2023年江西省鷹潭市高考物理一模試卷及答案解析

2023年江西省鷹潭市高考物理一模試卷

1.關(guān)于物理學(xué)的研究方法，下列說法正確的是（）

A.伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比

B.在探究力的平行四邊形定則的實驗中體現(xiàn)了等效替代的思想

C.加速度a=￡運用的是比值定義法

m

D.根據(jù)速度定義式〃=并當(dāng)At-0時，費就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運

用了控制變量法

2.利用圖像法研究物理量之間的關(guān)系是常用的一種數(shù)學(xué)物理方法。如圖所示為物體做直線

運動時各物理量之間的關(guān)系圖像以a、t分別表示物體的位移、速度、加速度和時間），

則下列說法中正確的是（）

3.在水平面上有一裝滿水的密閉車廂，車廂內(nèi)用輕質(zhì)的細(xì)線

連著一個實心鐵球4和一空心球B，車廂靜止時，細(xì)線都處于

豎直拉緊狀態(tài)，如圖所示，現(xiàn)當(dāng)車廂以某一加速度向右作勻

加速運動時，當(dāng)相對車廂保持穩(wěn)定時，關(guān)于對球和對兩根細(xì)

線的描述正確的是（）

A.兩球都向左偏，且兩根細(xì)線的偏角相等

B.兩球都向左偏，兩根細(xì)線的偏角不相等

C.球4左偏，球B向右偏，且兩根細(xì)線的偏角相等

D.球4左偏，球B向右偏，兩根細(xì)線的偏角不相等

4.如圖所示，虛線MN上方存在垂直紙面向外的勻強磁場，在直角三角形OQP中，NPQO,

^QOP=30%兩個帶電荷量數(shù)值相等的粒子a、b分別從0、P兩點以垂直于MN的方向同時射

入磁場，恰好在Q點相遇。不計粒子重力及粒子間相互作用力，下列說法正確的是（）

MOPN

A.a帶負(fù)電，b帶正電B.a、b兩粒子的周期之比為1：3

C.a、b兩粒子的速度之比為2：1D.a、b兩粒子的質(zhì)量之比為1：3

5.如圖甲所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖象

（直線與橫軸的交點的橫坐標(biāo)為4.29,與縱軸的交點的縱坐標(biāo)為0.5）,如圖乙所示是氫原子的

能級圖，下列說法正確的是（）

A.根據(jù)該圖象能求出普朗克常量

B.該金屬的逸出功為0.5eV

C.該金屬的極限頻率為5.50x1014Wz

D.用n=4能級的氫原子躍遷到n=3能級時所輻射的光照射該金屬能使該金屬發(fā)生光電效

應(yīng)

6.如圖所示，天文學(xué)家觀測到某行星和地球在同一軌道平面內(nèi)繞太陽做

勻速圓周運動，且行星的軌道半徑比地球的軌道半徑小，地球和太陽中心：:'*■

的連線與地球和行星的連線所夾的角叫做地球?qū)υ撔行堑挠^察視角（簡稱■產(chǎn)，

視角）。已知該行星的最大視角為氏則地球與行星繞太陽轉(zhuǎn)動的（）

A.角速度比值為sin。B.線速度比值為中歷

.向心加速度比值為。向心力比值為。

CO4lnli2D.4Onlli2

7.如圖有一在真空中的立方體，其中心有一帶電量為q的正點電荷,

對角C、E各放一個帶電量為-q的負(fù)點電荷，關(guān)于下列說法，正確的

是（）

A.。點和F點的電勢相等

B.。點和F點的場強相同

C.一電荷從H點移到G點，兩個負(fù)電荷對它做功的代數(shù)和為零

D.A、B、D、H、F、G這6個點的電勢不可能都為零

8.在如圖所示電路中，電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r,%是定值

電阻，/?2是滑動變阻器&2>8），閉合開關(guān)S,不同規(guī)格的燈泡

人和人均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的

距離，理想電流表4、42、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其

變化量分別用41、A/?和ZU表示，則下列分析判斷可能正確的是

（）

A.電壓表U示數(shù)變大，電流表&示數(shù)變小

B.電流表4示數(shù)不可能變?yōu)榱?/p>

C.燈泡J、「2都變暗

D.電源的內(nèi)阻r=要

9.某同學(xué)設(shè)計了一個如圖1所示的裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，其中4為滑塊，B和

C是質(zhì)量可調(diào)的祛碼，不計繩和滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦，裝置水平放置。實驗中該同

學(xué)在祛碼總質(zhì)量（m+m'=Tn。）保持不變的條件下，改變zn和m'的大小，測出不同m下系統(tǒng)的

加速度，然后通過實驗數(shù)據(jù)的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)。

?(m/?j

圖2

（1）實驗中，該同學(xué)得到一條較為理想的紙帶，如圖2所示，從清晰的。點開始，每隔4個點取

一計數(shù)點（中間4個點沒畫出），分別記為4、B、C、D、E、F,各計數(shù)點到。點的距離為。4=

1.61cm,OB=4.12cm,OC—7.54cm,OD=11.86cm,OE=17.09cm,OF=23.22cm,

打點計時器打點頻率為50Hz,則由此紙帶可得到打E點時滑塊的速度v=—m/s,此次實

驗滑塊的加速度。=—m/s2.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

（2）在實驗數(shù)據(jù)處理中，該同學(xué)以m為橫軸，以系統(tǒng)的加速度a為縱軸，繪制了如圖3所示的實

驗圖線，結(jié)合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃=—。（g取10m/s2）

10.某實驗小組做“測量某一均勻新材料制成的金屬絲的電阻率”

實驗。

（1）先用螺旋測微器測量電阻絲％的直徑d,示數(shù)如圖1所示，其直

徑d=mm；

（2）若用多用電表粗測燈的電阻，當(dāng)用“X10”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)

角度過大，應(yīng)該換用—（選填“X100”或“x1”）擋。

（3）粗測氏約為100,為了能比較精確地測量號的阻值，實驗小組

設(shè)計電路圖如圖2所示，實驗室提供了如下的實驗器材，電流表應(yīng)

選用—，定值電阻應(yīng)選用—；為了滑動變阻器調(diào)節(jié)方便，并讓電壓變化范圍盡量大一

些，滑動變阻器應(yīng)選用—；（均填儀器前的字母代號）

A.直流電源（電動勢E=6IZ,內(nèi)阻可忽略不計）

B.電流表（量程為30nL4,內(nèi)阻凡=9.50）

C.電流表（量程為34,內(nèi)阻=

D電壓表(量程為6V,內(nèi)阻心＞10k。)

E.定值電阻(R3=0.5P)

E定值電阻(/?4=5。)

G.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干

〃.滑動變阻器(最大阻值為100,允許通過的最大電流為24)

/.滑動變阻器(最大阻值為15k0,允許通過的最大電流為0.54)

11.有人對鞭炮中炸藥爆炸的威力產(chǎn)生了濃厚的興趣，他設(shè)計如

下實驗，一個平板車固定在水平地面上，其右端恰好與光滑的半

4

1____________-mf

圓弧軌道的底端相切，在平板車的右端放置兩個可視為質(zhì)點的緊年—

挨著的4、B兩個物體(均可看成質(zhì)點)，物體質(zhì)量均為m,現(xiàn)在在它們之間放少量炸藥。當(dāng)初A

B兩物靜止，點燃炸藥讓其爆炸，物體B向右運動，恰能到達半圓弧最高點。物體4沿平板車

表面向左做直線運動，最后從車上掉下來，落地點離平板車左端的水平距離為s,已知平板車

上表面離地面的高度為九，且平板車上表面光滑，不計空氣阻力，重力加速度為g。試求：

(1)當(dāng)A物體離開平板車后，重力對A做功的最大功率是多少？

(2)圓弧的半徑和炸藥爆炸時4、B兩物體所做的功。

12.如圖所示，MN、PQ為間距L=1m足夠長的平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角。=

37°,N、Q間連接有一個阻值R=0.80的電阻，有一勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面且方向向上，

磁感應(yīng)強度為%=17\,將一根質(zhì)量為=1kg、電阻r=0.20的金屬棒ab緊靠NQ放置在導(dǎo)

軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好?，F(xiàn)由靜止釋放金屬棒，當(dāng)金屬棒滑行至cd處時已經(jīng)達到穩(wěn)定速度。

己知金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)4=0.50,金屬棒沿導(dǎo)軌下滑過程中始終與NQ平行，不計

導(dǎo)軌的電阻，取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos370=0.8,試求：

(1)金屬棒沿導(dǎo)軌下滑的最大加速度大?。?/p>

(2)求金屬棒在達cd處的速度大小和此時ab兩端的電勢差［;助；

(3)在金屬棒從ab運動到cd過程中，若通過電阻R的電荷量為5c時，則此時整個回路產(chǎn)生了多

少焦耳熱。

BoN

13.下列說法正確的是()

A.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體

B.做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式

C.晶體有固定的熔點，但物理性質(zhì)不可能表現(xiàn)為各向同性

D.相同溫度下液體中懸浮的花粉小顆粒越小，布朗運動越劇烈

E.分子間距離越大，分子勢能越大，分子間距離越小，分子勢能也越小

14.為了方便監(jiān)控高溫鍋爐外壁的溫度變化，在緊貼鍋爐的外壁上鑲嵌一個導(dǎo)

［警-N

熱性能良好的汽缸，汽缸內(nèi)氣體溫度可視為與鍋爐外壁溫度相等。汽缸開口豎

直向上，用質(zhì)量為m=10kg的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞橫截面積為

S=20cm2,當(dāng)汽缸內(nèi)溫度為27久時，活塞與汽缸底間距為3活塞上部距活塞

|乙處有一用輕繩懸掛的重物當(dāng)繩上拉力為零時，警報器會報警。已知缸外

大氣壓強Po=1.0x105pa,活塞與器壁之間摩擦可忽略，取重力加速度g=10m/s2,求：

(1)當(dāng)活塞剛剛碰到重物時，汽缸內(nèi)氣體的溫度為多少？

(2)若懸掛的重物質(zhì)量為30kg,則汽缸內(nèi)氣體溫度要升高到多少時警報器才會報警？

15.下列說法中正確的是()

A.一彈簧連接一物體沿水平方向做簡諧運動，則該物體做的是勻變速直線運動

B.若單擺的擺長不變，擺球的質(zhì)量增加為原來的4倍，擺球經(jīng)過平衡位置時的速度減為原來

的5則單擺振動的振幅變小，頻率將不變

C.做簡諧運動的物體，當(dāng)它每次經(jīng)過同一位置時，速度一定相同

D.單擺在周期性的外力作用下做受迫運動，當(dāng)外力的頻率越大，單擺的振幅可能越小

E.機械波在介質(zhì)中傳播時，各質(zhì)點不會隨波的傳播而遷移，只是在平衡位置附近振動

16.一水平彈簧振子做簡諧運動的位移與時間的關(guān)系如圖。

(1)該簡諧運動的周期和振幅分別是多少；

(2)求t=0.25x時振子的位移：

⑶從t=0至此=8.25xIO%的時間內(nèi)，振子的路程多大？

答案和解析

1.【答案】AB

【解析】解：4、伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗

證，而是在斜面實驗的基礎(chǔ)上進行合理外推得到的，故A正確；

8、在探究力的平行四邊形定則的實驗中體現(xiàn)了等效替代的思想，故B正確；

C、加速度a=￡是加速度的決定式不是比值定義法，故C錯誤；

m

D、根據(jù)速度定義式u=%當(dāng)a-。時，卷就可以表示物體在t時亥I的瞬時速度，該定義運用了

極限思維法，故。錯誤；

故選：AB.

伽利略猜想了自由落體運動規(guī)律，但并沒有直接通過實驗驗證；加速度a=￡是加速度的決定式不

m

是比值定義法：在探究力的平行四邊形定則的實驗中體現(xiàn)了等效替代的思想；當(dāng)時間非常小時，

我們認(rèn)為此時的平均速度可看作某一時刻的速度即稱之為瞬時速度，采用的是極限思維法。

在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對我們理解物理有很大的幫

助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí).

2.【答案】B

【解析】解：4、根據(jù)勻變速運動的位移與時間關(guān)系公式x=：at2,根據(jù)甲圖中工一±2圖像為正比

關(guān)系圖線，根據(jù)斜率和加速度關(guān)系得^a=k=|7n/s2,解得a=2m/s2,故A錯誤；

B、根據(jù)勻變速運動的速度與位移時間關(guān)系M=2ax,根據(jù)乙圖中層—x圖像為正比關(guān)系圖線，根

據(jù)斜率和加速度關(guān)系得2a=k=罕rn/s?,解得a=5m/s2,故B正確；

C、根據(jù)勻變速運動的位移與時間關(guān)系公式x=%t+gat2,整理得?=%+；at,根據(jù)丙圖中

圖像為一次關(guān)系圖線，根據(jù)斜率和加速度關(guān)系得：a=k=號m/s2,解得a=-4m/s2,物體的

加速度大小為4m/s2,故C錯誤；

。、根據(jù)微元法可以得到，物理學(xué)中a-t圖像的圖線與坐標(biāo)軸所圍成的面積表示這段時間內(nèi)物理

的速度變化量，則丁圖中a-t圖可求出物體在前2s內(nèi)的速度變化量大小為Au=：x3x2m/s=

3m/s,故Z）錯誤。

故選：B。

根據(jù)勻變速直線運動的位移一時間公式、速度一位移公式得到物理量之間的關(guān)系表達式，再求解

加速度。根據(jù)a-t圖像與時間軸所圍的面積求速度變化量。

解決本題的關(guān)鍵要掌握勻變速直線運動的基本規(guī)律，通過變形得到各個量的解析式，再分析圖像

斜率、面積的意義。

3.【答案】D

【解析】解：假設(shè)把B球拿走，用相同體積的水球代替B球，則當(dāng)這個水球隨容器以加速度a向右

做勻加速直線運動時，水球受到的水平合力為F水=山水。水，且水球相對于容器的原來的位置不會

發(fā)生變化，而因為相同體積的4球質(zhì)量大于水球的質(zhì)量，即租4＞血水，故要使水球也以加速度a向

右做勻加速直線運動，單靠水的作用力是不夠的，還得借助繩子的拉力，所以4會向左偏移；同

理，同樣體積的B球質(zhì)量要比水球質(zhì)量小，即加8＜加水，故要使8球以加速度a向右做勻加速直線

運動，需要的合力要比F水小，因為還應(yīng)借助繩子向后的拉力，所以8向右偏移。

對工球豎直方向受重力和福利的合力為網(wǎng)19-尸聲”方向向下，還有繩子的拉力T,兩者的合力產(chǎn)

生水平加速度，則

mAg—F.y：AtanOA=mAa

對B球豎直方向受重力和福利的合力為尸浮B一機8。，方向向上，還有繩子的拉力右，同時水對B球

有向右的推力產(chǎn)，則三個力的合力產(chǎn)生水平加速度，則

F/fB-mBgtandB+F=mBa,顯然兩根細(xì)繩的偏角不相等，故。正確，ABC錯誤；

故選：D。

對兩個球進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律分析出兩球的偏轉(zhuǎn)方向以及對應(yīng)的偏角是否相等。

本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律列式即可完

成解答。

4.【答案】C

【解析】解:4如下圖所示

由幾何關(guān)系可得兩粒子軌跡圓心在同一點0'，軌跡半徑相等?？芍Ｗ觓進入磁場時受到的洛倫茲

力方向向右，根據(jù)左手定則可知a帶正電，粒子b進入磁場時受到的洛倫茲力方向向左，根據(jù)左手

定則可知b帶負(fù)電，故A錯誤；

B.兩帶電粒子同時射入磁場，同時到達Q點，故運動時間相等，由圖可知，粒子a到達Q點時運動

的圓弧對應(yīng)的圓心角為120。，粒子b到達Q點時運動的圓弧對應(yīng)的圓心角為60。，則有

孔4Tb

a、b兩粒子的周期之比為

#=故B錯誤；

Th2

。.根據(jù)周期公式

丁2nm

由于兩粒子所帶電荷量數(shù)值相等，則有a、b兩粒子的質(zhì)量之比為

詈=￥=［故。錯誤；

mb1bN

C根據(jù)洛倫茲力提供向心力

qvB=

解得」=黃

由于兩粒子的軌跡半徑相等，所帶電荷量數(shù)值相等，則有a、b兩粒子的速度之比為

菖=震=彳，故C正確。

故選：Co

根據(jù)左手定則分析出粒子的電性；

根據(jù)牛頓第二定律得出半徑的表達式，從而得出粒子的速度比值關(guān)系；

根據(jù)圓周運動的公式得出周期的表達式并結(jié)合題意完成分析。

本題主要考查了帶電粒子在磁場中的運動，理解粒子做圓周運動的向心力來源，結(jié)合牛頓第二定

律和圓周運動的公式即可完成分析。

5.【答案】A

【解析】解：4、由Ek=/iv-%，得知，該圖線的斜率表示普朗克常量兒故A正確，

BC、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=/nz-%,后上-1/圖象的橫軸的截距大小等于極限頻率，由

14

圖知該金屬的極限頻率為4.29x10HZ,當(dāng)a=hv-W0=0時，逸出功為/=hv0=6.63x

IO-，/.5x4.29x1014Hz=2.844X10-19J*1.78eV,故BC錯誤；

D、用n=4能級的氫原子躍遷到n=3能級時所輻射的光能量為4E=E4-E3=-0.85eV-

(-1.51eV)=0.66eU<1.78eL不能發(fā)生光電效應(yīng)，故。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程&=hv-%,后欠-v圖象的斜率等于九。橫軸的截距大小等于截止頻

率，逸出功%=無為，根據(jù)數(shù)學(xué)知識進行求解。

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學(xué)知識即可進行

求解。

6.【答案】BC

【解析】解：由題圖可知，當(dāng)行星處于最大視角處時，地球和行星的連線應(yīng)與行星軌道相切。

根據(jù)幾何關(guān)系有

RmR3

根據(jù)開普勒第三定律有：著=著

行‘地

A、角速度比值：生行心兩，故A錯誤;

包，

地

B、線速度比值：R3地R地

=7sin。,故B正確;

“行口行R行

C、向心加速度比值：/=W=sin2。，故c正確；

tf3行y行

。、行星和地球的質(zhì)量未知，則向心力無法比較，故。錯誤。

故選：BC.

根據(jù)題意知道當(dāng)行星處于最大視角處時，地球和行星的連線應(yīng)與行星軌道相切，運用幾何關(guān)系求

解軌道半徑。

根據(jù)開普勒第三定律比較周期與軌道半徑的關(guān)系。

根據(jù)角速度、線速度、向心加速度的公式分析。

行星和地球的質(zhì)量未知，向心力無法比較。

此題考查了萬有引力定律及其應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是能根據(jù)題目給出的信息分析視角最大時的半徑

特征，在圓周運動中涉及幾何關(guān)系求半徑是基本功。

7.【答案】AC

【解析】解：4、D點和F點的連線恰好是三個點電荷連線的中垂線，且。點和F點關(guān)于正點電荷對

稱，根據(jù)電荷的分布及電勢滿足代數(shù)運算可知，。點和F點的電勢相等，故A正確；

8、根據(jù)矢量運算法則及對稱性可知，。點和F點的場強大小相同，方向相反，故8錯誤；

C、在不考慮正電荷的情況下，根據(jù)對成性可知，兩個負(fù)電荷在"點和G點產(chǎn)生的電勢相等，故將

一電荷從H點移到G點，兩個負(fù)電荷對它做功的代數(shù)和為零，故C正確；

。、4、B、D、H、F、G這6個點都是正方體的頂點，每個點分別與兩個負(fù)電荷和正電荷的距離都

相等，即這6個點的電勢相等，則這6個點的電勢有可能都為零，故。錯誤。

故選：AC?

根據(jù)對稱性分析電勢的關(guān)系，同時分析電場力做功的情況，電場是矢量，根據(jù)電場的矢量疊加分

析DF的電場強度。

本題考查電勢能與電場力做功的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握對稱性的應(yīng)用。

8.【答案】AD

【解析】解：4、將滑動變阻器的滑動片P向上移動，其接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，

由閉合電路歐姆定律知干路電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表V示數(shù)變大，電流

表&示數(shù)變小，故A正確；

B、當(dāng)給=%時，電流表&示數(shù)為零，故B錯誤；

C、7?2阻值增大，/?2與并聯(lián)部分限值增大，回路中其它電路部分阻值未變，故&與并聯(lián)部分

的電壓增大，a與L并聯(lián)部分的電壓減小，則G變亮，人變暗，故C錯誤；

。、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir,得電源內(nèi)阻「=罄=羿，故。正確。

Zl/Z1/1

故選:AD.

將滑動變阻器的滑動片P向上移動，其接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐

姆定律分析干路電流和路端電壓的變化，確定電壓表U及電流4示數(shù)的變化；結(jié)合電勢特點分析

電流表4的示數(shù)是否為零；結(jié)合動態(tài)分析判斷燈泡刀和曷的亮暗情況；結(jié)合閉合電路歐姆定律分

析電源內(nèi)阻與電壓和電流變化量的關(guān)系。

本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，

根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析。

9.【答案】0.570.900.2

【解析】解：⑴打點周期為7=>專s=0.02s

相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔t=57=5x0.02s=0.1s

勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則打E點時滑塊的速度"=紇”=

23.22-11.86-2

-2x0.1-x10m/s=0.57m/s

22

利用逐差法得,滑塊的加速度a=短=八二］、2x10~m/s=0.90m/s2

(2)設(shè)繩上拉力為7,4的質(zhì)量為M,對C,由牛頓第二定律得：mg-T=ma

對4和B,由牛頓第二定律得：7-4(M+m')g=(M+m')a

由題意得：m+m'=m0

聯(lián)立解得:

M+m+m1M+m0

結(jié)合圖像得：--2m/s2

解得：4=0.2

故答案為:(1)0.57,0.90；(2)0.2o

(1)根據(jù)頻率與周期關(guān)系求解打點周期，根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于平均速度求

解打E點時小車的速度；利用逐差法求解加速度；

(2)分別對4和B整體、C受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度表達式，結(jié)合圖像求解即可。

本題考查動摩擦因數(shù)的測量，解題時要注意單位的換算，對于紙帶的問題，我們要熟悉勻變速直

線運動的特點和基本規(guī)律，同時掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，注意數(shù)學(xué)公式與物理規(guī)律相綜合應(yīng)用。

10.【答案】6.715xlBEH

【解析】解：(1)螺旋測微器的最小分度值為O.Olnun,固定刻度讀數(shù)為6.5nmi,可動刻度讀數(shù)為

21.5x0.01mm=0.215mm,貝!j

d—6.5mm+0.215mm--6.715mm

⑵用“x10”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明電阻值較小，應(yīng)換較小的擋測量，使用“xl”

擋;

(3)電路的最大電流約為：&=5=之人=0.64故題中給出的電流表不能直徑使用，應(yīng)將B與定

KxLU

值電阻并聯(lián)擴大量程，則定值電阻約為

R_[g3l-30x10—3x9.5C=0.512

一I-Ig~0.6-30X10-3

故電流表應(yīng)選用B,定值電阻選E；

為了滑動變阻器調(diào)節(jié)方便，并讓電壓變化范圍盡量大一些，滑動變阻器應(yīng)選用外

故答案為:(1)6.715；(2)X1；(3)8,E,

(1)先確定螺旋測微器的最小分度值，再讀出固定刻度和可動刻度讀數(shù)，相加即為螺旋測微器讀數(shù);

(2)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明電阻值較小，應(yīng)換較小的擋測量；

(3)估算最大電流，判斷題中所給電流表是否符合要求，選擇合適的電流表擴大量程，計算并聯(lián)的

定值電阻；根據(jù)調(diào)節(jié)方便選擇滑動變阻器。

本題考查測量某一均勻新材料制成的金屬絲的電阻率實驗，要求掌握實驗原理、實驗電路、實驗

步驟和數(shù)據(jù)處理.

11.【答案】解：(1)重力對4做功的最大功率是剛落地時

剛落地時在豎直方向的速度為：v=/l^h

最大功率是：P=mgv=mgj2gh

(2)設(shè)物體離開平板車的速度為v,4物體離開平板車后做平拋運動，由平拋運動規(guī)律，得

在水平方向上，有：s=%t

在豎直方向上，有：h=^gt2

聯(lián)立兩式解得：%=s1需

設(shè)炸藥爆炸后人B兩物體的速度分別為％、外，炸藥爆炸后，取水平向左為正方向，由動量守恒

定律得：mv1—mv2=0

物體8向右運動到達半圓弧最高點的速度為內(nèi)。物體8恰能到達最高點，由重力提供向心力，由牛

頓第二定律得：租9=噂

物體B上升到最高點過程中，由機械能守恒定律得：

jmvf+2mgR=gm譜

聯(lián)立解得：/?=黑

10/i

由功能關(guān)系，炸藥對力、8物體做的功為：W

解得：0=嚶

2h

答：(1)重力對4做功的最大功率是為mg

(2)圓弧的半徑為之，炸藥爆炸時對A、B兩物體所做的功力嚶。

【解析】(1)求出物體剛落地時在豎直方向的速度，根據(jù)功率的計算公式求出重力的最大功率；

(2)4物體離開平板車后做平拋運動，由平拋運動規(guī)律求4物體離開平板車的速度；炸藥爆炸過程，

由動量守恒定律求炸藥爆炸后B物體的速度。物體B向右運動，恰能到達半圓弧最高點，由重力提

供向心力，由牛頓第二定律求出物體8到達最高點時的速度。在物體B上升到最高點過程中，利用

機械能守恒定律列式，可求圓弧的半徑。由功能關(guān)系求炸藥爆炸時對4、B兩物體所做的功。

分析清楚物體的運動過程，把握每個過程的物理規(guī)律是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、

機械能守恒定律、動量守恒定律即可正確解題。

12.【答案】解：(1)金屬棒剛沿導(dǎo)軌開始下滑時，只受重力、支持力及摩擦力作用，由牛頓第二

定律得：

mgsind-jimgcosO—ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2

(2)設(shè)金屬棒到達cd處的速度大小為外當(dāng)金屬棒做勻速運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：

E=BLv

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：]二裊

R+r

金屬棒受到的安培力大小為自=B0IL

對金屬棒，根據(jù)平衡條件可得：FA+[imgcosG=mgsinO

代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s,I=2A

此時好兩端的電勢差U.=//?=2x0.8V=1.6V

(3)金屬棒從好運動到cd過程中，通過電阻的電荷量為：

T.E-At210

[=/"=而=而

設(shè)金屬棒從防運動到cd過程中運動的位移為X,則

=BoLx

聯(lián)立解得：x=5m

由能量守恒定律得：mgxsind=nmgxcos37°+Q+^mv2

解得整個回路產(chǎn)生的焦耳熱：Q=8J

答：(1)金屬棒沿導(dǎo)軌開始下滑時的加速度大小為2m/s2；

(2)金屬棒到達cd處的速度大小為2m/s：此時ab兩端的電勢差4b為1?6八

(3)此過程中整個回路產(chǎn)生的焦耳熱為8/。

【解析】(1)當(dāng)金屬棒沿導(dǎo)軌開始下滑時，只受重力、支持力與摩擦力，由牛頓第二定律可求加速

度大?。?/p>

(2)當(dāng)金屬棒達到速度穩(wěn)定時做勻速運動，受到重力、支持力、安培力與滑動摩擦力達到平衡，根

據(jù)平衡條件列出平衡方程可求出速度金屬棒到達cd處的速度大??；由歐姆定律求ab兩端的電勢差

Uab>

(3)根據(jù)電荷量的計算公式求解金屬棒從時運動到cd過程中下滑的位移，再根據(jù)能量守恒定律求解

整個回路產(chǎn)生的焦耳熱。

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)的綜合，關(guān)鍵是弄清楚金屬棒的運動情況和受力情況，要知道當(dāng)金屬棒速

度達到穩(wěn)定時，處于平衡狀態(tài)；本題還巧妙用磁通量的變化去求出金屬棒下滑的位移。

13.【答案】ABD

【解析】解：力、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可以自發(fā)地從低溫物體傳給高溫物體，但是在一

定的條件下，熱量可以從低溫物體傳給高溫物體，故A正確；

B、根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式，故B正確；

C、晶體有固定的熔點，其中單晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，多晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向

同性，故C錯誤；

。、相同溫度下液體中懸浮的花粉顆粒越小，液體分子撞擊的不平衡性越明顯，布朗運動越劇烈，

故。正確：

E、分子間作用力為引力時，分子間距離越大，分子勢能越大；分子間作用力為斥力時，分子間距

離越大，分子勢能越小，故。錯誤。

故選：ABD。

根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷；改變物體內(nèi)能的方式有做功和熱傳導(dǎo)；根據(jù)單晶體和多晶體的物理性

質(zhì)判斷；根據(jù)影響布朗運動劇烈程度的因素判斷；根據(jù)分子勢能與分子間距離的關(guān)系判斷。

本題主要考查了熱力學(xué)第二定律、改變內(nèi)能的方式、晶體、布朗運動、分子力及分子勢能等熱學(xué)

基礎(chǔ)知識，要求學(xué)生對這部分知識要重視課本，強化理解并熟練記憶。

14.【答案】解：(1)活塞上升過程為等壓變化，7;=300K,則由蓋一呂薩克定律得：卷■二卷

式中匕=LS,v2

聯(lián)立解得乙=500K；

(2)活塞碰到重物