2021年陜西省漢中市七一一總隊子校高三物理聯(lián)考試卷含解析

2021年陜西省漢中市七一一總隊子校高三物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.在距水平地面一定高度的某點，同時將兩物體分別沿豎直方向與水平方向以相同的速度拋出（不計空氣阻力），對于這兩個物體從拋出到落地過程，下列說法正確的是（）A．加速度相同B．落地時速度大小相同C．一定同時落地D．位移相同參考答案：

考點：平拋運動．專題：平拋運動專題．分析：根據(jù)牛頓第二定律比較加速度的大小．在距水平地面一定高度的某點，同時將兩物體分別沿豎直方向與水平方向拋出（不計空氣阻力），一個物體做豎直下拋，一個物體做平拋運動．根據(jù)機械能守恒定律分析落地速度大小關系，根據(jù)運動學公式比較運動的時間．解答：解：A、兩個物體運動時都只受重力，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度都為g，方向豎直向下．故A正確．B、由于不計空氣阻力，兩個物體的機械能都守恒，則有：mgh+=可得落地時速度大小為v=v與拋出時速度方向無關，所以落地時速度大小相同，故B正確．C、平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，落地的時間是t2，則：h=g；對于豎直下拋運動是初速度的勻加速直線運動，加速度也為g，根據(jù)位移時間公式得：h=v0t1+，知t2＞t1．同理得豎直上拋運動的時間比平拋運動長，故C錯誤．D、沿豎直方向運動的物體通過的位移大小等于拋出點的高度，而平拋運動的位移大于拋出時高度，則兩者位移大小不同，故D錯誤．故選：AB．點評：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道平拋運動和豎直下或上拋運動都是加速度為g的勻變速運動．2.如圖所示為某時刻LC振蕩電路中電容器中電場的方向和電流的方向，則下列說法中正確的是A．電容器正在放電B．電感線圈的磁場能正在減少C．電感線圈中的自感電動勢正在阻礙電流的減小D．電容器的電場能正在增加參考答案：BCD3.（單選）如圖所示，水平板上有質(zhì)量m=1.0kg的物塊，受到隨時間t變化的水平拉力F作用，用力傳感器測出相應時刻物塊所受摩擦力Ff的大?。≈亓铀俣萭=10m/s2．下列判斷正確的是（）參考答案：D4.（單選題）下列關于汽車運動的論述，不正確的是A.汽車以額定功率啟動后做變加速運動，速度逐漸增大；加速度逐漸減小，加速度為0時，速度最大B.汽車以額定功率啟動后做變加速運動，速度、加速度均逐漸增大C.汽車勻速行駛時最大允許速度受發(fā)動機額定功率限制，要提高最大允許速度，必須增大發(fā)動機的額定功率D.汽車在水平路面上以額定功率P行駛，則當牽引力F與阻力f平衡時，汽車的最大速度vm=P/f參考答案：B5.如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中。P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點（重力不計），則從開始射入到打到上板的過程中(

)

A．它們運動的時間tQ＞tp

B．它們所帶的電荷量之比qp∶qQ=1∶2C．它們的電勢能減小量之比△Ep∶△EQ=1∶2D．它們的動能增量之比△EKP∶△EKQ=1∶2

參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖12所示，質(zhì)量為ｍ的物體放在傾角為θ的斜面上，在水平恒定的推力F的作用下，物體沿斜面勻速向上運動，則物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為。參考答案：7.靜電除塵器示意如右圖所示，其由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成。A和B分別接到高壓電源正極和負極，A、B之間有很強的電場，B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子，粉塵吸附電子后被吸附到_______（填A或B）上，最后在重力作用下落入下面的漏斗中，排出的煙就成為清潔的了。已知每千克煤粉會吸附nmol電子，每晝夜能除mkg煤粉，設電子電量為e，阿伏加德羅常數(shù)為NA，一晝夜時間為t，則高壓電源的電流強度為_______。參考答案：A

2emnNA/t

8.如圖甲，合上開關，用光子能量為2．5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零．調(diào)節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)當電壓表讀數(shù)小于0．60V時，電流表讀數(shù)仍不為零，當電壓表讀數(shù)大于或等于0．60V時，電流表讀數(shù)為零．由此可知，光電子的最大初動能為

．把電路改為圖乙，當電壓表讀數(shù)為2V時，而照射光的強度增到原來的三倍，此時電子到達陽極時的最大動能是

．參考答案：9.某近地衛(wèi)星線速度大小為v1，某地球同步衛(wèi)星線速度大小為v2，距地面高度約為地球半徑的6倍。若近地衛(wèi)星距地面高度不計，則v1∶v2＝________，該近地衛(wèi)星的周期是地球自轉周期的______倍。參考答案：10.某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質(zhì)量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖像。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示。（1）圖線______是在軌道左側抬高成為斜面情況下得到的（選填“1”或“2”）；

（2）滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=__________kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)μ=____________。(3)實驗中是否要求滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量遠遠大于重物質(zhì)量的條件?

。參考答案：（1）1（2）0.5，0.2

(3)否11.設雨點下落過程中所受空氣阻力大小與雨點半徑的平方成正比，現(xiàn)有兩個密度相同大小不同的雨點從同一高度的云層靜止起下落，那么先到達地面的是________（填“大”或“小”）雨點，接近地面時速度較小的是________（填“大”或“小”）雨點。參考答案：答案：大，小解析：由m=ρV=ρπr3，f=kr2，mg-f=ma，聯(lián)立解得a=g-。由于半徑r大的雨滴下落的加速度大，所以大雨滴先到達地面。從同一高度的云層靜止起下落，由v2=2ah可知，接近地面時速度較小的是小雨滴。

12.有A、B兩球在光滑水平面上沿著一條直線運動，它們發(fā)生碰撞后粘在一起，已知碰前兩球的動量分別為PA=20kg·m/s和PB=15kg·m/s，碰撞后B球的動量改變了ΔPB=－10kg·m/s，則碰撞后A球的動量為PA′=__________kg·m/s，碰撞前兩球的速度大小之比vA∶vB=__________。參考答案：30，13.（4分）一個1.2kg的物體具有的重力勢能為72J，那么該物體離開地面的高度為_____m。一個質(zhì)量是5kg的銅球，以從離地面15m高處自由下落1s末，它的重力勢能變?yōu)開____J。(g取10m/s2)(以地面為零重力勢能平面)參考答案：

6m

500J三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在“測電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，測量對象為一節(jié)新的干電池．（1）用圖（a）所示電路測量時，在較大范圍內(nèi)調(diào)節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)電壓表讀數(shù)變化不明顯，原因是：

．（2）為了提高實驗精度，采用圖乙所示電路，提供的器材：量程3V的電壓表V，量程0.6A的電流表A（具有一定內(nèi)阻），定值電阻R0（阻值未知，約幾歐姆），滑動變阻：R1（0～10Ω）滑動變阻器R2（0～200Ω），單刀單擲開關S1、單刀雙擲開關S，導線若干①電路中，加接電阻凰有兩方面的作用，一是方便實驗操作和數(shù)據(jù)測量，二是

②為方便實驗調(diào)節(jié)且能較準確地進行測量，滑動變阻器應選用

（填R1或R2）．③開始實驗之前，S1、S2都處于斷開狀態(tài)．現(xiàn)在開始實驗：A．閉合S1，S2打向1，測得電壓表的讀數(shù)U0，電流表的讀數(shù)為I0，則=

．（電流表內(nèi)阻用RA表示）B．閉合S1，S2打向2，改變滑動變阻器的阻值，當電流表讀數(shù)為I1時，電壓表讀數(shù)為U1；當電流表讀數(shù)為I2時，電壓表讀數(shù)為U2．則新電池電動勢的表達式為E=

，內(nèi)阻的表達式r=

．參考答案：Ⅰ、電源內(nèi)阻很??；Ⅱ、①防止變阻器電阻過小時，電池被短路或電流表被燒壞；②R0+RA．③；﹣【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻．【分析】（1）作出電源的U﹣I圖象，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知，圖象的斜率等于電源的內(nèi)阻，再分析電壓表讀數(shù)變化不明顯的原因．（2）①加接電阻R0，起保護作用，限制電流，防止電池被短路或電流表被燒壞．②由于電表的讀數(shù)在刻度盤中央附近，誤差較小，則要求電路中電流較大，在確保安全的前提下，可選擇阻值較小的變阻器．③根據(jù)歐姆定律分析A所測量的物理量．根據(jù)閉合電路歐姆定律列方程組，可求出新電池電動勢和內(nèi)阻的表達式．【解答】解：（1）作出電源的U﹣I圖象，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知，圖象的斜率等于電源的內(nèi)阻，如圖，圖線1的斜率小于圖線2的斜率，則對應的電源的內(nèi)阻圖線1的較小，由圖可以看出，圖線1電壓隨電流變化較慢．本實驗中發(fā)現(xiàn)電壓表讀數(shù)變化不明顯，原因是：電源內(nèi)阻很小．Ⅱ①加接電阻R0，起保護作用，限制電流，防止變阻器電阻過小時，電池被短路或電流表被燒壞②滑動變阻器應選用R1．因為R1的總電阻較小，使電路中電流較大，電流表指針能在刻度盤中央附近，測量誤差較?。鄹鶕?jù)歐姆定律可知，可以測出的物理量是定值電阻R0和電流表內(nèi)阻之和，用測量寫出表達式為：R0+RA=．B、根據(jù)閉合電路歐姆定律得E=U1+I1（R0+RA+r）…①E=U2+I2（R0+RA+r）…②聯(lián)立解得：E=；r=故答案為：Ⅰ、電源內(nèi)阻很??；Ⅱ、①防止變阻器電阻過小時，電池被短路或電流表被燒壞；②R0+RA．③；﹣15.（1）寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)：①游標卡尺的讀數(shù)_________mm；②螺旋測微器的讀數(shù)_______mm。（2）在"驗證機械能守恒定律"的實驗中，已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz。查得當?shù)氐闹亓铀俣萭＝9.80m/s2。測得所用的重物的質(zhì)量為1.00kg。實驗中得到一條點跡清晰的紙帶，把第一個點記作0，另選連續(xù)的4個點A、B、C、D作為測量的點。經(jīng)測量知道A、B、C、D各點到0點的距離分別為62.21cm、69.31cm、76.80cm、84.67cm。根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可知重物由0點運動到C點，重力勢能的減少量等于______J，動能的增加量等于______J(取3位有效數(shù)字)。參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一運動員從雪坡上勻加速下滑,他依次通過a、b、c三個標志旗,已知ab=6m,bc=10m,他通過ab和bc所用時間都等于2s,求（1）運動員勻加速下滑的加速度？（2）運動員過b、c標志旗時的速度分別是多少？

參考答案：17.如圖甲所示，一四分之一光滑圓弧軌道最低點與平臺右端B相接并與平臺相切，圓弧的半徑R=1m，一物塊置于A點，AB間距離為2m，物塊與平臺間的動摩摩擦因數(shù)為μ=0.2，現(xiàn)用水平恒力F拉物塊從靜止向右運動，到B點時撤去拉力，結果物塊剛好能滑到四分之一圓弧軌道的最高點，物塊的質(zhì)量為1kg，g=10m/s2，求：（1）拉力的大小及物塊剛滑上四分之一圓弧軌道時對軌道壓力的大??；（2）若將四分之一圓弧軌道豎直向下平移，且圓心與B點重合，如圖乙所示，仍用水平恒力F拉物塊從靜止向右運動，并在B點撤去拉力，則物塊第一次與圓弧軌道接觸的位置離平臺的距離．（計算結果可以用根式表示）參考答案：解：（1）對于整個過程，由動能定理可知：

Fx﹣μmgx﹣mgR=0求得F=7N從B到圓弧軌道最高點，根據(jù)機械能守恒得：=mgR在圓弧軌道的最低點，根據(jù)牛頓第二定律得：

FN﹣mg=m求得：FN=3mg=30N根據(jù)牛頓第三定律，得物塊對圓弧的壓力為30N．（2）由=mgR可知，物塊在B點的速度νB=2m/s物塊從B點做平拋運動，設下落的高度為y，水平位移為x，則有

x=vBt

y=由幾何知識可得x2+y2=R2；求得物塊第一次與圓弧軌道接觸的位置離平臺的距離：y=（﹣2）m．答：（1）拉力的大小是7N，物塊剛滑上四分之一圓弧軌道時對軌道壓力的大小是30N．

（2）物塊第一次與圓弧軌道接觸的位置離平臺的距離是（﹣2）m．【考點】動能定理的應用；平拋運動；向心力．【分析】（1）物塊剛好能滑到四分之一圓弧軌道的最高點時速度為零，對于整個過程，運用動能定理可求出拉力的大?。畯腂到圓弧軌道最高點，根據(jù)機械能守恒可求得物塊通過最低點時的速度．物塊在圓弧軌道的最低點，由軌道的支持力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出支持力，從而得到壓力．（2）物塊從B點做平拋運動，根據(jù)分位移公式和兩個分位移間的幾何關系列式，可求得物塊第一次與圓弧軌道接觸的位置離平臺的距離．18.（計算）（2014秋?樂陵市校級月考）如圖所示，一個光滑的圓錐體固定在水平桌面上，其軸線沿豎直方向，母線與軸線的夾角θ=30°，一條長為l的繩，一端固定在圓錐體的頂點O，另一端系一個質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點），小球以速率v繞圓錐體的軸線在水平面內(nèi)做勻速圓周運動．試分析討論v從零開始逐漸增大的過程中，球受圓錐面的支持力及擺角的變化情況．參考答案：當速度v，v增大，球受圓錐面的支持力減小，擺角θ=30°，不發(fā)生變化，當v＞時，小球離開錐面，支持力為零，v增大時，擺角增