浙江省2018版選考物理考前特訓(xùn)(2017年10月)加試30分特訓(xùn)特訓(xùn)5動量及其守恒定律全國通用Word版含解析

浙江省2018版選考物理考前特訓(xùn)(2017年10月)加試30分特訓(xùn)_特訓(xùn)5動量及其守恒定律全國通用Word版含解析浙江省2018版選考物理考前特訓(xùn)(2017年10月)加試30分特訓(xùn)_特訓(xùn)5動量及其守恒定律全國通用Word版含解析/浙江省2018版選考物理考前特訓(xùn)(2017年10月)加試30分特訓(xùn)_特訓(xùn)5動量及其守恒定律全國通用Word版含解析加試特訓(xùn)5動量及其守恒定律1．(2017·寧波模擬)向空中發(fā)射一物體(不計(jì)空氣阻力)，當(dāng)物體的速度恰好沿水平方向時(shí)，物體炸裂為a、b兩塊．若質(zhì)量較大的a的速度方向仍沿原來的方向，則()A．b的速度方向必然與原速度方向相反B．從炸裂到落地這段時(shí)間里，

a翱翔的水平距離必然比

b的大C．a(chǎn)、b必然同時(shí)到達(dá)地面D．炸裂的過程中，

a、b的動量變化大小必然相等2．(2017·寧波模擬)如圖

1所示，水平圓滑軌道寬度和彈簧自然長度均為

d.m2的左邊有一固定擋板．m1由圖示地址靜止釋放，當(dāng)度為v1，則在今后的運(yùn)動過程中()

m1與

m2第二次相距近來時(shí)

m1的速圖1A．m1的最小速度是0B．m1的最小速度是v1C．m2的最小速度是v1D．m2的最大速度是v13．(2017·湖州模擬)如圖2所示，兩滑塊A、B在圓滑水平面上沿同素來線相向運(yùn)動，滑塊A的質(zhì)量為m，速度大小為2v0，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運(yùn)動狀態(tài)是()圖2A．A和B都向左運(yùn)動B．A和B都向右運(yùn)動C．A靜止，B向右運(yùn)動D．A向左運(yùn)動，B向右運(yùn)動4．有關(guān)實(shí)質(zhì)中的現(xiàn)象，以下說法正確的選項(xiàng)是()．火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度B．體操運(yùn)動員在著地時(shí)屈腿是為了減小地面對運(yùn)動員的作用力C．用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身是為了減少反沖的影響D．為了減少撞車時(shí)對司乘人員的傷害程度，發(fā)動機(jī)艙越堅(jiān)固越好5．如圖3所示，在圓滑的水平面上放著質(zhì)量相等的兩個(gè)物塊，乙上系有一個(gè)水平輕質(zhì)彈簧，開始物塊乙靜止，某一時(shí)辰物塊甲以速度v向乙運(yùn)動并壓縮彈簧到彈簧最短，關(guān)于這一過程以下說法正確的選項(xiàng)是

(

)圖3A．當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，兩者速度必然相同B．當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，甲物塊速度為零C．甲物塊動能的減小量等于乙物塊動能的增加量D．甲物塊動量的減小量和乙物塊動量的增加量大小相等6．(2016·浙江衢州二中模擬)物體在恒定的合力作用下做直線運(yùn)動，在時(shí)間t1內(nèi)動能由零增大到E1，在時(shí)間t2內(nèi)動能由E1增加到2E1，設(shè)合力在時(shí)間t1內(nèi)做的功為W1、沖量為I1，在時(shí)間t2內(nèi)做的功為W2、沖量為I2，則()A．I1<I2B．I1>I2C．W1＝W2D．W1<W27．據(jù)媒體報(bào)道，某手機(jī)帶有屏幕保護(hù)器，保護(hù)裝置設(shè)置在屏幕的4個(gè)角落由彈性塑料、聚合物及超薄金屬片組成，一旦手機(jī)內(nèi)的加速度計(jì)、陀螺儀及位移傳感器感知手機(jī)掉落，屏幕保護(hù)器會自動彈出，并完好吸取手機(jī)撞擊地面的能量，防備手機(jī)屏幕直接接觸地面而損壞．已知該手機(jī)設(shè)計(jì)質(zhì)量約為160g，從1.5m自由掉落，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，則以下解析正確的選項(xiàng)是()A．手機(jī)落地的速度約為4.5m/sB．保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于0.55sC．手機(jī)落地時(shí)重力的功率約為7.5WD．若保護(hù)器吸取撞擊力的時(shí)間為0.05s，則地面對手機(jī)的平均作用力約為19.2N8．(2016·浙江臺州學(xué)考模擬)在圓滑水平面上動能為E0、動量大小為p0的小鋼球1與靜止小鋼球2發(fā)生碰撞，碰撞前、后球1的運(yùn)動方向相反，將碰后球1的動能和動量大小分別記為E1、p1，球2的動能和動量大小分別記為E2、p2，則必有()A．E1<E0B．p1<p0C．E2>E0D．p2<p09．如圖4所示，在質(zhì)量為M的小車中掛著一單擺，擺球質(zhì)量為m0，小車和單擺以恒定的速度v沿圓滑水平川面運(yùn)動，與位于正前面的質(zhì)量為m的靜止木塊發(fā)生碰撞，碰撞的時(shí)間極短．在碰撞過程中，以下情況可能發(fā)生的是()圖4A．小車、木塊、擺球的速度都發(fā)生變化，分別變?yōu)関1、v2、v3，滿足(M＋m0)v＝Mv1＋mv2＋m0v3B．?dāng)[球的速度不變，小車和木塊的速度變?yōu)関1和v2，滿足Mv＝Mv1＋mv2C．?dāng)[球的速度不變，小車和木塊的速度都變?yōu)閡，滿足Mv＝(M＋m)uD．小車和擺球的速度都變?yōu)関1，木塊的速度變?yōu)関2，滿足(M＋m0)v＝(M＋m0)v1mv210．A、B兩物體在一水平長直氣墊導(dǎo)軌上相碰，碰撞前物體A做勻速直線運(yùn)動，B靜止不動，頻閃照相機(jī)每隔0.1s閃光一次，連續(xù)拍照5次，拍得如圖5所示的照片，不計(jì)兩物體的大小及兩物體碰撞過程所用的時(shí)間，則由此照片可判斷()圖5A．第四次拍照時(shí)物體A在100cm處B．第四次拍照時(shí)物體A在80cm處C．mA∶mB＝3∶1D．mA∶mB＝1∶311．如圖6所示，圓滑水平面上大小相同的A、B兩球在同素來線上運(yùn)動，兩球質(zhì)量關(guān)系為2mA＝mB，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量均為6kg·m/s，運(yùn)動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為－4kgm/s·，則()圖6A．左方是A球B．右方是A球C．碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5D．碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10答案解析1．CD依照動量守恒定律可知，a的速度大小、b的速度大小和方向都無法判斷，A、B錯(cuò)誤；物體炸裂后，a、b都做平拋運(yùn)動，因豎直高度相同，因此a、b必然同時(shí)到達(dá)地面，C正確；依照動量守恒能夠判斷，D正確．]2．BD當(dāng)m1與m2相距近來后，m1在前，做減速運(yùn)動，m2在后，做加速運(yùn)動，當(dāng)再次近來時(shí)，m1減速結(jié)束，m2加速結(jié)束，因此此時(shí)m1速度最小，m2速度最大，在此過程中依照動量守恒和機(jī)械能守恒，因此兩者的作用相當(dāng)于彈性碰撞，由彈性碰撞的公式可解得B、D選項(xiàng)正確．]3．D選向右為正方向，則A的動量A00.B的動量pB＝－0.碰前A、p＝m·2v＝2mv2mvB的動量之和為零，依照動量守恒，碰后A、B的動量之和也應(yīng)為零，可知四個(gè)選項(xiàng)中只有選項(xiàng)D吻合題意．]4．ABC依照反沖運(yùn)動的特點(diǎn)與應(yīng)用可知，火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度，故A正確；體操運(yùn)動員在落地的過程中，動量變化必然，由動量定理可知，運(yùn)動員碰到的沖量I必然；由I＝Ft可知，體操運(yùn)動員在著地時(shí)屈腿是延長時(shí)間t，能夠減小運(yùn)動員所碰到的平均沖力F，故B正確；用槍射擊時(shí)子彈給槍身一個(gè)反作用力，會使槍身退后，影響射擊的正確度，因此為了減小反沖的影響，用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身，故C正確；為了減少撞車時(shí)對司乘人員的傷害程度，就要延長碰撞的時(shí)間，由I＝Ft可知位于車體前部的發(fā)動機(jī)艙不能夠太堅(jiān)固，故D錯(cuò)誤．]5．AD當(dāng)彈簧壓縮到最短長度時(shí)，甲、乙擁有相同的速度，彈簧的勢能最大，甲的速度不為零，故A正確，B錯(cuò)誤；在壓縮彈簧的過程中，物塊的一部分動能轉(zhuǎn)變?yōu)閺椈傻膹椥詣菽埽虼思孜飰K動能的減少量等于乙物塊增加的動能以及彈簧增加的彈性勢能的和，故C錯(cuò)誤；在碰撞的過程中兩個(gè)物塊以及彈簧組成的系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，因此甲物塊動量的減小量和乙物塊動量的增加量大小相等，故D正確．]6．BC依照動能定理有W1＝E1－0＝E1，W2＝2E1－E1＝E1，因此W1＝W2；依照動量定理和動量與動能的關(guān)系式p＝2mEk有，I1＝2mE1－0＝2mE1，I2＝2mE12mE1＝(2－2)mE1，顯然I1>I2.]7．BD手機(jī)做自由落體運(yùn)動，落地的速度v＝2gh＝2×10×1.5m/s≈5.5m/s，故A錯(cuò)誤；保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于落地時(shí)間，依照自由落體的時(shí)間t＝2hg＝2×1.510s≈0.55s，因此保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于0.55s，故B正確；依照P＝mgv得：功率P＝0.16×10×5.5W＝8.8W，故C錯(cuò)誤；取豎直向下為正方向，由動量定mv0.16×5.5理得(mg－F)t＝0－mv，F(xiàn)＝t＋mg＝0.05N＋0.16×10N＝19.2N，故D正確．]．由題意知，碰撞后兩球均有速度，依照碰撞過程中總動能不增加可知，1<E0，8ABEE2<E0，則1<p0，依照動量守恒定律得：0＝2－1，獲得2＝0＋1，可見2>p0.故A、ppppppppB正確，C、D錯(cuò)誤．]9．BC碰撞的剎時(shí)小車和木塊組成的系統(tǒng)動量守恒，擺球的速度在剎時(shí)不變，以球的初速度方向?yàn)檎较?，若碰后小車和木塊的速度變?yōu)関1和v2，由動量守恒定律得：Mv＝Mv1＋mv2，若碰后小車和木塊速度相同，小車和木塊的速度都變?yōu)閡，由動量守恒得：Mv＝(M＋m)u，故B、C正確，A、D錯(cuò)誤．]10．AD碰撞前，物體A做勻速直線運(yùn)動，可知，物體A第三次在90cm處，第四xA0.4次在100cm處，故A正確，B錯(cuò)誤；碰撞前，A物體的速度大小為v0＝t＝0.1m/sxA′0.2＝4m/s，方向向右，碰撞后，A的速度大小為vA＝t＝0.1m/s＝2m/s，方向向左，xB0.2B的速度大小為vB＝t＝0.1m/s＝2m/s，方向向右，取向右為正方向，依照動量守恒定律得：mAv0＝－mAvA＋mBvB，代入數(shù)據(jù)得：mA×4＝－mA×2＋mB×2，解得：mA∶mB＝1∶3，故C錯(cuò)誤