2023屆貴州省銅仁市高三理綜物理適應(yīng)性考試試卷(一)含答案

高三理綜物理適應(yīng)性考試試卷(一)一、單項(xiàng)選擇題1.以下現(xiàn)象中，與原子核內(nèi)部變化有關(guān)的是〔

〕A.

天然放射現(xiàn)象

B.

光電效應(yīng)現(xiàn)象

C.

原子發(fā)光現(xiàn)象

D.

α粒子散射現(xiàn)象2.我國相繼成功發(fā)射的“實(shí)踐衛(wèi)星二十號(hào)〞和“通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星五號(hào)〞都屬于地球靜止軌道衛(wèi)星，它們均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。那么兩顆衛(wèi)星在軌運(yùn)行的〔

〕A.

線速度等于第－宇宙速度

B.

動(dòng)能一定相等

C.

向心力大小一定相等

D.

向心加速度大小一定相等3.如圖甲所示，一金屬線圈的橫截面積為S，匝數(shù)為n匝。t=0時(shí)刻，磁場(chǎng)平行于線圈軸線向左穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。那么線圈兩端a和b之間的電勢(shì)差Uab〔

〕A.

在t=0時(shí)刻，Uab=

B.

在t=t1時(shí)刻，Uab=0

C.

從0~t2這段時(shí)間，Uab=

D.

從0~t2這段時(shí)間，Uab=4.—物塊的初速為v0，初動(dòng)能為Ek0，沿固定斜面〔粗糙程度處處相同〕向上滑動(dòng)，然后滑回到原處。此過程中，物塊的動(dòng)能Ek與位移x，速度v與時(shí)間t的關(guān)系圖像正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

B.

C.

D.

5.某體育場(chǎng)看臺(tái)的風(fēng)雨棚是鋼架結(jié)構(gòu)的，兩側(cè)傾斜鋼柱用固定在其頂端的鋼索拉住，下端用較鏈與水平地面連接，鋼索上有許多豎直短鋼棒將棚頂支撐在鋼索上，整個(gè)系統(tǒng)左右對(duì)稱，結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化圖如下列圖。假設(shè)鋼柱與水平地面所夾銳角為，鋼索上端與鋼柱的夾角為，鋼索、短鋼棒及棚頂?shù)目傎|(zhì)量為m，重力加速度為g。那么鋼柱對(duì)鋼索拉力的大小為〔

〕A.

mg

B.

mg

C.

mg

D.

2mg二、多項(xiàng)選擇題6.如下列圖，一理想變壓器的原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，副線圈與定值電阻R0和均勻密繞的滑線變阻器R串聯(lián)。假設(shè)不考慮溫度對(duì)R0、R阻值的影響。在將滑動(dòng)頭P自a勻速滑到b的過程中〔

〕A.

原線圈輸入功率變大

B.

原線圈兩端電壓變大

C.

R兩端的電壓變小

D.

R0消耗的電功率變小7.如下列圖，虛線a、b、c、d代表勻強(qiáng)電場(chǎng)中間距相等的一組等勢(shì)面。一電子僅在電場(chǎng)力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為9eV，從a到c過程其動(dòng)能減少了6eV。等勢(shì)面c的電勢(shì)為3V。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

等勢(shì)面a的電勢(shì)為0

B.

該電子到達(dá)d等勢(shì)面時(shí)的動(dòng)能為0

C.

該電子從a到c其電勢(shì)能減少了6eV

D.

該電子經(jīng)過a時(shí)的速率是經(jīng)過c時(shí)的倍8.一靜止在水平地面上的物塊，受到方向不變的水平拉力F作用。0~4s時(shí)間內(nèi)，拉力F的大小和物塊加速度a的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系分別如圖甲、圖乙所示。假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。由此可求得〔

〕A.

物塊與水平地面間的最大靜摩擦力的大小為2N

C.

在0~4s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物塊沖量的大小為6.75N?S

D.

在0~4s時(shí)間內(nèi)，摩擦力對(duì)物塊的沖量大小為6N?S三、實(shí)驗(yàn)題9.如下列圖，是把量程為0~10mA的電流表改裝成歐姆表的結(jié)構(gòu)示意圖，其中電池電動(dòng)勢(shì)E=1.5V?！?〕經(jīng)改裝后，假設(shè)要確定“0〞Ω刻度位置，應(yīng)將紅、黑表筆短接，并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，使原電流表指針指到________mA刻度處；〔2〕改裝后的歐姆表的內(nèi)阻值為________Ω，電流表2mA刻度處應(yīng)標(biāo)________Ω。10.如圖甲所示，一根伸長可忽略的輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪，兩個(gè)質(zhì)量相等的砝碼盤分別系于繩的兩端。甲、乙兩位同學(xué)利用該裝置探究系統(tǒng)加速度與其所受合力的關(guān)系。共有9個(gè)質(zhì)量均為m的砝碼供實(shí)驗(yàn)時(shí)使用。請(qǐng)答復(fù)以下問題：⑴實(shí)驗(yàn)中，甲將左盤拉至恰好與地面接觸，乙把5個(gè)硅碼放在右盤中，4個(gè)底碼放在左盤中。系統(tǒng)穩(wěn)定后，甲由靜止釋放左盤；⑵假設(shè)要從(1)的操作中獲取計(jì)算系統(tǒng)加速度大小的數(shù)據(jù)，以下器材中必須使用的是________〔填正確答案標(biāo)號(hào)〕；A．米尺B．秒表C．天平D．彈簧秤⑶請(qǐng)說明用(2)中選擇的器材要測(cè)量本實(shí)驗(yàn)中的必要物理量是：________；⑷由(3)中測(cè)量得到的物理量的數(shù)據(jù)，根據(jù)公式________〔用所測(cè)量物理量的符號(hào)表示〕，可以計(jì)算岀系統(tǒng)加速度的大?。孩梢来伟炎蟊P中的砝碼逐個(gè)移到右盤中，重復(fù)(1)(3)(4)操作；獲得系統(tǒng)在受不同合力作用下加速度的大小，記錄的數(shù)據(jù)如下表，請(qǐng)利用表中數(shù)據(jù)在圖乙上描點(diǎn)并作出a-F圖象________；⑹從作出的a－F圖像能得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是：________。四、解答題11.如下列圖，空間存在一方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，電場(chǎng)和磁場(chǎng)的分界面為水平面，用圖中虛線表示。界面上O點(diǎn)是電場(chǎng)中P點(diǎn)的垂足，M點(diǎn)位于O點(diǎn)的右側(cè)，OM=d，且與磁場(chǎng)方向垂直。一個(gè)質(zhì)量為加、電荷量為g的帶負(fù)電的粒子，從P點(diǎn)以適當(dāng)?shù)乃俣人较蛴疑涑觥Ｇ『媚芙?jīng)過M點(diǎn)，然后歷經(jīng)磁場(chǎng)一次回到P點(diǎn)。不計(jì)粒子的重力。求：〔1〕P點(diǎn)離O點(diǎn)的高度h；〔2〕該粒子從P點(diǎn)射岀時(shí)的速度大小v0。12.如下列圖，長度為l=2m的水平傳送帶左右兩端與光滑的水平面等高，且平滑連接。傳送帶始終以2m/s的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。傳送帶左端水平面上有一輕質(zhì)彈簧，彈簧左端固定，右端與質(zhì)量為mB物塊B相連，B處于靜止?fàn)顟B(tài)。傳送帶右端水平面與一光滑曲面平滑連接?，F(xiàn)將質(zhì)量mA、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A從曲面上距水平面h=1.2m處由靜止釋放。物塊"與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，mB=3mA，物塊A與B發(fā)生的是彈性正撞。重力加速度g取10m/s2?！?〕求物塊A與物塊B第一次碰撞前瞬間的速度大小；〔2〕通過計(jì)算說明物塊A與物塊B第一次碰撞后能否回到右邊曲面上；〔3〕如果物塊A、B每次碰撞后，物塊B再回到最初靜止的位置時(shí)都會(huì)立即被鎖定，而當(dāng)他們?cè)俅闻鲎睬八查g鎖定被解除，求出物塊A第3次碰撞后瞬間的速度大小。13.一內(nèi)橫截面積為S的玻璃管下端有一個(gè)球形小容器，管內(nèi)有一段長度為2cm的水銀柱。容器內(nèi)密封一定質(zhì)量的理想氣體。初始時(shí)，環(huán)境溫度為27，管內(nèi)〔除球形小容器〕氣柱的長度為L?，F(xiàn)再向管內(nèi)緩慢注入水銀，當(dāng)水銀柱長度為4cm時(shí)，管內(nèi)〔除球形小容器〕氣柱的長度為0.8L。整個(gè)裝置導(dǎo)熱良好，大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg。〔i〕求球形小容器的容積；〔ii〕假設(shè)將該容器水銀柱以下局部浸沒在恒溫的水中，穩(wěn)定后，管內(nèi)〔除球形小容器〕氣柱的長度為0.41L，求水的溫度為多少攝氏度。14.一扇形玻璃磚的橫截面如下列圖，圓心角∠AOC=，圖中的虛線OB為扇形的對(duì)稱軸，D為OC的中點(diǎn)，一細(xì)束平行于玻璃磚截面的單色光沿與OC面成角的方向從D點(diǎn)射入玻璃磚，折射光線與平行。〔i〕求該玻璃磚對(duì)該單色光的折射率；〔ii〕請(qǐng)計(jì)算判斷此單色光能否從玻璃磚圓弧面射出，假設(shè)能射出，求射出時(shí)折射角的正弦值。五、填空題15.一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個(gè)過程回到原狀態(tài)，其p－T圖象如下列圖。________〔選填“a〞“b〞或“c〞〕狀態(tài)分子的平均動(dòng)能最小，b和c兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)________〔選填“相同〞或“不同〞〕，ca過程外界對(duì)氣體做的功________〔選填“大于〞、“小于〞或“等于〞〕氣體放岀的熱量。16.如下列圖，是兩列頻率相同、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向相同、振幅均為A的平面波相遇發(fā)生干預(yù)的示意圖。圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，O為P、M連線的中點(diǎn)。從圖示時(shí)刻經(jīng)過四分之一周期，M處質(zhì)點(diǎn)的振幅為________，位移為________，從圖示時(shí)刻經(jīng)過半個(gè)周期，O處質(zhì)點(diǎn)通過的路程為________。

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】A．天然放射現(xiàn)象是原子核內(nèi)部發(fā)生變化自發(fā)的放射出α粒子或電子，從而發(fā)生α衰變或β衰變，反響的過程中核內(nèi)核子數(shù)，質(zhì)子數(shù)，中子數(shù)發(fā)生變化，A符合題意；B．光電效應(yīng)是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出，沒有涉及到原子核的變化，B不符合題意；C．原子發(fā)光是原子躍遷形成的，即電子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，釋放的能量以光子形式輻射出去，沒有涉及到原子核的變化，C不符合題意；D．α粒子散射實(shí)驗(yàn)說明了原子內(nèi)部有一個(gè)很小的核，并沒有涉及到核內(nèi)部的變化，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】只有天然的輻射現(xiàn)象是在原子核的內(nèi)部發(fā)射出粒子來。2.【解析】【解答】A．由于兩顆衛(wèi)星屬于地球靜止軌道衛(wèi)星，其軌道半徑一定大于地球半徑，由公式得由于第一宇宙速度即為半徑為地球半徑的衛(wèi)星的線速度，那么這兩顆衛(wèi)星在軌運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度，A不符合題意；B．由于不清楚兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，那么無法比較兩顆衛(wèi)星的動(dòng)能，B不符合題意；C．由于不清楚兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，那么無法比較兩顆衛(wèi)星的向心力，C不符合題意；D．由于兩顆衛(wèi)星屬于地球靜止軌道衛(wèi)星，那么兩顆衛(wèi)星的軌道半徑一定相等，由公式得那么加速度大小一定相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用引力提供向心力可以判別線速度的大?。挥捎诓恢蕾|(zhì)量的大小無法比較動(dòng)能及向心力的大小。3.【解析】【解答】由圖乙可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度在時(shí)間內(nèi)均勻減小，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知那么時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率與時(shí)間內(nèi)的相同，那么ab兩端電勢(shì)差相等，ABD不符合題意，C符合題意。故答案為：C。

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合圖像斜率可以判別電勢(shì)差的大小。4.【解析】【解答】AB．設(shè)斜面的傾角為θ，物塊的質(zhì)量為m，根據(jù)動(dòng)能定理可得，上滑過程中那么下滑過程中那么可知，物塊的動(dòng)能Ek與位移x是線性關(guān)系，圖像是傾斜的直線，根據(jù)能量守恒定律可得，最后的總動(dòng)能減小，A符合題意，B不符合題意；CD．由牛頓第二定律可得，取初速度方向?yàn)檎较?，物塊上滑過程有下滑過程有那么物塊上滑和下滑過程中加速度方向不變，但大小不同，CD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用動(dòng)能定理結(jié)合能量守恒定律及牛頓第二定律可以判別對(duì)應(yīng)的圖像。5.【解析】【解答】鋼索、短鋼棒及棚頂作為一個(gè)整體受到三個(gè)力：兩端的拉力大小均為F〔與水平方向的夾角為〕，豎直向下的重力，如圖，由平衡條件得解得ACD不符合題意，B符合題意。故答案為：B。

【分析】利用平衡條件和平衡方程可以求出拉力的大小。二、多項(xiàng)選擇題6.【解析】【解答】AB．原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，那么原線圈兩端電壓不變，由于匝數(shù)比不變，那么副線圈兩端電壓不變，將滑動(dòng)頭P自a勻速滑到b的過程中，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻變小，副線圈中電流變大，由公式可知，副線圈功率增大，那么原線圈輸入功率變大，A符合題意，B不符合題意；C．由于副線圈中電流變大，那么R0兩端電壓變大，副線圈兩端電壓不變，那么R兩端電壓變小，C符合題意；D．將副線圈與R0看成電源，由于不知道滑動(dòng)變阻器的最大阻值與R0的關(guān)系，那么無法確定R0消耗的電功率的變化情況，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用負(fù)載電阻的變化結(jié)合電壓不變可以判別電流、電壓和功率的變化。7.【解析】【解答】AC．虛線a、b、c、d代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為9eV，從a到c的過程中動(dòng)能減小6eV，由能量守恒可知，電勢(shì)能增加6eV，那么所以等勢(shì)面a的電勢(shì)為9V，AC不符合題意；B．勻強(qiáng)電場(chǎng)中間距相等的相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，電場(chǎng)力做功相等，動(dòng)能變化相等，a到c動(dòng)能減小6eV，那么a到d動(dòng)能減小9eV，所以該電子到達(dá)d等勢(shì)面時(shí)的動(dòng)能為0，B符合題意；D．經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為9eV，a到c動(dòng)能減小6eV，那么經(jīng)過c時(shí)的動(dòng)能為3eV，由公式可得那么速率之比等動(dòng)能之比再開方，即電子經(jīng)過a時(shí)的速率是經(jīng)過c時(shí)的倍，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用能量守恒可以判別電勢(shì)差和電勢(shì)的大??；利用動(dòng)能大小可以求出速度的大小。8.【解析】【解答】A．t=1s時(shí)，物體開始運(yùn)動(dòng)，故此時(shí)的拉力等于物體的最大靜摩擦力，故有A不符合題意；B．根據(jù)牛頓第二定律有代入得B符合題意；C．在v－t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體的速度，那么有由動(dòng)量定理可得C符合題意；D．在0~4s時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)的沖量為那么摩擦力沖量為D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用圖像加速度等于0可以求出摩擦力的大??；結(jié)合牛頓第二定律可以求出質(zhì)量的大??；利用面積可以求出速度的大小結(jié)合質(zhì)量可以求出合力沖量的大?。焕煤狭Φ臎_量結(jié)合拉力的沖量可以求出摩擦力沖量的大小。三、實(shí)驗(yàn)題9.【解析】【解答】(1)根據(jù)閉合歐姆定律可知，當(dāng)電流最大時(shí)，測(cè)量電阻最小，即假設(shè)要確定“0〞Ω刻度位置，應(yīng)將紅、黑表筆短接，并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，使原電流表指針指到10mA刻度處(2)改裝后歐姆表的內(nèi)阻為2mA刻度處標(biāo)

【分析】〔1〕利用歐姆定律可以判別滿偏時(shí)電流最大電阻為0，所以要讓電流滿偏；

〔2〕利用歐姆定律可以求出內(nèi)阻和外阻的大小。10.【解析】【解答】(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，砝碼盤做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由公式可知，要得到加速度應(yīng)測(cè)量釋放前，用米尺測(cè)量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時(shí)間t，AB符合題意。故答案為：AB；(3)由(2)可知，要測(cè)量本實(shí)驗(yàn)中的必要物理量，釋放前，用米尺測(cè)量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時(shí)間t(4)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，砝碼盤做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，滿足(5)根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點(diǎn)如圖；(6)由圖像可知，a－F圖像為經(jīng)過原點(diǎn)的一條直線，說明系統(tǒng)質(zhì)量不變時(shí)加速度和合外力成正比。

【分析】〔2〕利用勻變速的位移公式可以判別需要測(cè)量的物理量及需要的儀器；

〔3〕利用表達(dá)式判別需要測(cè)量的物理量；

〔4〕利用位移公式可以求出加速度的大??；

〔5〕利用表格數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)連線；

〔6〕利用圖像直線可以說明質(zhì)量不變時(shí)加速度和合力成正比。四、解答題11.【解析】【分析】〔1〕利用幾何關(guān)系結(jié)合牛頓第二定律及類平拋的速度公式可以求出高度；

〔2〕利用位移公式可以求出速度的大小。12.【解析】【分析】〔1〕利用機(jī)械能守恒結(jié)合牛頓第二定律和速度位移公式可以求出速度的大??；

〔2〕利用動(dòng)量守恒定律結(jié)合動(dòng)能守恒及速度位移公式可以判別物體不能通過傳送帶到右邊的曲面；

〔3〕利用速度的關(guān)系可以求出第3次碰后物塊A的速度大小。