2024屆吉林省長春汽車經(jīng)濟(jì)開發(fā)區(qū)第六中學(xué)高一物理第一學(xué)期期末檢測試題含解析

2024屆吉林省長春汽車經(jīng)濟(jì)開發(fā)區(qū)第六中學(xué)高一物理第一學(xué)期期末檢測試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一人乘升降機(jī)，測得在豎直方向運(yùn)動過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，下列說法正確的是A.內(nèi)，升降機(jī)一定向上加速運(yùn)動B.內(nèi)，升降機(jī)一定向下減速運(yùn)動C.時人對地板的壓力最大D.時，人對地板的壓力最大2、一輕質(zhì)彈簧在彈性限度內(nèi)伸長了1cm時產(chǎn)生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數(shù)是（）A.2N／m B.200N／mC.20N／m D.0．2N／m3、如圖所示，光滑水平地面上放有截面為1/4圓周的柱狀物體A，A與光滑墻面之間放一光滑的圓柱形物體B，對A施加一水平向左的力F，整個裝置保持靜止．若將A的位置向左移動稍許，整個裝置仍保持平衡，則（）A.B對A的作用力減小 B.墻對B的作用力增大C.地面對A的支持力減小 D.水平外力F增大4、在水平地面上移動同一件貨物有兩種方法，可以如圖甲用斜向下的力推動貨物，也可以如圖乙用斜向上的力拉動物體，與大小相同，當(dāng)水平面的夾角也相同，貨物在水平地面上移動相同的距離，則A.和對物體所做的功相同B.摩擦力對物體做的功相同C.物體動能的增量相同D.外力對物體做的總功相同5、下列各組物理量中，都是矢量的是()A.位移、時間、速度B.速度、速率、加速度C.加速度、速度的變化、速度D.速度、路程、位移6、甲乙兩個物體，甲的重力是乙的3倍，他們從同一高度處同時自由下落（不計空氣阻力），則下列說法中正確的是（）A.甲比乙先著地 B.甲乙同時著地C.甲的加速度比乙大 D.無法確定誰先著地7、如圖所示，物塊沿固定斜面下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則（）A.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊將加速下滑B.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊仍將勻速下滑C若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將以加速度a勻加速下滑D.若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將勻加速下滑，加速度大于a8、下列說法中正確的是（）A.合力可能小于分力 B.物體的重心可能不在物體上C.物體運(yùn)動的速度越大其慣性就越大 D.力的單位牛頓（N）是國際單位制中的基本單位9、某同學(xué)站在電梯內(nèi)的磅秤上，某段時間他觀察到磅秤示數(shù)小于電梯靜止時的示數(shù)，則在此過程中電梯可能的運(yùn)動情況是()A.電梯可能向上做減速運(yùn)動B.電梯可能向上做加速運(yùn)動C.電梯可能向下做減速運(yùn)動D.電梯可能向下做加速運(yùn)動10、如圖所示，在共點(diǎn)力合成的實(shí)驗(yàn)中橡皮筋一端固定于P點(diǎn)，另一端連接兩個彈簧秤，使這端拉至O點(diǎn)，兩個彈簧秤的拉力分別為F1，F(xiàn)2(α+β<90°)，現(xiàn)使F1大小不變地沿順時針轉(zhuǎn)過某一角度，要使結(jié)點(diǎn)仍在O處，F(xiàn)1相應(yīng)地使F2的大小及圖中β角發(fā)生變化．則相應(yīng)的變化可能的是（）A.F2可能增大 B.F2可能減少C.β角一定減小 D.β角可能增大11、如圖所示，一個小球用輕彈簧拴住，彈簧上端栓在天花板上且處于豎直方向，小球底部和地面接觸，則小球可能受到力的個數(shù)為（）A.1個B.2個C.3個D.4個12、廈門海底世界的“海獅頂球”節(jié)目因其互動性強(qiáng)而深受小朋友們的喜愛．如圖所示為一海獅把球頂向空中，并等其落下．下列說法正確的是A.球在最高點(diǎn)時受到重力和海獅對它的頂力作用B.球在最高點(diǎn)時速度為零，但加速度不為零C.球在上升過程中處于超重狀態(tài)D.球在下落過程中處于失重狀態(tài)二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，用兩根輕繩系住一個質(zhì)量為m=1kg的小球，兩根繩子的另一端分別固定于豎直轉(zhuǎn)動軸的A、B兩處，上面繩長l=2m，兩繩拉直時與軸的夾角分別為30°和45°，當(dāng)球隨轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動而以角速度ω=3rad/s做勻速圓周運(yùn)動時兩繩均處于繃直狀態(tài)．求：此時繩的拉力的大?。ㄒ阎?，要求結(jié)果保留根號）16、（12分）如圖甲所示為傾斜的傳送帶始終以恒定的速度沿順時針方向轉(zhuǎn)動,主動輪、從動輪的大小可忽略不計,傳送帶與水平面夾角為一質(zhì)量m=1kg的小物塊以初速度從傳送帶的底部沖上傳送帶并沿傳送帶向上運(yùn)動,物塊到傳送帶頂端的速度恰好為零,物塊運(yùn)動的速度--時間圖像如圖乙所示,已知求:(1)0～2s內(nèi)物塊加速度及傳送帶底端到頂端的距離(2)物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)；(3)如果物塊可以在傳送帶上留下劃痕,求0～4s內(nèi)傳送帶上的劃痕長度17、（12分）如圖所示，質(zhì)量m=2kg的物塊靜止在水平地面上，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，用一水平恒力F=10N作用在該物塊上，使它在水平地面上由靜止開始加速運(yùn)動，F(xiàn)作用4s后撤去。取g=10m/s2，求：（1）物塊在這4s內(nèi)的加速度的大??；（2）物塊在這4s內(nèi)發(fā)生的位移多大；（3）撤去水平恒力F后，物塊經(jīng)多長時間停下來。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解題分析】A、以豎直向上為a的正方向，知內(nèi)，升降機(jī)的加速度a一定向上，但加速度與速度無關(guān)，速度不一定向上，所以升降機(jī)不一定向上加速運(yùn)動．故A錯誤B、內(nèi)，升降機(jī)的加速度向下，但速度方向不能確定，所以升降機(jī)不一定向下減速運(yùn)動，故B錯誤C、當(dāng)物體的加速度向上時，物體對接觸面的壓力大于物體的重力時，物體處于超重狀態(tài)，則知內(nèi)，升降機(jī)處于超重狀態(tài)，且時加速度最大，超重最大，人對地板的壓力最大．故C正確D、當(dāng)物體的加速度向下時，物體對接觸面的壓力小于物體的重力時，物體處于失重狀態(tài)，可知時，人對地板的壓力最小，故D錯誤2、B【解題分析】由題，F(xiàn)=2N，x=1cm=1×10-2m，根據(jù)胡克定律F=kx得彈簧的勁度系數(shù)，故選B【題目點(diǎn)撥】彈簧的彈力與形變量之間的關(guān)系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量3、A【解題分析】先對B球受力分析，受到重力mg、A球?qū)球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得到A球左移后各個力的變化情況；最后再對整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷推力F和地面的支持力的變化情況【題目詳解】對B球受力分析，受到重力mg、A球?qū)球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，如圖當(dāng)A球向左移動后，A球?qū)球的支持力N′的方向不斷變化，根據(jù)平衡條件結(jié)合合成法可以知道A球?qū)球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N都在不斷減小，即B對A的作用力減小，故A正確，B錯誤；再對A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力FN，推力F和墻壁的彈力N，如圖；根據(jù)平衡條件，有F=N；FN=G；故地面的支持力不變，推力F隨著壁對B球的支持力N的不斷減小而不斷減小，故CD錯誤；故選A【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵是先對小球B受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個力的變化情況，然后再對A、B整體受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式分析4、A【解題分析】根據(jù)受力分析比較拉力和推力的大小，再通過W=Fscosθ，比較做功的大小．根據(jù)動能定理分析動能的增量關(guān)系【題目詳解】由題意可知，兩個力的大小相等，且與位移間的夾角相等，由W=Fscosθ，可知兩力做功一定相等；故A正確．由于F1對物體有向下壓的效果，而F2是向上提的效果，故可知A物體受到的摩擦力要大于B受到的摩擦力，故摩擦力對A做功要多；故B錯誤．由上知，外力對物體做的總功不等，根據(jù)動能定理得知物體動能的增量不同，合外力對A做功較少，A的動能增量較小，故CD錯誤．故選A【題目點(diǎn)撥】本題考查動能定理及功的計算，要注意正確進(jìn)行受力分析，根據(jù)功的公式分析力做功情況即可5、C【解題分析】A.位移、速度都是矢量，時間是標(biāo)量，故A不符合題意；B.速度、加速度者是矢量，速率是標(biāo)量，故B不符合題意；C.加速度、速度的變化，速度都是矢量，故C符合題意；D.速度、位移都是矢量，路程是標(biāo)量，故D不符合題意6、B【解題分析】自由落體運(yùn)動的加速度都是g，與物體的重力大小無關(guān)，則當(dāng)兩物體從同一高度處同時自由下落時，用時間相同，則甲乙同時落地。故選B7、BD【解題分析】設(shè)斜面傾角為，原來物體勻速下滑時有：，即，與物體的重力無關(guān)，則施加豎直向下的力F，物體仍勻速下滑，A錯誤，B正確；若物塊A原來加速下滑，有，將F分解，則，動力的增加大于阻力的增加，加速度變大，故C錯誤，D正確；選BD.【題目點(diǎn)撥】將F分解為垂直于斜面和平行于斜面兩個分力和，根據(jù)力的獨(dú)立作用原理，單獨(dú)研究F的作用效果，當(dāng)F引起的動力增加大時，加速度增大，相反引起的阻力增大時，加速度減小8、AB【解題分析】A．合力可能大于，小于或等于任意一個分力，A正確；B．質(zhì)量分布均勻，形狀規(guī)則的物體的重心在其幾何中心，所以重心不一定在物體上，如籃球，手鐲等，B正確；C．恒量慣性大小的唯一標(biāo)準(zhǔn)就是質(zhì)量，質(zhì)量越大，慣性越大，C錯誤；D．力的單位牛頓（N）是根據(jù)牛頓第二定律推出的導(dǎo)出的單位，D錯誤；故選AB。9、AD【解題分析】對該同學(xué)受力分析，受重力和支持力，然后求解出合力方向，得到加速度方向，最后確定電梯的運(yùn)動情況；【題目詳解】該同學(xué)受重力和支持力，磅秤示數(shù)小于電梯靜止時示數(shù)，說明支持力小于重力，故合力向下，加速度向下，速度可以向下，也可以向上，故電梯減速上升或者加速下降，故選項(xiàng)AD正確，選項(xiàng)BC錯誤【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵通過受力情況確定加速度的方向，然后確定物體可能的運(yùn)動情況10、AD【解題分析】根據(jù)平行四邊形定則有：若如圖1變化所示，可以增大的同時增大角；如圖2所示，可以增大的同時減小角；如圖3所示，可以增大而保持角不變；同時根據(jù)平行四邊形定則可知，減小的同時減小角是不能組成平行四邊形的，故AD正確，BC錯誤；故選AD。11、BC【解題分析】小球與彈簧和地面兩個物體接觸，當(dāng)彈簧的拉力與重力相等時，地面對小球沒有彈力；當(dāng)彈簧的拉力小于小球的重力時，地面對小球有支持力【題目詳解】AB、當(dāng)彈簧的拉力與重力相等時，地面對小球沒有彈力，物體受重力和一個彈力，共受2個力作用．故A錯誤，B正確；C.當(dāng)彈簧的拉力小于小球的重力時，地面對小球有支持力，物體受到重力和兩個彈力，此時受3個力作用．故C正確D.小球與彈簧和地面兩個物體接觸，小球最多受到兩個彈力．即最多受3個力的作用．故D錯誤故選BC.12、BD【解題分析】根據(jù)豎直上拋運(yùn)動是初速度向上，只在重力作用下的運(yùn)動，加速度為g，上升和下落過程具有對稱性，同一位置速度大小相等，方向相反即可解題【題目詳解】豎直上拋運(yùn)動是初速度向上，只在重力作用下運(yùn)動，球在最高處只受到重力，故A錯誤；球上升到最高點(diǎn)時受到重力的作用，速度為零，加速度為g，故B正確；球上升到最高點(diǎn)時受到重力的作用，加速度為g，加速度的方向向下，處于失重狀態(tài)，故C錯誤；豎直上拋運(yùn)動上升和下落過程都是只受到重力的作用，加速度為g，加速度的方向向下，處于失重狀態(tài)，故D正確．所以BD正確，AC錯誤【題目點(diǎn)撥】本題主要考查了豎直上拋運(yùn)動的基本規(guī)律，要求同學(xué)們知道，豎直上拋運(yùn)動是初速度向上，只在重力作用下的運(yùn)動二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、N【解題分析】由題意可知，兩繩均處于張緊狀態(tài)，此時小球受、和mg三個力的作用，正交分解后得：水平方向：豎直方向：代入數(shù)據(jù)后解得：16、（1）-10m/s2；32m（2）05（3）20m【解題分析】（1）根據(jù)圖示圖象應(yīng)用加速度定義式求出加速度，v-t圖象與坐標(biāo)軸形成圖形的面積等于物體的位移（2）應(yīng)用牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)（3）求出兩段時間內(nèi)物塊相對于傳送帶的滑行距離，然后求出劃痕長度【題目詳解】（1）由圖示圖象可知，0～2s內(nèi)物塊加速度為：，負(fù)號表示加速度方向與速度方向相反；由圖示圖象可知，傳送帶底端到頂端的距離為：x=×（24+4）×2+×2×4=32m；（2）0～2s內(nèi)，由牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma，代入數(shù)據(jù)解得：μ=0.5；（3）由v-t圖象可知，物塊在0～2s內(nèi)向上做減速運(yùn)動，當(dāng)減速到與傳送帶速度相等時，由于重力沿傳送帶的分力大于物塊受到的最大靜摩擦力，物塊繼續(xù)向上做減速運(yùn)動，由此可知傳送帶的速