2015年市高考物理一模試卷

一．單項選擇題（162分．每小題只有一個正確選項．答案寫在答題紙上）1（2速度vt，該定義應(yīng)用的物理方法是（ 2（2分）在勻變速直線運動中，下述正確的是（ 3（2 4（2（t=0， A．B．C．5（2分）如圖，一根容易形變的彈性輕導線兩端固定．導線中通有如圖箭頭所示的電流I．當沒有磁場時，導線呈直線狀態(tài)；當分別加如圖所示的勻強磁場B時，描述導線狀態(tài)的 A．B．C．6（2 7（2形磁鐵在圓筒中的運動速率（）C．逐漸增大，趨于不變D8（2F=5.0Ng=10m/s2，下述結(jié)論正確的是（）A5.0NB5.0NC5.0ND5.0N二．單項選擇題（243分．每小題只有一個正確選項．答案寫在答題紙上）9（3ht，則下列結(jié)論正確的是 A．t∝hB．t∝ 10（3分）當導線中分別通以圖示方向的電流，小磁針靜止時北極指向讀者的是（ B．C．11（3流，且I1＞I2，則兩導線所受的力F1和F2的大小關(guān)系及其運動方向為（ A．F1＞F2，且相互靠近B．F1＜F2C．F1=F2，且相互靠近D．F1=F212（3與OO′平行，且AB、OO′所在平面與線圈平面垂直．如要圈中形成方向為abcda的感應(yīng)電流，可行的做法是（）A．ABIB．AB中電流IC．AB中電流I正對OO′靠近線圈DOO′90°（俯視）13（3 A．B．C．14（3T＞0.5s， A．B．C．15（3置在光滑斜面上．若桿與墻面的夾角為β，斜面傾角為θ．開始時β＜θ，且β+θ＜90°．那水平外力F的大小和輕桿受力T大小的變化情況是（ A．F逐漸增大，T逐漸減 B．F逐漸減小，T逐漸增C．F逐漸增大，T先減小后增 D．F保持不變，T先減小后增16（3傾角為30°的光滑斜面上運動一段距離后速度變?yōu)轭~零．當物體在水平面和斜面上速度大小均為v時，機械能隨時間的瞬時變化率分別為P1、P2，若物體在水平面和斜面上的加速度大小均為3m/s2，則（ A．P2＞0，且P1＞P2B．P2＞0，且P1=P2C．P2＜0，且P1＞|P2| D．P2＜0，且P1=|P2|三．多項選擇題（164分；選對但不全的，得2分；有或不答的，得0分．答案寫在答題紙上相應(yīng)的位）17（4分別為﹣q和+2qM和N，由絕緣細桿相連，靜止在桌面上，PML，P、MN視為點電荷，下列說法正確的是（）A．M與NLB．P、MN在同一直線上CP產(chǎn)生的電場中，M、N18（4 BA1+A219（4輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始時用力壓住b使a、b靜止，撤去此壓力后，a開始運動，在a下降的過程中，b始終未離開桌面．在此過程中（ A．a(chǎn)bD．繩的拉力對ab20（42：1的位置，兩燈功率相同．當將滑片移動到最上端，則 A．A燈變亮，B燈變 B．A燈變暗，B燈變C．A燈的功率可能為原來的D．A燈的功率可能為原來）2121（4運動過程中，所受萬有引力大小將 ”； 22．甲、乙兩個物體靜止在光滑的水平桌面上，m甲＞m乙，當甲物體獲得某一速度后與靜 23（4分）如圖所示，質(zhì)量均為0.1kg的帶等量同種電荷的小球A、B，現(xiàn)被絕緣細線懸掛在O點，懸線長均為10cm．平衡時，OA懸線處于豎直方向，A球倚于絕緣墻上，而B球卻偏離豎直方向60°，此時A球?qū)球的庫侖力為 N．若由于漏電B球逐漸擺下，則懸掛A球的細繩拉力將 24（4 25（4將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的 Ω，滑動變阻器R2的最大功率為26（41.8m處水平拋出視為質(zhì)點的玩具小鳥（不計空氣阻力．若水平初速度v0=10m/s，則其做 s；若任意改變初速度，木板的速度最小值為m/s（g=10m/s2）五．實驗題（24分27（4 某同學兩次測量分別用了×10、×100兩個倍率，在操作無誤的前提下，如果指針在 28（450g1.1N3個同2cm、4cm、6cm．填寫下表（g9.8m/s20.00129（62所示的v﹣t圖4個點的坐標值． 若實驗中的阻力可忽略不計，根據(jù)圖象，1.5s～1.6s內(nèi)磁鐵之間排斥力平均值是小車重力的倍．30（10 六．計算題（50分31（10AB、AC0.1kg的相同的小物塊分別從兩個斜面的最置A同時靜止釋放（不考慮一個物塊在C點的能量損失物塊在BC上運動時給FBg10m/s2，sin53°=0.8．求：BCt（2）F32（12（a）（b）PAPAB端．33（14分）如圖aL的光滑金屬導軌，虛線下方存在垂直bt0v0．求：釋放后相同，試在圖bt0v﹣t圖．34（14v0從碗口內(nèi)側(cè)釋放，小球會逐漸轉(zhuǎn)動著A時，將速度沿水平方向和沿圖中圓弧虛線的切線向下分解，則水平分速度滿足vx=（θ為小球與球心O點連線和水平面的夾角．某次釋放后2015年市嘉定區(qū)高考物理一模試參考答案與試題解一．單項選擇題（162分．每小題只有一個正確選項．答案寫在答題紙上）1（2（2015?為物體在t時刻的瞬時速度vt，該定義應(yīng)用的物理方法是（ 【分析】當△t極短時，可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該物理方法為極限的思想D正確，A、B、C錯誤．2（2（2015? A錯誤．B、由勻變速直線運動v=v0+at，速度隨時間均勻變化，所以相同時間內(nèi)速度的變化相B正確．D、勻變速直線運動加速度不變，根據(jù)x=，可知由于速度變化，故位移相D錯誤3（2（2015? ABD錯誤，C正確．4（2（2015?計時零點（t=0，經(jīng)過周期時，振子具有正方向最大加速度，則其振動圖象是（A． 【分析】回復力：F=﹣kx；第二定律：a=；得到加速度的一般表達式后，再進【解答】解：根據(jù)F=﹣kx和a=，有（t=0，B、在時刻的位移正向為零，不是負向最大，故B錯誤；D、在時刻的位移是負向最大，故D正確【點評】本題關(guān)鍵是根據(jù)回復力和加速度得到加速度與位移關(guān)系式，然后逐項討5（2（2015?如圖箭頭所示的電流I．當沒有磁場時，導線呈直線狀態(tài)；當分別加如圖所示的勻強磁場B 【考點】力；左手定則【解答】解：A、圖示電流與磁場平行，導線不受力的作用，故AB、由左手定則判得，力的方向水平向右，故B正C、由左手定則判得，力的方向垂直直面向里，故C錯D、由左手定則判得，力的方向水平向右，故D錯誤6（2（2015? 【解答】解：根據(jù)h=知，平拋運動的高度決定平拋運動的時間，水平位移由初速度C正確，A、B、D錯誤．7（2（2015?從靜止開始下落．條形磁鐵在圓筒中的運動速率（） 根據(jù)第二定律可知，阻力越來越大時，豎直向下的加速度將減小，但速度仍在增C正確，ABD錯誤；【點評】考查阻力的由來，掌握第二定律的應(yīng)用，注意聯(lián)系已知的題型：下落的8（2（2015?面上靜止不動，若用豎直向上的力F=5.0N提物體，物體仍靜止，取g=10m/s2，下述結(jié)論 A5.0NB5.0NC5.0ND5.0NF作用后，再次對物體受力分析，受到拉力、重力、支持力和靜摩擦【解答】解：A、物體在有無拉力時，都處于靜止狀態(tài)，合力都為零．故AN﹣N1=Fcos30°=2.5N．物體對斜面體的壓力等于斜面體對物體的支持力，減小了N．故B、C錯誤．5ND正確．D．二．單項選擇題（243分．每小題只有一個正確選項．答案寫在答題紙上）9（3（2015?始自由下落，到直尺被受測者抓住，直尺下落的距離h，受測者的反應(yīng)時間為t，則下列結(jié) A．t∝hB．t∝ th ，故C正確10（3（2015? B．C．磁場方向垂直紙面向里，所以小磁針靜止時北極背離讀者，故A錯誤；B錯誤；垂直紙面向外，所以小磁針靜止時北極指向讀者，故C正確；D錯誤；S極到N極．11（3（2015?為（） 的磁場方向，然后由左手定則判斷出力方向．【解答】解：A、通電導線在其周圍產(chǎn)生磁場，通電導線在磁場中受到力作用，兩導線所受力是作用力與反作用力，它們大小相等，故AB錯誤；C、由右手螺旋定則可知：I1在I2處產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，由左手定則可知，I2所所受力向左；由右手螺旋定則可知：I2在I1處產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，由左手定則可知，I1所所受力向右；則兩導線相互遠離；故C錯誤，D正確；【點評】通電導線處于磁場中要受到力作用，可得：同向電流相互吸引，異向電流相12（3（2015?軸，通電直導線AB與OO′平行，且AB、OO′所在平面與線圈平面垂直．如要圈中形成方向為abcda的感應(yīng)電流，可行的做法是（）A．ABIB．AB中電流IC．AB中電流I正對OO′靠近線圈DOO′90°（俯視）【解答】解：OO′線框的對稱軸，由圖示可知，AB中電生的磁場穿過線圈的磁通量為A、ABI逐漸增大，穿過線圈的磁通量為零，保持不變，線圈中沒有感應(yīng)電A錯誤；B、AB中電流I先增大后減小，穿過線圈的磁通量為零，保持不變，線圈中沒有感應(yīng)電流B錯誤；C、AB中電流I正對OO′靠近線圈，穿過線圈的磁通量為零，保持不變，線圈中沒有感應(yīng)電生，故C錯誤；DOO′90°（俯視）穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為abcdaD正確；13（3（2015?3Ω4.8V．則該電路可能為 A．B．C．U﹣I6V，圖線的斜率的絕對值表示內(nèi)阻，所以內(nèi)0.5Ω．然后結(jié)合閉合電路歐姆定律求出各電路的電流，以及路段電壓．【解答】解：A6V0.5ΩA1Ω，則總電1.5Ω4A4VA錯誤．，則外電壓為．故C錯誤1.2A5.4VD錯誤．14（3（2015?T＞0.5s的圖是（）A．B．C．【分析】根據(jù)兩時刻的波形，結(jié)合條件T＞0.5s，定出周期與時間的關(guān)系，求出周期．求出t3=7.0st3=7.0s時波形圖．【解答】解：由題意，簡諧橫波沿x軸正方向，t1=0和t2=0.5s（T＞0.5s）時的波形得實線波形到形成虛線波形波距離為λ，經(jīng)過T時間t3=7.0s時刻與t=3T時刻波形相同．則波形為波向右平移λ的波形．【點評】本題如沒有T＞0.5s條件限制，則周期、波的距離等是通項式．對于兩個時15（3（2015?固定轉(zhuǎn)動軸，球體擱置在光滑斜面上．若桿與墻面的夾角為β，斜面傾角為θ．開始時β＜θ，且β+θ＜90°．那么，在球體離開斜面之前，為使斜面能在光滑水平地面上緩慢向右運動，作用于斜面上的水平外力F的大小和輕桿受力T大小的變化情況是（ A．F逐漸增大，T逐漸減 B．F逐漸減小，T逐漸增C．F逐漸增大，T先減小后增 D．F保持不變，T先減小后增mgN和干的支持力TT=mgβ的增大，α+β90°90°T先減小后增加，F(xiàn)逐漸增16（3（2015?水平面運動，然后在傾角為30°的光滑斜面上運動一段距離后速度變?yōu)轭~零．當物體在水平面和斜面上速度大小均為v時，機械能隨時間的瞬時變化率分別為P1、P2，若物體在水平面和斜面上的加速度大小均為3m/s2，則（ A．P2＞0，且P1＞P2B．P2＞0，且P1=P2C．P2＜0，且P1＞|P2| D．P2＜0，且P1=|P2|F的功率，根據(jù)功率和第二定律分析即可．由第二定律得Fcosα=ma，則P1=mav=3mvP2=F′v，F(xiàn)′F沿斜面方向的分力大小．根據(jù)第二定律得a=3m/s2，代入解得P2=2mvFP2＞0，故A正確．【點評】解決本題的關(guān)鍵要明確理解功能關(guān)系，明確功率的一般P=Fvcosα，α是Fv三．多項選擇題（164分；選對但不全的，得2分；有或不答的，得0分．答案寫在答題紙上相應(yīng)的位）17（4（2014?P，帶電量分別為﹣q和+2qMN，由絕緣細桿相連，靜止在桌面上，P與ML，P、MN視為點電荷，下列說法正確的是（）A．M與NLB．P、MN在同一直線上CP產(chǎn)生的電場中，M、N【分析】AM、N受力分析，結(jié)合平衡條件與庫侖定律，假設(shè)桿無作用力，即可【解答】解：A、對M、N分別受力分析，根據(jù)庫侖定律，假設(shè)桿無作用力，設(shè)M與N間距為r，則有： ，解得：r=（）L；故A錯誤；BP、M和N不在同一直線上，則各自受力不共線，會出現(xiàn)不平B正確；C、由帶電量為+QPM點電勢高于N點，C錯誤；D、由題意可知，M、N及細桿組成的系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，因此合外力為零，故D正確．18（4（2016? BA1+A2A正確；BA1+A2，而位移小于等于振幅，B錯誤；位移不是總是小于波峰與波峰相遇處質(zhì)點的位移，故C錯誤；D正確．19（4（2014?滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，bb使a、b靜止，撤去此壓力后，a開始運動，在a下降的過，b始終未離開桌面．在此過 A．a(chǎn)bD．繩的拉力對ab【分析】ba的速度相等，比較出速度大小即可比較動能的va=vbcosθ，即aba的動能小于b的動能，A正確；Bab系統(tǒng)機械能不守恒，則二者機械能的變化量不相等，B錯C、aa的重力勢能的減小量大于兩物體總動能的增加量，C錯誤；Dt內(nèi)，繩子對ab的拉力大小相等，繩子對a做的功等于﹣FTvatbb的位移的乘積，即：FTvbcosθt，又va=vbcosθab所做的功的絕對值相等，二者代數(shù)和為零，D正確．20（4（2015?移動到最上端，則（）A．A燈變亮，B燈變 B．A燈變暗，B燈變C．A燈的功率可能為原來的D．A燈的功率可能為原來BA串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷干路電流P移動前后的干路電流，再分析功率的變化情況．【解答】解：ABBA串聯(lián)．當變阻器滑片向上移動AU并=E﹣I（RLA+r）BA錯誤，B正確；CD、A、BR4R2：1的位置，兩燈功率相同，故：R=（4R）解得：R滑原來的電流：IA= 故：=∈（根據(jù)P=I2R可知，A燈得功率P′＞P；故C錯誤，D正確；）2121（4（2015?徑將緩慢減小．在此運動過，所受萬有引力大小將增大 大”；其速度將增大 F=，判斷萬有引力大小的變化，再根據(jù)萬有引力做功情 F=，r減小，萬有引力增大．根據(jù)動能定理，萬有引力做 F=，以及會通過動能定理判斷動能的變22（2015?獲得某一速度后與靜止的乙物體發(fā)生彈性正碰，碰撞后，系統(tǒng)的總動量不變（選填“減小”、“增大”或“不變”，甲的速度小于乙的速度（選填“大于”、“小于”或“等于變；設(shè)甲的初速度為v0，以甲的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：m甲v0=m甲v甲+m乙v乙m甲v02=m甲v甲2+m乙v乙解得：v甲= ，v乙= ，已知：m甲＞m乙，則v甲＜v乙；23（4（2015?B，現(xiàn)被絕緣細線懸掛在O點，懸線長均為10cm．平衡時，OA懸線處于豎直方向，A球倚于絕緣墻上，而B球卻偏離豎直方向60°，此時A球?qū)球的庫侖力為1 漏電B球逐漸擺下，則懸掛A球的細繩拉力將變小（選填“變大”、“不變”或“變小ABA球拉力的ABθT′變?。?4（4（2015?5W”、“6Ω，6W”，則允許接入電路的最大電壓為 為 3W、15W、【解答】解：由可求得R1的額定電壓U1=6V，R2的額定電壓 V，R3的R1與R2的并聯(lián)阻值為 ，則因R3大于其并聯(lián)值，則當R3達到 即求得Um=U1+U3=10.8V功率為：P=25（4（2015?阻器．閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示．則電源內(nèi)阻的阻值為5 阻器R2的最大功率為0.9 【分析】由圖可知兩電阻串聯(lián)，V1R1兩端的電壓，V2R2兩端的電壓；當滑片向左R1兩端的電壓變由圖可知當R2全部接入及只有R1接入時兩的示數(shù)，則由閉合電路的歐姆定律可得出R1兩端的電壓增大，故乙表示是V1示數(shù)的變化；V2R10.6A，電壓為3V，則由E=U+Ir可得：E=3+0.6r； 由上分析可知，R15Ω，R220ΩR1等效為內(nèi)阻，則當滑動變阻器的阻消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流I== 動變阻器消耗最大功率P=I2R=0.9W；26（4（2015?水平距離1m、高1.8m處水平拋出視為質(zhì)點的玩具小鳥（不計空氣阻力若水平初速度v0=10m/s，則其做平拋運動的時間是0.6 為m/s（g=10m/s2）【分析】根據(jù)高度求出平拋運動的時間．抓住玩具小鳥木板，結(jié)合水平位移求出時間從而通過數(shù)學知識求出時速度的最小值．，可知水平速度為10m/s時，玩具小鳥飛過木板上端．根據(jù)h=得，t= 玩具小鳥木板所需的時 五．實驗題（24分27（4（2016?每次測量中，更換倍率后應(yīng)立即進行的操作是歐姆檔調(diào)零某同學兩次測量分別用了×10、×100兩個倍率，在操作無誤的前提下，如果指針在表盤上處在如圖所示的兩個位置，則該被測電阻比較準確的值應(yīng)該是200 （1）（2）由圖可知，選用×100時偏角過大，測量誤差較大，而選擇×10檔時，指針指在中間，誤差較?。还首x數(shù)時應(yīng)選用×10檔；讀數(shù)為：20×10=200Ω；（1）（2）20028（4（2015?50g1.1N3個同2cm、4cm、6cm．填寫下表（g9.8m/s2（1）（1）29（6（2015?2v﹣t4個點的坐標值．本實驗是通過位移v﹣t圖象的（填傳感器名稱小車沿軌道下滑過程勻加速階段的加速度大小為 若實驗中的阻力可忽略不計，根據(jù)圖象，1.5s～1.6s內(nèi)磁鐵之間排斥力平均值是小車重力的1.1 （1）由圖可知圖象ABAB部分做勻加速直線運動，圖象若實驗中的阻力可忽略不計，根據(jù)圖象得a==10m/s2．根據(jù)第二定律得：1.5s～1.6s內(nèi)磁鐵之間排斥力平均值是小車重力的1.1倍．故答案為（1）位移（2）1 v﹣tv﹣t圖象要明確斜率的含v﹣t圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義等．30（10（2015?原線圈放入副線圈后閉合電鍵，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計指針向左偏，則副線圈應(yīng)選圖二中的甲無偏轉(zhuǎn)，然后移動變阻器滑片發(fā)現(xiàn)指針有偏轉(zhuǎn)，則可能的故障是滑動變阻器電阻絲有斷路．小的過，靈敏電流計的指針偏轉(zhuǎn)幅度的變化情況是B（1）B正確，ACD錯誤；（1）六．計算題（50分31（10（2015?α=30°β=53°的兩個斜面AB、AC0.1kg的相同的小物塊分別從兩個斜面的最置A同時靜止釋放（不考慮一個物塊在C點的能量