說法正確的是 4.9N3斜面對物體的支持力大小為 34.9N【解析】F＋Ff－mgsinFN－mgcos33【答案】

【點撥】物體的“mgsin30°”與“F”的關(guān)系決定了與繩、接觸面、桿的彈力類似，靜摩擦力也是“力”，要分析其有無、方向及大小，必須了解轉(zhuǎn)換法：利用第三定律(作用力與反作用力的關(guān)系)來判定．先確定受力較少的物體受到的靜運動．下列說法正確的是()A．A、BB．A、BC．BADA受重力、BAF后，仍然處于靜止，A、BF后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，B與墻之間一定有摩擦力，故C錯誤，D正確． 貴陽期末)F拉著一物體在水平地面上做t＝0Ft1F體所受的摩擦力Ff隨時間t變化的圖象可能是 【解析】F與向左的滑動摩擦力等大反向．當F減小時，物體做運動．若F減小為零之前物體始終運動，則摩擦力始終為滑動摩擦力，大小不變，AF減小為零之前物體已停止運動，則停止前摩擦力為滑動摩擦力，大小不變，停止后摩擦力為靜摩擦力，大小隨F的減小而減小，D正確．【答案】【點撥】確定摩擦力的大小時，首先需要搞清接觸面間是靜摩擦力還是滑動摩擦力，然后才能根靜摩擦力的大?。红o摩擦力是力，其大小無具體計算，只能依據(jù)平衡條件或第二定0<F≤Fmax.滑動摩擦力的大?。夯瑒幽Σ亮Φ拇笮∫话阌蒄f＝μFN確定，若條件不足，也可利用平衡條件或第二定律，結(jié)合物體的運動狀態(tài)間接確定．在一起，a彈簧的一端固定在墻上，如圖所示．開始時彈簧均處于原長狀態(tài)，現(xiàn)用bpaL，則()A．bkB．b彈簧的伸長量為k2C．p k【答案】 由題意知兩彈簧的彈力大小相等，F(xiàn)＝k1L＝k2L′，得b彈簧的伸長量L′＝k1L，pk2

k2，故B2．(2015·安陽一中段考)如圖所示，一物塊受到一個水平力F作用靜止于斜面上，F(xiàn)F撤掉，下列對物塊的描述正確的是() C．木塊立即獲得加速度D．木塊所受的摩擦力改變方【答案】DmgsinθFF物塊受到的摩擦力變小，物塊加速度為零，仍然靜止．綜上知D正確．的是()A．B受到向左的摩擦 B．B對A的摩擦力向CA的摩擦力向右DADBBAB水AC錯誤，D正確．4．(2015·浙江紹興一中回頭考)如圖所示，一直桿傾斜固定并與水平方向成30°的夾F＝10N0.7g＝10下列說法正確的是(B2.5ND2.5N【答案】DF＝10N>mg＝5N，所以圓環(huán)受到垂直直桿向下的支持G1Ff，如圖所示．垂直直桿方向：FN＋mgcos30°＝Fcos沿直桿方向：Ff＋mgsin30°＝Fsin2FN＝52

N，F(xiàn)f＝2.5N，DMBFA、B上，A、B均保持靜止不動，則()A．ABB．BC．BADB的支持力大小一定等于【答案】Dθ，AAFcos＝mgsinθFf＝0Fcosθ>mgsinθFf≠0AFN＝Fsinθ＋mgcosθFNmg的大小關(guān)系不確定，CA、B整體受力分析如圖乙，水平方向上與FN′＝(m＋M)g，則B錯誤，D正確．() 【答案】AFG大小相等、方向相反，A2．(2014·山東理綜，14，6分)如圖所示，用兩根等長輕繩將木板懸掛在豎直木樁懸掛點不變．木板靜止時，F(xiàn)1表示木板所受合力的大小，F(xiàn)2表示單根輕繩對木板拉力的大小，則維修后()A．F1不變，F(xiàn)2變 B．F1不變，F(xiàn)2變C．F1變大，F(xiàn)2變 D．F1變小，F(xiàn)2變【答案】AF1＝0，維修前后保持不變．設(shè)木板靜止 αF2變大．綜上可知，A2cos3．(2013·物理，18，4分)兩個共點力F1、F2大小不同，它們的合力大F，則( A．F1、F2同時增大1倍，F(xiàn)也增大1倍B．F1、F210N，F(xiàn)10NC．F110N，F(xiàn)210N，F(xiàn)一定不變DF1、F2中的一個增大，F(xiàn)不一定增大【答案】 AF1、F2的合成可判斷，B、C錯誤，D【點撥】PF1、F2F3三力作用下保持靜止，下列判斷正確的是() 【答案】BPF1、F2二力的合B正確．F，如圖所示，則物塊() 【答案】A用正交分解法分析多個共點力的平衡問題．不加外力時，物塊恰好靜止在斜面上，說等于零，D錯誤．考向 力的合成和分1Fθ)，則可能出現(xiàn)以下幾種情況(F2的大小)．F2<Fsinθ時 F2＝Fsinθ時：?唯一Fsinθ<F2<F時：?兩F2≥F時：?唯一(2012·物理，6，2分)已知兩個共點力的合力為50N，分力F1的方向與合力F的方向成30°角，分力F2的大30N，則( A．F1的大小是唯一 B．F2的方向是唯一C．F2有兩個可能的方 D．F2可取任意方【解析】F1、F2F＝25N時，F(xiàn)1的大小是唯一的，F(xiàn)2F2＝30N>F20＝25N，F(xiàn)1F1F1″，F(xiàn)2F2F2″的方向，故C正確．【答案】【點撥】考向 力的合成與分解的實際應(yīng)m的物體靜止在斜面上，其重力產(chǎn)生兩個效F2的作用；F1的作用．F1＝m的光滑小球被豎直擋板擋住靜止于斜面上F1cosm的光滑小球被懸掛靠在豎直墻壁上，其重力F1F2cosmAOOC(C自由轉(zhuǎn)AOF1OCF2cos(2011·江蘇物理，1，3分)如圖所示，石拱橋的正有一質(zhì)量為的對稱楔形石塊，側(cè)面與豎直方向的夾角為α，重力加速度為g.若接觸面間的摩擦力忽略不計，則石塊側(cè)面所受彈力的大(

α2sin

2cos C.2mgtan 【解析】以楔形石塊為研究對象，它受到豎直向下的重力和垂直側(cè)面斜向上的兩個支大、反向．根據(jù)幾何關(guān)系可得：F合＝mg＝2FsinαF＝mg，A2sin【答案】(2014·廣西三校聯(lián)考)圖中AO、BO、CO是完全相同的三條繩子，將一根均勻的鋼梁吊起．當鋼梁足夠重時，結(jié)果AO先斷，則( 【答案】 AO先斷說明AO繩中拉力大于其他兩根繩子中的拉力設(shè)BOCO中的拉力為αFA＝2Fcos2>Fα<120°，B考向 力的正交分解法及應(yīng)60F1拉物塊時，物塊做勻速直線運動；當改用與水平 A.—B．2－ C. A.—2 【解析】F1F1正交分F1cosF1sin1＋F11＋F2推物塊做勻速直線運動時水平方向有F2cos30°＝Ff2F2sinF2＝F1＝F2μ＝2－3，B【答案】1．(2014·六校聯(lián)考)如圖所示，一個“Y”字形彈弓頂部跨度為L，兩根相同的L，在兩橡皮筋的末端用一塊軟羊皮(長度不2L(彈性限度內(nèi))，則彈丸被發(fā)射過程中所受的最大彈力為(22

2

D.【答案】 θθ，滿足

F＝2kLcosθ＝2kL· 15kL，A2＝4

4＝F的作用力，其中給第“1”“3”兩木塊的推力和拉力與水平方3FN1、FN2、FN3和摩擦力大Ff1、Ff2、Ff3，下列說法中正確的是()CG，F(xiàn)θ3個木塊與水平面間的彈力大小Fcosθ，所以C正確．粗糙的，O點為球心，A、B為兩個完全相同的小物塊(可視為質(zhì)點)A靜θ，則()A．F1∶F2＝cos B．F1∶F2＝sin 【答案】ACA、B mg，結(jié)合cosFN1∶FN2＝cos2θ∶1，所以A、C正確，B、D達到豎直前，以下分析正確的是() C．AB桿越來越容易 D．AB桿越來越不容易【答案】 以B點為研究對象，它受3個力的作用而處于動態(tài)平衡狀態(tài)，圖所示．根據(jù)相似三角形法，可得mg＝FT＝F.OAAB FT大小不變，OBF越來越小，B5．(2014·江蘇蘇北調(diào)研)如圖所示，質(zhì)量為m1的物體甲通過3繩懸掛，3θ＝37°，物體甲及人均處于靜止狀態(tài)．(sin37°＝0.6，cos＝0.8，g10m/s2.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)OA、OBm2＝60kgμ＝0.3，則欲使人在水平面上不滑動，物體甲的質(zhì)量m1最大過多少？【解析】(1)O為研究對象，如圖所示，沿水平方向和豎直方向建立直角坐標系，將Foa分解，由平衡條件有FOB＝FOAsinFOAcosFOA＝m1g＝5cosFOB＝m1gtan

4m14mOA、OB受到的拉力分別為51、34m 4mOB得：Ff＝FOB＝314mFOBm＝3

24

即物體甲的質(zhì)量m1最大過24【答案】 (2)3m1g，方向水平向左(3)24 1．(2015·理綜，19，6分)如圖所示，三條繩子的一端都系在細直桿頂端，另 【答案】BC三繩將桿豎直緊壓在地面上，則三繩在桿頂端合力豎直向下，桿對地面壓力大于自三繩中張力可能不等，A錯誤，C正確．桿受繩子拉力、重力、地面支持力平衡，D錯誤．0.1kgAM、N兩點，AQ＝3.0×10－6C的正120F1F2A0.3mB，B0.2kg(g＝10m/s2；靜電力常k＝9.0×109N·m2/C2，A、B球可視為點電荷)，則()支架對地面的壓力大2.0F1＝F2＝1.9BM、A、BF1＝1.225N，F(xiàn)2＝1.0BF1＝F2＝0.866【答案】 1.1N，A120°，根據(jù)對稱性可知，兩線上的拉AF1＝F2＝G1＋F＝1.9N，BB

2N＝0.225NB時，F(xiàn)1 F2A1NBM、A、B在同一直線上時，F(xiàn)2上拉力不F1＝1N＋0.225N＝1.225N，CB移到無窮遠處，BA的作用力為零，A1N，D錯誤．正在沿斜面以速度v0勻速下滑，斜劈保持靜止，則地面對斜劈的摩擦力( D．不為零，v0較大時方向向左，v0【答案】A 在水平方向上的合力等于零，地面對斜劈的摩擦力等于零，A正確．4．(2012·山東理綜，17，5分)如圖所示，兩相同輕質(zhì)硬桿OO1、OO2可繞其兩端垂直紙面的水平軸O、O1、O2轉(zhuǎn)動，在O點懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時整個系統(tǒng)保持靜止．Ff表示木塊與擋板間摩擦力的大小，F(xiàn)NO2始終等高，則( A．Ff變 B．Ff不C．FN變 D．FN變【答案】BD 2m)g.所以，只要系統(tǒng)靜止，摩擦力Ff總保持不變，A錯誤，B正確． 水平方向：FN＝FN′sin豎直方向：Ff＝FN′cos變大，C錯誤，D量為m的木塊靜止在斜面體上．下列結(jié)論正確的是( AmgcosBmgsinCmgsinαcosD．桌面對斜面體的支持力大小是【答案】D B錯誤．FN′＝(M＋m)g，D 水平．現(xiàn)把物體Q輕輕地疊放在P上，則( A．P向下滑 B．P靜止不C．P所受的合外力增 D．P與斜面間的靜摩擦力增【答案】BD Q整體受力分析，(M＋m)gsinθ≤μ(M＋m)gcosθ，故P仍靜止不動，P所受合外力F合＝0，所以A、C錯誤，B正確．開始時Ff＝Mgsinθ，放上Q后Ff′＝(M＋m)gsinθ，靜摩擦力增大，D正確．7．(2014·新課標Ⅰ，17，6分)如圖所示，用橡皮筋將一小球懸掛在小車的度內(nèi))．與穩(wěn)定在豎直位置時相比，小球的高度()【答案】A

＋k

【點撥】8．(2012·新課標卷，16，6分)如圖所示，一小球放置在木板與豎直墻面之間．設(shè)墻面對球的壓力大N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ驨2.以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置．不計摩擦，在此過程中()A．N1始終減小，N2始終增大B．N1始終減小，N2始終減小C．N1先增大后減小，N2始終減小D．N1先增大后減小，N2【答案】B對小球受力的分析如圖所示，由于木板緩慢轉(zhuǎn)到水平位置的過程中N1的方向保持不變，N2N1逐漸減小，木板對球的支持力N2′也在逐漸減小，又由第三定律得N2′＝N2，所以B正確．【點撥】9．(2012·新課標卷，24，14分)拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具(如圖所g.某同學用該拖把在水平地板上拖地時，沿拖桿方向推拖把，拖臨界角的正切tanθ0.【解析】(1)設(shè)該同學沿拖桿方向用大F的力推拖把．將推拖把的力沿豎直和水平方向分解，F(xiàn)cosFsinFNFf聯(lián)立①②③

sinθ－μcosFsinθ≤λFN⑤F聯(lián)立①⑤式得sinθ－λcosF現(xiàn)考查使⑥θFsinθ－λcos使上式成立的θ角滿足θ≤θ0，這里θ0是題中所定義的臨界角，即當θ≤θ0時，不管沿拖桿方向用多大的力都推不動拖把．臨界角的正切tanθ0＝λ 【答案】sinθ－μcos

考向 受力分析的基本思想和步(2)物體分析把研究對象從周圍物體中出來只分析周圍有哪些物體對它施加了力的作用作用下靜止靠在豎直粗糙墻壁上．關(guān)于斜面體A和B的受力情況，下列說法正確的是( A．A4B．B4C．BD．AB【解析A、BGF，由平衡條件可知B與墻壁之間不可能有彈力，因此也不可能有摩擦力，故C錯誤．BAA受力分析，AGAF.假設(shè)撤A，B將下落，A、BFBAA處于平衡狀態(tài)，BA一個沿斜面向下的摩擦力Ff.轉(zhuǎn)換法確定B的受力：根據(jù)第三定律可知，斜面體B除受重力外，一定受到A的支持力FAB和摩擦力Ff′，如圖乙所示．綜合以上分析可知，A、D【答案】【點撥】受力分析時一定要先分析容易確定的力，對一些“力”，如彈力和靜摩擦力，常需用法分析更方便．疊放在一起沖上斜面，且始終保持相對靜止，AB受力的示意圖為()【答案】AA、B當成一個整體，一起沖上斜面時，受重力及斜面的支持力，合力沿斜面向A正確．考向 共點力平衡問題的分a＝0F合＝0.若采用正交分解法求平衡問題，則平衡條件是：Fx＝0，F(xiàn)y合反(2011·海南物理，4，3分)ab，它們的連線bm1al/2cm繩圈上懸掛質(zhì)量為m2的鉤碼，平衡后繩的ac段正好水平，則重物和鉤碼的質(zhì)量比m1為 m2522 C. 522【解析】c點受力分析如圖所示．cacF3、bc段繩的拉力F1和重物m2的拉力F2，且F1＝m1g，F(xiàn)2＝m2g，F(xiàn)3、F1的合力與F2等大、反向． l2＋（l）2＝（l52（l52再根據(jù)F、F、

構(gòu)成的矢量三角形與

25，C2

構(gòu)成的三角形相似得F

，即2【答案】2【點撥】當題目中涉及較多長度和距離時，要注意挖掘力的矢量三角形與長度三角形之間的相似

33xy軸上，運用坐標軸方向考向 平衡問題中的整體法與法一般受力較少的物解決實際問題時常交替使用整體法與CA、C的伸長量之比為()A.B．4∶ A.【解析】A、C的彈力可看成兩小球構(gòu)成系統(tǒng)的外力，可用整體法分析．以兩個小球及彈簧BFAsin30°＝FC，即A、C兩彈簧的彈力之比FA∶FC＝2∶1.由于兩彈簧完全相同，根據(jù)定律知，兩彈簧的伸長量之比xA∶xC＝FA∶FC＝2∶1，D正確．【答案】的約束關(guān)系；對不能確定的力或需進一步研究整體內(nèi)部的作用力時，需物體研究．考向 動態(tài)平衡問題的分動態(tài)平衡問題是指通過控制某些物理量，使物體的狀態(tài)發(fā)生“緩慢”變化，而在這個過OF緩慢推動斜面體，小球在斜面上無摩擦地滑F(xiàn)NFT的變化情況是()A．FN保持不變，F(xiàn)T不斷增大B．FN不斷增大，F(xiàn)T不斷減小C．FN保持不變，F(xiàn)T先增大后減小D．FN不斷增大，F(xiàn)T【解析】1：圖解法．以小球為研究對象，受力分析如圖甲所示．在小球上升到接近斜面頂端的過，mg的大小和方向都不變，即FN與FT的合力F＝mg不變．FN的方向不變，F(xiàn)Tβα平行四邊形定則作圖可知，F(xiàn)T先減小，當FT與FN垂直(即繩與斜面平行)FN不斷增大，D2αβ，小球的受力分析如水平方向：FNsinα＝FTcos豎直方向：FNcosα＋FTsin聯(lián)立①②解得 cosα＋sinαtan

mgsin

mgsin＝cosαcosβ＋sinαsin α為定值，β由以上結(jié)果可知，F(xiàn)N一直增大，β>αFT減小，β<αFT增大，β＝αFTFT先減小后增大，D正確．【答案】【點撥】3個共點力作用而發(fā)生緩慢動態(tài)變化時，若只需研究力的定性變化情況，用圖(3個力)113一些的斜面，以下判斷正確的是() 【答案】ADGF1和斜面對由第三定律知球?qū)π泵娴膲毫ψ冃?，A正確，B錯誤．以球和斜面體整體為研究對象，受力情況如θFf＝F1變小，斜面仍將保持靜止，C錯誤，D正確．1．(2014·河北衡水二調(diào))R＝30cmm＝1kg的小物37g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.則()A15B13C6D8【答案】BC 由槽半徑R<L0知彈簧處于壓縮狀態(tài)，對物體受力分析如圖所示，由平衡條件可得FN＝mgcosθ＋k(L0－R)，F(xiàn)f＝mgsinθ，解得Ff＝6N，F(xiàn)N＝13N，B、C正確．2．(2013·江西師大附中檢測)30A相Am，不計滑B90°時，A、B恰能保持靜止，則物塊B的質(zhì)量為 22m

B.2【答案】A 先以A為研究對象，由A物塊受力及平衡條件可得繩中張力FT＝mgsin30°.再以動滑輪為研究對象，分析其受力并由平衡條件有mBg＝2FT.解得mB＝2m，AB.23．(2014·楊浦區(qū)三模)如圖所示，不計重力的輕桿OP能以O(shè)為軸在豎直平面內(nèi)α緩慢增大時(0<α<90°)，OPFNF的大小變化是()A．FN不變，F(xiàn)B．FN不變，F(xiàn)先變大后變小C．FN先變小后變大，F(xiàn)變大D．FN先變大后變小，F(xiàn)【答案】A 設(shè)上面繩子為a，下面繩子為b，如圖所示．以桿上P點為研究對象，P點受到3個力作用：桿對繩的彈力FN、繩b的拉力(大小等于重物重力G)、由幾何邊長的變化判定對應(yīng)力大小的變化：隨著夾角α逐漸增大，幾何邊AP變長、PO不變，得繩a的拉力F增大，桿對繩的彈力FN大小不變，故A正確．慢爬行，在小鳥從A運動到B的過( 【答案】B樹枝對小鳥的合力是支持力和摩擦力的合力，由二力平衡得，它后減小，所以B正確，C、D上的力大2F，則此裝置平衡時的位置可能是下圖中的哪幅圖()【答案】C 設(shè)Oa段繩子與豎直方向的夾角為α，ab段繩子與豎直方向夾角為β.以整個系統(tǒng)為研究對象，受到重力2mg、水平向右的拉力F和Oa繩的拉力作用，根據(jù)物體的平衡條件可得tan2mgα≠0.bmgFab繩的拉力作用，得tanFα<β，C

A，A將A的位置向右移動稍許，整個裝置仍保持平衡，則( AFBBCAD．BA【答案】AD A、B之間的彈力方向沿A、B圓心連線方向．以B為研究對象，如圖所示，B受重力GB、墻壁對B的彈力F1、A對B的彈力F2，根據(jù)點力平衡條件有，F(xiàn)2cosα＝GB，F(xiàn)2sinα＝F1F1＝GBtanα，F(xiàn)2＝GB.cosF＝F1＝GBtanαFαAA、B的總重力，是不變的，A正確，C錯誤．(時間：60分鐘分數(shù)：100分一、選擇題(861～5題只有一項符合1．(2014·福建福州質(zhì)檢)物塊M在靜止的傳送帶上勻速下滑時，若傳送帶突然轉(zhuǎn) A．M將下B．MC．MD．M【答案】 傳送帶靜止時，物塊M受到的滑動摩擦力F1＝μmgcosθ；傳送帶轉(zhuǎn)動后，物塊M仍勻速下滑，B2．(2014·內(nèi)包頭)如圖所示，物體A置于水平地面上，力F豎直向用于物體B上，A、B保持靜止，則物體A的受力個數(shù)為( 【答案】B利用法對B進行受力分析，如圖甲所示．因為B受力平衡，所以A、B之間肯定存在支持力FNAB和摩擦力Ff.根據(jù)第三定律，對A受力分析，如圖乙所示，A受4個力作用，B正 22

2

2

22【答案】C 由題意可知，物塊與木板之間的摩擦力在α＝30°時為靜摩擦力，F(xiàn)f1＝mgsin30°；在α＝45°時為滑動摩擦力，F(xiàn)f2＝μmgcos45°.由題意可知Ff1＝Ff2，聯(lián)立上式得μ＝2，C正確．22kP點．小球靜止時，彈簧與豎直方30°，則彈簧的伸長量為()kk

【答案】CmgFN、FFsin30°＝FNsin30°，F(xiàn)cos30°＋FNcos30°＝mg，F(xiàn)＝kxx＝3mg，C正確．C點靠近(AB等高)，則繩中拉力大小變化的情況是() D．先變小后變【答案】B左右兩繩的拉力在整個過始終相等且合力大小等于重物的重G.B＝α，兩豎直桿的間距為d，總繩長為l，則繩中拉力 ，又由幾何關(guān)系知：cos＝2cos＝

，又因AB′＝l，所以 2G，保持不變．當另一端達到支架最高點并向C點運2l 2cos6．(2014·江西九模)如圖所示，A是一質(zhì)量為M的盒子，B的質(zhì)量為m，A、Bθ的斜面上，B懸于斜面之外而A中緩慢加入砂子，整個系統(tǒng)始終保持靜止，則在加入砂子的過()B．AC．A【答案】