2023屆吉林省長春市名校高考物理三模試卷含解析

2023年高考物理模擬試卷

注意事項：

1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。

2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示為剪式千斤頂的截面圖。四根等長的支持臂用光滑鉸鏈連接，轉動手柄，通過水平螺紋軸減小MN間的

距離，以抬高重物。保持重物不變，MP和PN夾角為120°時N點受到螺紋軸的作用力為F1；MP和PN夾角為60°

時N點受到螺紋軸的作用力為F2。不計支持臂和螺紋軸的重力，則F1與F2大小之比為（

）

A．1：1

B．1：3

C．3：1

）

D．3：1

2、下列單位中屬于國際單位制（SI）基本單位的是（

A．牛頓

B．焦耳

C．千克

D．庫侖

3、如圖所示，a、b、c、d為圓上的四個點，ac、bd連線過圓心且相互垂直，置于圓心處帶正電的點電荷在a點產生

的場強大小為E。若在該空間再施加一沿ac方向的大小為2E的勻強電場后，以下說法正確的是(

)

A．a點的場強大小為3E，方向由c到a

B．c點的場強大小為3E，方向由c到a

C．b、d兩點的場強相同，大小都為5E

D．b、d兩點的場強不相同，但大小都為5E

4、如圖所示，車廂水平底板上放置質量為M的物塊，物塊上固定豎直輕桿。質量為m的球用細線系在桿上O點。當

車廂在水平面上沿直線加速運動時，球和物塊相對車廂靜止，細線偏離豎直方向的角度為，此時車廂底板對物塊的

摩擦力為f、支持力為N，已知重力加速度為g，則（）

A．f=Mgsin

C．N=(M+m)g

B．f=Mgtan

D．N=Mg

5、如圖所示為靜止的原子核在勻強磁場中發(fā)生衰變后做勻速圓周運動的軌跡，衰變后兩帶電粒子a、b的半徑之比為

45∶1，兩帶電粒子a、b的動能之比為117：2，下列說法正確的是（

）

A．此衰變?yōu)樗プ?/p>

B．大圓為粒子的運動軌跡

D．兩帶電粒子a、b的周期之比為10∶13

C．小圓為粒子的運動軌跡

6、"世紀工程"﹣港珠澳大橋已于2018年10月24日9時正式通車，大橋主橋部分由約為6.7km海底隧道和22.9km

橋梁構成，海底隧道需要每天24小時照明，而橋梁只需晚上照明。假設該大橋的照明電路可簡化為如圖所示電路，其

中太陽能電池供電系統(tǒng)可等效為電動勢為E、內阻為r的電源，電阻R1、R2分別視為隧道燈和橋梁路燈，已知r小于

R1和R2，則下列說法正確的是（）

E

A．夜間，電流表示數為RRr

1

2

B．夜間，開關K閉合，電路中電流表、電壓表示數均變小

C．夜間，由于用電器的增多，則太陽能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大

D．當電流表示數為I則太陽能電池供電系統(tǒng)輸出電功率為EI

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，A和B是兩個等量異種點電荷，電荷量的絕對值為q，兩點電荷的連線水平且間距為L，OP是兩點電

荷連線的中垂線，O點是垂足，P點到兩點電荷的距離也為L。整個系統(tǒng)處于水平向右的勻強電場中，一重力不計的

電子恰好能靜止在P點，下列說法正確的是（

）

A．點電荷A一定帶正電

2kq

B．勻強電場的電場強度大小為2

L

C．O點的電場強度大小為

7kq

L2

D．O點和P點電勢相同

8、夏天，從湖底形成的一個氣泡，在緩慢上升到湖面的過程中沒有破裂。若越接近水面，湖內水的溫度越高，大氣壓

強沒有變化，將氣泡內看做理想氣體。則上升過程中，以下說法正確的是_______________。

A．氣泡內氣體對外界做功

B．氣泡內氣體分子平均動能增大

C．氣泡內氣體溫度升高導致放熱

D．氣泡內氣體的壓強可能不變

E.氣泡內分子單位時間內對氣泡壁單位面積的撞擊力減小。

9、如圖，在光滑的水平面上有一個長為L的木板，小物塊b靜止在木板的正中間，小物塊a以某一初速度v0從左側

滑上木板。已知物塊a、b與木板間的摩擦因數分別為1、2，木塊與木板質量均為m，a、b之間的碰撞無機械

能損失，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。下列說法正確的是（

）

A．若沒有物塊從木板上滑下，則無論v0多大整個過程摩擦生熱均為mv02

1

3

B．若b2a，則無論v0多大，a都不會從木板上滑落

C．若v0

3gL，則ab一定不相碰

2a

D．若b2a，則a可能從木板左端滑落

10、如圖所示，一物塊從傾角為的斜面底端以初速度v0沿足夠長的斜面上滑，經時間t速度減為零，再經2t時間回

到出發(fā)點，下列說法正確的是（

）

A．物塊上滑過程的加速度大小是下滑過程加速度大小的2倍

B．物塊返回斜面底端時的速度大小為

v0

2

3

C．物塊與斜面之間的動摩擦因數為tan

5

4

D．物塊與斜面之間的動摩擦因數為tan

5

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11．6分）某實驗小組利用頻閃照相的方法在暗室中用"滴水法"測重力加速度的大小，當頻閃儀頻率等于水滴滴落的

（

頻率時，看到一串仿佛固定不動的水滴懸在空中。已知水滴下落的時間間隔為0.1s。

(1)若頻閃間隔T0.05s，剛好離開水龍頭的水滴記為第1滴，測得此時第3滴和第4滴的間距為23.75cm，則當地

的重力加速度為______（結果保留三位有效數字）

。

(2)若將頻閃間隔調整到0.08s，則水滴在視覺上的運動情況為_____（填"向上運動""靜止"或"向下運動"）

。

12．12分）某實驗小組要測量兩節(jié)干電池組的電動勢和內阻，實驗室有下列器材：

（

A．靈敏電流計G（0~5mA，內阻約為60Ω）

B．電壓表V（0~3V，內阻約為10kΩ）

C．電阻箱R1（0~999.9Ω）

D．滑動變阻器R2（0~100Ω，1.5A）

E．舊電池2節(jié)

F．開關、導線若干

(1)由于靈敏電流計的量程太小，需擴大靈敏電流計的量程。測量靈敏電流計的內阻的電路如圖甲所示，調節(jié)R2的阻值

和電阻箱使得電壓表示數為2.00V，靈敏電流計示數為4.00mA，此時電阻箱接入電路的電阻為1．0Ω，則靈敏電流計

內阻為___________Ω；

（保留1位小數）

(2)為將靈敏電流計的量程擴大為60mA，該實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，則應將電阻箱R1的阻值調為

___________Ω；

（保留3位有效數字）

；

(3)把擴大量程后的電流表接入如圖乙所示的電路，根據測得的數據作出U－IG（IG為靈敏電流計的示數）圖象如圖丙

所示，則該干電池組的電動勢E=___________V；內阻r=___________Ω（保留3位有效數字）

。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13．10分）如圖甲所示，質量均為m＝0.5kg的相同物塊P和Q(可視為質點)分別靜止在水平地面上A、C兩點．P

（

在按圖乙所示隨時間變化的水平力F作用下由靜止開始向右運動，3s末撤去力F，此時P運動到B點，之后繼續(xù)滑

行并與Q發(fā)生彈性碰撞．已知B、C兩點間的距離L＝3.75m，P、Q與地面間的動摩擦因數均為＝0.2，取g＝10m/s2，

求：

(1)P到達B點時的速度大小v及其與Q碰撞前瞬間的速度大小v1；

(2)Q運動的時間t．

14．16分）如圖所示，地面和半圓軌道面均光滑．質量M=1kg、長L=4m的小車放在地面上，其右端與墻壁的距離

（

為S=3m，小車上表面與半圓軌道最低點P的切線相平．現有一質量m=1kg的滑塊（不計大小）以v0=6m/s的初速度

滑上小車左端，帶動小車向右運動．小車與墻壁碰撞時即被粘在墻壁上，已知滑塊與小車表面的滑動摩擦因數=0.1，

g取10m/s1．

（1）求小車與墻壁碰撞時的速度；

（1）要滑塊能沿圓軌道運動而不脫離圓軌道，求半圓軌道的半徑R的取值．

15．12分）如圖所示，直角邊AC長度為d的直角棱鏡ABC置于桌面上，D為斜邊BC的中點，桌面上的S點發(fā)射

（

一條光線經D點折射后，垂直于AB邊射出．已知SC＝CD，光線通過棱鏡的時間t

反射光線．求：

3d，c為真空中光速，不考慮

2c

(i)棱鏡的折射率n；

(ii)入射光線與界面BC間的夾角．

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

當兩臂間的夾角為120時，兩臂受到的壓力為

N1

G

G

2cos60

對N點分析，N點受到螺紋軸的作用力為

F12N1cos303G

當兩臂間的夾角為60時，兩臂受到的壓力為

N2

G

3G

2cos30

3

對N點分析，N點受到螺紋軸的作用力為

F22N2cos603G

3

則有

F13:1

F2

故A、B、C錯誤，D正確；

故選D。

2、C

【解析】

國際單位制基本單位一共只有七個。據此判斷即可。

【詳解】

ABD．牛頓、焦耳和庫倫都是國際單位制中力學的導出單位，ABD不符合題意．

C．千克是質量單位，是國際單位制中力學的基本單位，C符合題意．

故選C。

3、D

【解析】

A．由點電荷在a點產生的場強與勻強電場方向相反可知，a點的合場強大小為E，方向由a到c，故A錯誤；

B．由點電荷在c點產生的場強與勻強電場方向相同可知，c點的合場強大小為3E，方向由a到c，故B錯誤；

CD.．由平行四邊形定則可知，b、d兩點的場強方向不同，但大小都為5E，故C錯誤，D正確。

故選D。

4、C

【解析】

以m為研究對象，受力如圖所示

由牛頓第二定律得

mgtanma

解得

agtan

而繩的拉力為

Tmg

cos

以M為研究對象，受力如圖所示

在豎直方向上，由平衡條件有

NMgTcosMmg

在水平方向上，由牛頓第二定律有

fTsinMa

解得

fMmgtan

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

5、D

【解析】

ABC．根據動量守恒定律可知兩帶電粒子動量相等。由兩圓外切可知，此為

衰變，由Rmv得大圓為粒子軌跡，

Bq

ABC項錯誤；

D．由RBq得

Raqb45

Rbqa

1

根據動量守恒定律以及動量與動能的關系有

2maEka2mbEkb

mv

得

maEkb2

mbEka117

根據周期公式

T2m可知

qB

Tamaqb10

Tbmbqa13

D項正確。

故選D。

6、C

【解析】

IREr

A．夜間，橋梁需要照明，開關K閉合，電阻R1、R2并聯，根據閉合電路歐姆定律可知，電流表示數

R

，

12

R1R2

故A錯誤；

B．夜間，開關K閉合，總電阻減小，干路電流增大，電路中電流表示數變大，故B錯誤；

C．根據能量守恒定律可知，夜間，由于用電器的增多，則太陽能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大，故C正確；

D．當電流表示數為I，則太陽能電池供電系統(tǒng)總功率為EI，輸出功率為EI﹣I2r，故D錯誤。

故選C.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、CD

【解析】

A．對P點的電子進行受力分析可知，等量異種電荷A、B在P點產生的合場強方向向左，故點電荷A帶負電，選項

A錯誤；

B．勻強電場強度大小

E2kqcos60kq

L2

L2

選項B錯誤；

C．O點的電場強度大小

E02kq2E8kqkq7kq

L

L2L2

L2

2

選項C正確；

D．由等量異種電荷電場的規(guī)律和勻強電場的特點可知，OP為電場的一條等勢線，故0p，選項D正確。

故選CD。

8、ABE

【解析】

pV＝C

AD．氣泡內氣體壓強p=p0+gh，氣泡升高過程中，其壓強減小，溫度升高，根據理想氣體狀態(tài)方程

，體積

T

一定增大，故氣泡內氣體對外界做功，故A正確，D錯誤。

B．溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，泡內氣體分子平均動能增大，故B正確。

C．溫度升高，氣泡內氣體內能增大，即△U＞0，體積增大，即W＜0，根據熱力學第一定律△U=W+Q，可得Q＞0，

故氣泡內的氣體吸熱，故C錯誤。

E．根據氣體壓強定義及其微觀意義，氣泡內氣體壓強減小，氣泡內分子單位時間內對氣泡壁單位面積的撞擊力減小，

故E正確。

故選ABE。

9、ABD

【解析】

A．若沒有物塊從木板上滑下，則三者最后共速，以三者為整體，水平方向動量守恒，

mv0=3mv1

①

則整個過程產生的熱量等于動能的變化，有

1

1

Q=mv0

2

×3mv12

2

2

聯立①②，得

②

Q=

1

3mv0

2

故A正確；

BD．a、b之間的碰撞無機械能損失，故碰撞過程中動量守恒和機械能守恒，設碰前速度分別為v1、v2，碰后分別為

v1'、v2'，且有v1＞v2，以v1方向為正方向，則有

mv1+mv2=mv1'+mv2'③

1

1

1

1

mv12+mv22＝mv1′2+mv2′2

2

2

2

2

聯立③④，得

v1'=v2

v2'=v1

④

即碰后a和木板共速，b向右運動，以a和木板為整體，此時

a和木板的加速度

a1=

bg

2

對a分析知，a的加速度最大值為

a0=ag

若b＜2a則a1＜a0，a和木板保持相對靜止，則無論v0多大，a都不會從木板上滑落；故B正確；

若b＞2a，則a1＞a0，a相對木板向左運動，故a可能從木板左端滑落，故D正確；

C．若a與b碰前三者已經共速，則ab一定不相碰，此時有

amgL1mv0213mv12⑤

22

2

聯立①⑤，得

v03agL

2

故若v0

3gL，則ab一定不相碰，故C錯誤；

2a

故選ABD。

10、BC

【解析】

A．根據勻變速直線運動公式得：

x1at2

2

則：

a22x

t

x相同，t是2倍關系，則物塊上滑過程的加速度大小是下滑過程加速度大小的4倍，故A錯誤；

B．根據勻變速直線運動公式得：v

B正確；

2ax，則物塊上滑過程的初速度大小是返回斜面底端時的速度大小的2倍，故

CD．以沿斜面向下為正方向，上滑過程，由牛頓第二定律得：

mgsin+mgcos=ma1

下滑過程，由牛頓第二定律得：

mgsin-mgcos=ma2

又

a2=4a1

聯立解得：

3tan

5

故C正確，D錯誤。

故選BC。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、9.50m/s2

【解析】

向上運動

(1)[1]頻閃間隔不影響水滴下落的實際時間間隔，第4滴的下落時間為

t40.3s

第3滴的下落時間為

t30.2s

由

x1gt421gt32

2

2

得

1g0.32m1g0.22m0.2375m

2

2

解得

g9.50m/s2

(2)[2]由于頻閃間隔小于水滴下落間隔，

觀察者會發(fā)現水滴出現在上一滴水滴位置的上方，

即觀察者認為水滴向上運動。

12、50.0

【解析】

(1)[1]根據電路結構和歐姆定律得

4.55

2.910.01

11.00.2

UI(R1RG)

解得

RGUR150.0Ω

I

(2)[2]根據并聯電路特點可得，電阻箱R1的阻值

R1IGRG51050.03Ω4.55Ω

3

IIG(605)10

(3)[3]由閉合電路歐姆定律可得

EUIGRG12IGr

解得

UEIGRG12r

根據UIG圖象可得電源電動勢

E2.91V

圖象斜率為

UR12r

IG

G

[4]解得電源內阻

r11.0Ω

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)v8m/s,v17m/s(2)t3.5s

【解析】

（1）在0-3s內，對P，由動量定理有：

F1t1+F2t2-mg（t1+t2）=mv-0

其中F1=2N，F2=3N，t1=2s，t2=1s

解得：v=8m/s

設P在BC兩點間滑行的加速度大小為a，由牛頓第二定律可得：mg=ma

P在BC兩點間做勻減速直線運動，有：v2-v12=2aL

解得：v1=7m/s

（2）設P與Q發(fā)生彈性碰撞后瞬間的速度大小分別為v1′、v2′，取向右為正方向，由動量守恒定律和動能守恒有：

mv1=mv1′+mv2′

1

1

1

mv12=mv1′2+mv2′2

2

2

2

聯立解得：v2′=v1=7m/s

碰后Q做勻減速直線運動，加速度為：a′=g=2m/s2

Q運動的時間為：t

v27s3.5s

a3

14、1）小車與墻壁碰撞時的速度是4m/s；

（

（1）要滑塊能沿圓軌道運動而不脫離圓軌道，半圓軌道的半徑R的取值為R0.14