高中同步測試卷·人教物理選修3-1：高中同步測試卷(十四)

高中同步測試卷（十四）學業(yè)水平測試卷（時間：90分鐘，滿分：100分）一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確．）.如圖甲所示，AB是某電場中的一條電場線，若有一電子以某一初速度且僅在電場力的作用下，沿AB由點A運動到點B,所經(jīng)位置的電勢隨距A點的距離變化的規(guī)律如圖乙所示.以下說法正確的是（ ）示.以下說法正確的是（ ）A.A、B兩點的電場強度EA>Eb B.電子在A、B兩點的速度％<vBC.A、B兩點的電勢見<% D.電子在A、B兩點的電勢能EpA>EpB.如圖所示的兩個電場中，點電荷+Q位于圓心處，乙圖中另有一水平向右的勻強電A.a、A.a、b兩點場強不同，電勢相同B.a、b兩點場強不同，電勢不同場，關于圓上a、b、c、d四點的場強和電勢說法正確的是（）c、c、d兩點場強相同，電勢相同c、d兩點場強相同，電勢不同TOC\o"1-5"\h\z.如圖所示的同心圓是電場中的一簇等勢線，一個電子只在電場力 ，一/作用下沿著直線由A至。運動時的速度越來越大,5為線段AC的中點，/則下列說法不正確的是（） ：［'；：A.電子沿AC方向運動時受到的電場力越來越大 \］二B.電子沿AC方向運動時它具有的電勢能越來越小C電勢差UAB=UBCD.電勢％<%<%.一個微型吸塵器的直流電動機的額定電壓為U,額定電流為I，線圈電阻為凡將它接在電動勢為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動機恰好能正常工作，則（）U2A.電動機消耗的總功率為UI B.電動機消耗的熱功率為URIr。電源的輸出功率為EI D.電源的效率為下E

.在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，廠為電源內(nèi)阻，R1和尺3均為定值電阻，R2為滑動變阻器.當R2的滑動觸點在a端時合上開關S,此時三個電表A1、A2和V的示數(shù)分別為11、12和U.現(xiàn)將R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表示數(shù)的變化情況是()A.11增大，12不變，U增大 B.11減小，12增大，U減小C11增大，12減小，U增大 D.11減小，12不變，U減小.如圖所示為“濾速器”裝置示意圖.a、b為水平放置的平行金屬板，其電容為C,板間距離為d，平行板內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B.a、b板帶上電荷量，可在平行板內(nèi)產(chǎn)生勻強電場，且電場方向和磁場方向互相垂直.一帶電粒子以速度v0經(jīng)小孔O進入正交電磁場可沿直線00,運動，由O,射出，粒子所受重力不計，則a板所帶電荷量情況是( )FxK~XX~xl

仃fWI-K乂XJC|A.帶正電，其電荷量為CdB B.帶負電，其電荷量為BC0CC.帶正電，其電荷量為CBdv0 D.帶負電，其電荷量為%.如圖所示，在y>0的區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁場垂直于圖中的％Oy平面向外，原點0處有一離子源，沿各個方向射出速率相等的同價負離子，對于進入磁場區(qū)域的離子，它們在磁場中做圓周運動的圓心所在的軌跡，可用下面給出的四個半圓中的一個來表示，其中正確的是()二、多項選擇題(本題共5小題，每小題6分，共30分，在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題意.)8.用如圖所示電路測量電池電動勢和內(nèi)阻時，8.用如圖所示電路測量電池電動勢和內(nèi)阻時，若有兩只電壓表V1、V2量程相同，內(nèi)阻分別為RV1、RV2，且RV1>RV2;兩只電流表A1、A2量程相同，內(nèi)阻分別為RA1、RA2,且RA1>RA2,在實驗中，為了使E、廠的測量值精確些，選擇的電表可以是()——?—A.V1與A1 B.V1與A2CV2與Ai D.V2與A29.在用“伏安法”測電阻的實驗中,某小組設計了下面四種實驗電路,有些設計存在嚴重錯誤,其中實驗時可能燒壞器材的是()A B C U.某同學設計了一種靜電除塵裝置，如圖甲所示，其中有一長為L、寬為b、高為d的矩形通道,其前、后面板為絕緣材料,上、下面板為金屬材料.圖乙是裝置的截面圖,上、下兩板與電壓恒定為U的高壓直流電源相連.帶負電的塵埃被吸入矩形通道的水平速度為。0,當碰到下板后其所帶電荷被中和，同時被收集.將被收集塵埃的數(shù)量與進入矩形通道塵埃的數(shù)量的比值,稱為除塵率.不計塵埃的重力及塵埃之間的相互作用.要增大除塵率,則下列措施可行的是()甲 乙A.只減小電壓UB.只減小長度LC.只減小高度dD.只減小塵埃被吸入的水平速度v0.如圖為某磁譜儀部分構件的示意圖.圖中,永磁鐵提供勻強磁場,硅微條徑跡探測器可以探測粒子在其中運動的軌跡.宇宙射線中有大量的電子、正電子和質子.當這些粒子從上部垂直進入磁場時,下列說法正確的是()硅保條轉跡探測器A.電子與正電子的偏轉方向一定不同

B.電子與正電子在磁場中運動軌跡的半徑一定相同C僅依據(jù)粒子運動軌跡無法判斷該粒子是質子還是正電子D.粒子的動能越大，它在磁場中運動軌跡的半徑越小12．如圖所示，電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉技術實現(xiàn)的．電子束經(jīng)過加速電場后，進入一圓形勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直于圓面．不加磁場時，電子束將通過磁場中心0點而打到屏幕的中心M，加磁場后電子束偏轉到P點外側.現(xiàn)要使電子束偏轉回到P點，增大加速電壓A．可行的辦法是( )B．到P點，增大加速電壓A．可行的辦法是( )B．增加偏轉磁場的磁感應強度將圓形磁場區(qū)域向屏幕靠近些C．13．(10分)在“測定電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中,給定以下的器材來完成實驗．待測干電池E一節(jié)電壓表V(量程0?3?15V,內(nèi)阻約為10kQ)內(nèi)阻約為1Q)電流表A(量程0?0.6?3A,滑動變阻器R1(0?10Q)滑動變阻器R2(0-200Q內(nèi)阻約為1Q)(1)為方便實驗調(diào)節(jié)且能較準確地進行測量滑動變阻器應選用(選填(1)為方便實驗調(diào)節(jié)且能較準確地進行測量滑動變阻器應選用(選填“R1”或,“R2”)．(2)實驗所用電路如圖甲所示,請用筆畫線代替導線在圖乙中完成實物連接圖,要求保證開關在閉合前滑動變阻器的滑片處于正確的位置．(3)該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)得到圖丙中的圖線a,根據(jù)圖線a求得電源電動勢E=V,內(nèi)電阻r=Q.

（4）圖丙中b圖線是標有“1.5V、1.6W”的小燈泡的伏安特性曲線，該同學將該小燈泡與本實驗中的電池連成一閉合電路，小燈泡實際消耗的電功率是 W（保留2位有效數(shù)字）．四、計算題（本題共3小題，共32分．解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．）.（10分）如圖所示，閉合開關，變阻器勺的滑片P在移動過程中電壓表的示數(shù)變化范圍是。?4V,電流表的示數(shù)變化范圍是0.5?1A,已知電一時TOC\o"1-5"\h\z（1 （V!—阻H的阻值為6Q,電源的內(nèi)阻不可忽略.求： 人⑴變阻器勺的最大阻值；（2）電源電動勢E和內(nèi)阻r..（10分）制作半導體時，需向單晶硅或其他晶體中摻入雜質.單電晶硅內(nèi)的原子是規(guī)則排列的，在兩層電子間的間隙會形成上下對稱的』勻強電場.設某空間存在上下對稱的勻強電場，并在該電場中的下半 d區(qū)域加一方向垂直紙面向里的勻強磁場如圖所示.電荷量為+q、質量為m的帶電小球從上邊界以初速度v0垂直電場入射，已知足夠長的上下場區(qū)的寬均為心電場強度E=m,初速度vo=2'Jgd，sin37°=5，cos37°=,.求：（1）小球第一次經(jīng)過對稱軸0。時的速度；（2）要使小球不越過下邊界，所加磁場的磁感應強度的大小B的最小值.．（12分）如圖甲所示，在空間存在一個變化的電場和一個變化的磁場，電場的方向水平向右（圖甲中由B到C）,場強大小隨時間變化情況如圖乙所示；磁場磁感應強度方向垂直于紙面、大小隨時間變化情況如圖丙所示.在t=1s時，從A點沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一個粒子，在此之后，每隔2s有一個相同的粒子沿AB方向以初速度v0射出，并恰好均能擊中C點，若AB=BC=l,且粒子由A點運動到C點的時間小于1s.不計空氣阻力，試求：(1)電場強度E0和磁感應強度練的大小之比；(2)第一個粒子和第二個粒子通過。點的動能之比.參考答案與解析.［導學號66870197］【解析】選A.根據(jù)電場強度與電勢差的關系E=某，圖乙切線^AX的斜率代表場強大小，由題圖可看出EA＞EB，A正確；沿電場線方向電勢降低，所以電場線方向由A指向B,%＞外，電子受力方向與電場線方向相反，從A至B，電子減速，％＞vB,B、C選項錯誤；電子從A到B，電場力做負功，電勢能增大，D選項錯誤..［導學號66870198］【解析】選A.由點電荷場強公式E=寫得，甲圖中a、b場強大小相等，方向不同，a、b在同一等勢面上，%=線；乙圖中，由電場疊加可知，c、d場強大小相等，方向不同，由處于同一等勢面可得紇=眩d..［導學號66870199］【解析】選C.離場源電荷越近，場強越大，電子沿AC方向運動時受到的電場力越來越大，A正確；電子沿AC方向運動時，電場力做正功，電勢能越來越小，B正確；點電荷周圍電場不是勻強電場，C錯；電子只在電場力作用下沿著直線由A至C運動，場源電荷為正電荷，沿電場線方向電勢越來越低，電勢處＜為＜外，D正確..［導學號66870200］【解析】選A.電動機不是純電阻，電動機消耗的總功率為UI,A正確；電動機消耗的熱功率為12R,B錯；電源的輸出功率為UI,C錯，電源的效率為U=EE-Ir二―，D錯.E.［導學號66870201］【解析】選B.將R2的滑動觸點向b端移動時，R2的接入電阻變小，則整個電路外電阻減小，電壓表示數(shù)U減??；并聯(lián)部分的電阻也減小，并聯(lián)電壓減小，11減小，又總電流變大，故12增大，B正確..［導學號66870202］【解析】選C.對帶電粒子受力分析，a極板帶正電，帶電粒子受力平衡，qv0B=qU,U=C，可得電荷量為Q=CBdv0,所以答案選C.

.［導學號66870203］【解析】選C.磁場垂直于xQy平面向外并位于y軸上方，離子帶負電，利用左手定則判斷出離子受洛倫茲力的方向，畫出草圖找出圓心，可判斷C圖是正確的．.［導學號66870204］【解析】選AB.用如圖所示的電路測E、r時，造成系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流，電壓表內(nèi)阻越大，電流表所測電流越接近于干路中的電流的真實值，所測內(nèi)阻也越接近電池內(nèi)阻的真實值，故電壓表選用內(nèi)阻大的好，而電流表內(nèi)阻對實驗無影響，因為電流表與R是串聯(lián)，不需知道R和RA的值，故電流表選用哪一個都可以，故選A、B..［導學號66870205］【解析】選AD.A、D兩圖中，當滑動變阻器的滑動觸頭放在最左端時，電源被短路而燒壞；B、C兩圖中，供電電路正確，B圖雖然電流表和電壓表接錯位置，但由于串聯(lián)的電壓表內(nèi)阻較大，不會燒壞電流表；C圖則可測較大電阻的阻值.0?［導學號66870206］【解析】選CD.根據(jù)尸喘可知，除塵率為人下第，要增大除塵率，可只增大電壓U,只增大長度L，選項A、B錯誤；可只減小高度d,只減小塵埃被吸入的水平速度，選項C、D正確..［導學號66870207］【解析】選AC.根據(jù)左手定則，電子、正電子進入磁場后所受洛倫茲力的方向相反，故兩者的偏轉方向不同，選項A正確；根據(jù)qvB=亍，得r=第，rq若電子與正電子在磁場中的運動速度不相等，則軌跡半徑不相同，選項B錯誤；對于質子、正電子，它們都帶正電，以相同速度進入磁場時，所受洛倫茲力方向相同，兩者偏轉方向相同，僅依據(jù)粒子軌跡無法判斷是質子還是正電子，故選項C正確；粒子的mv越大，軌道半徑越大，而mv=\；而￡，粒子的動能大，其mv不一定大，選項D錯誤..［導學號66870208］【解析】選AC.增大加速電壓，可增大電子的速度，使電子在磁場中運動的軌道半徑增大些，可使電子束偏轉回到P點，選項A可行.增加偏轉磁場的磁感應強度，使電子在磁場中運動的軌道半徑減小，電子束偏轉到P點外側以外，選項B不可行.將圓形磁場區(qū)域向屏幕靠近些，可使電子束偏轉到P點，選項C可行.將圓形磁場的半徑增大些，電子束偏轉到P點外側以外，選項D不可行.13．［導學號66870209］【解析】(1)因電源的內(nèi)阻一般較小，為保證調(diào)節(jié)滑動變阻器時，電流表示數(shù)變化明顯，所以滑動變阻器應選R1.(2)連線時要注意：電流表接0.6A，滑動變阻器接左下接線柱，電壓表接3V.(3)a圖線與縱軸的截距表示電動勢的大小，即E=1.45V，斜率表示電源的內(nèi)阻，即V，斜率表示電源的內(nèi)阻，即『端=端子Q=0.5Q.(4)a、b兩圖線交點縱橫坐標的乘積就表示小燈泡實際消耗的電功率，即P=UI=1.15X0.6W=0.69W.【答案】(1)R1(2)如圖所示

14.［導學號66870210］【解析】(1)當變阻器R0取最大值時，電壓表示數(shù)最大，為U2=4V,電流表示數(shù)最小，為12=0.5A,由歐姆定律可得，變阻器R0的最大阻值R0=U=8I2Q.(2)當電壓表示數(shù)為U1=0時，電流表示數(shù)為11=1A由閉合電路歐姆定律得：E=U1+11(廠+R)當電壓表示數(shù)為U2=4V時，電流表示數(shù)為12=0.5A由閉合電路歐姆定律得：E=U2+12(r+R)聯(lián)立解得：E=8V,r=2Q.【答案】(1)8Q(2)8V2Q15．［導學號66870211］【解析】(1)小球進入電場后做類平拋運動,在豎直方向上，加速度：a=mmE=2g豎直位移：d=2at2得t=、jg豎直速度：vy=at=2-\［gd所以合速度大小v=\；v2+v2=|\gdv 3v 3與豎直方向夾角：tane=v0=而=4e=37°.(2)小球進入下半?yún)^(qū)域時,因重力和電場力平衡,小球在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動．設小球恰好不越過下邊界,則小球在到達下邊界時速度方向應與邊界平行,設圓周半徑為R.由幾何關系得：Rid=sin37°R得：R=2d由牛頓第二定律得：Bvq=FR所以磁感應強度的大小B的最小值是m項.

【答案】⑴右gdl與豎直方向的夾角為37°斜向下（2）m國16.［導學號66870212］【解析】（1）依題意，粒子由A點運動到。點的時間小于1s,所以在1?2s內(nèi)第一個粒子做勻速圓周運動，且運動1/4周期，則空qv0B0-mi而在3?4s內(nèi)第二個粒子做類平拋運動，則x-i-v0t2E聯(lián)立解得E聯(lián)立解得E-2分.B0 0（2）第一個粒子運動過程中動能不變Ek0-1mv0對第二個粒子在。點應用動能定理可得qE01-Ek-2mv2解得Ek-2mv0故第一個粒子和第二個粒子通過。點的動能之比為EkeEke=1Ek 5【答案】（1）2v0小課堂：如何培養(yǎng)學生的自主學習能力？口自主學習是與傳統(tǒng)的接受學習相對應的一種現(xiàn)代化學習方式。在小學階段，至關重要??！以學生作為學習的主體，學生自己做主，不受別人支配，不受外界干擾通過閱讀、聽講、研究、觀察、實踐等手段使個體可以得到持續(xù)變化（知識與技能，方法與過程，情感與價值的改善和升華）的行為方式。如何培養(yǎng)中學生的自主學習能力？01學習內(nèi)容的自主性1、以一個成績比自己好的同學作為目標，努力超過他。2、有一個關于以后的人生設想。3、每學期開學時，都根據(jù)自己的學習情況設立一個學期目標。4、如果沒有達到自己的目標，會分析原因，再加把勁。5、學習目標設定之后，會自己思考或讓別人幫助分析是否符合自己的情況。6、會針對自己的弱項設定學習目標。7、常?？匆恍┯幸饬x的課外書或自己找（課外題）習題做。8、自習課上，不必老師要求，自己知道該學什么。9、總是能很快選擇好對自己有用的學習資料。10、自己不感興趣的學科也好好學。11、課堂上很在意老師提出的重點、難點問題。12、會花很多時間專攻自己的學習弱項。02時間管理13、常常為自己制定學習計劃。14、為準備考試，會制定一個詳細的計劃。15、會給假期作業(yè)制定一個完成計劃，而不會臨近開學才做。16、常自己尋找沒有干擾的地方學習。17、課堂上會把精力集中到老師講的重點內(nèi)容上面。18、做作業(yè)時，先選重要的和難一點的來完成。19、作業(yè)總是在自己規(guī)定的時間內(nèi)完成。20、作業(yè)少時，會多自學一些課本上的知識。03學習策略21、預習時，先從頭到尾大致瀏覽一遍抓住要點。22、根據(jù)課后習題來預習，以求抓住重點。23、預習時，發(fā)現(xiàn)前面知識沒有掌握的，回過頭去補上來。24、常常歸納學習內(nèi)容的要點并想辦法記住。25、閱讀時，常做標注，并多問幾