2021屆河北省新時代NT抗疫愛心卷高考物理模擬試卷(含答案解析)

2021屆河北省新時代NT抗疫愛心卷高考物理模擬試卷

一、單選題(本大題共7小題，共24.0分)

1.下列說法不正確的是()

A.盧瑟福用a粒子散射實驗，證明原子核是由質子和中子組成的

B.夕衰變中產生的0射線，是原子核內中子轉化為質子時釋放出的高速電子流

C.比結合能越小表示原子核中核子結合得越松散，原子核越不穩(wěn)定

D.電子顯微鏡是利用了實物粒子的波動性原理制成的

2.2017年6月15日，酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心采用長征四號乙運載火箭將我國首顆X射線空間天文衛(wèi)星成

功發(fā)射到550/an高的地球圓形軌道上.該衛(wèi)星安裝的“慧眼”望遠鏡于8月17日成功監(jiān)測

到了NGC4993星系兩顆中子星合并時發(fā)射引力波波源所在的天區(qū).該雙中子星合并前相互繞轉,

邊轉邊靠近，直至碰撞到一起形成新的天體，并發(fā)出電磁波.

(1)以“慧眼”望遠鏡為參考系，可看作靜止的是

A.衛(wèi)星B.地球

C.酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心D.中子星

(2)兩中子星邊轉邊靠近的過程中，兩者間的萬有引力

A.先增大后減小B.先減小后增大C.逐漸減小D.逐漸增大

(3)兩顆中子星4、B分別以半徑以、3(以>3)繞點0轉動，角速度相同，周期分別為。、TB，

線速度大小分別為孫、如.則

.2二

AB

A.TA>TBB.TA<TBC.VA>

vBD.vA<vB

(4)X射線空間天文衛(wèi)星的運行速度

A.小于7.9km/sB.等于7.9km/sC.大于7.9/CTTI/SD.大于11.2k?n/s

3.今年夏天由于降雨量過大，部分地區(qū)爆發(fā)了洪水，政府部門積極應

對展開救援工作。如圖，一架直升機通過輕繩打撈洪水中質量為小的

物體，由于流動的水對物體產生水平方向的沖擊，使輕繩張緊且偏

離豎直方向，當直升機相對地面靜止時，繩子與豎直方向成a角，下列說法正確的是（）

A.物體受到3個力的作用

B.繩子的拉力為翳

C.繩子的拉力可能小于mg

D.物體受到洪水水平方向的作用力等于繩子的拉力

rto6

4.如圖為甲、乙兩質點的u-t圖象。對于甲、乙兩質點的運動，下列說1

法中不正確的是（）j?

A.質點甲、乙的速度大小相等.4—514<U

B.在相同的時間內，質點甲、乙的位移相同?外乙

C.質點甲向所選定的正方向運動，質點乙與甲的運動方向相反

D.若甲、乙從同一地點開始運動，它們之間的距離一定越來越大

二、多選題（本大題共6小題，共33.0分）

s

5.如圖所示，平行金屬導軌與水平面成。角，導軌與固定電阻和&相連，勻V

強磁場垂直穿過導軌平面，有一導體棒ab,質量為導體棒的電阻與固

定電阻K和/?2的阻值相等，與導軌之間的動摩擦因數〃，導體棒協(xié)沿導軌

向上滑動，當上滑的速度為"時，受到安培力的大小為F,此時（）

A.電阻/?2的電熱功率為臺

B.電阻％的電熱功率為當

C.整個裝置消耗的機械功率為Fv

D.整個裝置因摩擦而產生的熱功率為〃mgvcose

6.如圖所示，豎直的光滑半圓形軌道，水平直徑ac=2R,軌道左半

XX

部分處在垂直紙面向里的勻強磁場中，右半部分處在垂直紙面向

外的勻強磁場中。將質量為m的金屬小球從a點無初速釋放，下列

說法正確的是（

A.運動過程中系統(tǒng)的機械能守恒

B.運動過程中小球內沒有感應電流

C.小球不可能運動到c點

D.小球最終產生的內能為mgR

7.如圖所示，小車上有固定支架，支架上用細線拴一個小球，線長為L（小o

L

球可看作質點），小車與小球一起以速度％沿水平方向向左勻速運動.當

小車突然碰到矮墻后車立即停止運動，此后小球升高的最大高度可能是.ooL

△〃〃力〃，力〃〃〃

（線未被拉斷）（）

A.大于葛B(yǎng).小于葛C.等于原D.等于2Z,

8.如圖所示，水平放置的充電的平行金屬板相距為d,其間形成勻強電,?―，丁

場.一帶正電油滴從下極板邊緣射入，并沿直線從上極板邊緣射出，一d

油滴的質量為m,帶電量為q,則（）'[

A.油滴的加速度為零

B.油滴的電勢能增加「mgd

C.兩極板的電勢差為等

D.場強的方向豎直向上

9.下列說法正確的是（）

A.分子間距離增大，分子間作用力一定減小

B.機械能可以全部轉化為內能，內能也可以全部用來做功轉化成機械能

C.溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同

D.物體由大量分子組成，其單個分子的運動是無規(guī)則的，大量分子的運動遵循統(tǒng)計規(guī)律

10.如圖所示，用透明材料做成一長方體形的光學器材，要求從上表面射入的----

光線能從右側面射出，那么該材料的折射率（）

A.折射率必須大于應

B.折射率必須小于近

C.折射率一定大于1

D.無論折射率是多大都不可能

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

11.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中：

（1）某同學用圖1所示裝置進行實驗，得到圖2所示的紙帶，測出點4、C間的距離為14.77cm,點C、E

間的距離為16.33cm,已知當地重力加速度為9.8m/s2,打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz,

重錘的質量為m=1.0kg,則C點對應的速度是m/s（保留三位有效數字），重錘在下落過

程中受到的平均阻力大小弓=N。

OABD

,6-33^dJ

圖2

圖1

（2）另一同學上交的實驗報告顯示重錘增加的動能略大于重錘減少的重力勢能，則出現(xiàn)這一問題的原

因可能是（填序號）。

A.重錘的質量測量錯誤

員該同學自編了實驗數據

C.交流電源的實際頻率不等于50Hz

D重錘下落時受到的阻力過大。

12.在“測定電源的電動勢和內阻”的實驗中，實驗室各有如下器材:

A.待測電池組（由兩節(jié)干電池組成，每節(jié)電池電動勢約為1.5人內阻為幾歐姆）

B.直流電壓表匕、吟（量程均為3V,內阻均約為3kO）

C.定值電阻島（阻值未知）

。.滑動變阻器R（最大阻值為Rm）

E.開關，導線若干

某同學設計了如圖甲所示的電路，他利用該電路先測出定值電阻&的阻值，再測量待測電池組的電

（1）先把滑動變阻器R調到最大阻值Rm，再閉合開關s,讀出電壓表匕和彩的示數分別為Uio、U20,

則可求出定值電阻島的阻值為&=（用Uio、U20和Rm表示）。

(2)移動滑動變阻器的滑片，讀出電壓表匕和%的多組數據/、U2,描繪出(A-4的關系圖象如圖

乙所示。圖中直線的斜率為七直線與橫軸的截距為U。，則待測電池組的總電動勢E=,

總內阻r=(均用k、U。、&表示)。

四、簡答題(本大題共2小題，共32.0分)

13.如圖所示，在4處固定一彈射器，質量m=0.2kg的小球從彈射器彈出后，沿光滑的水平面運動

至力點后沖上豎直平面內半徑為R=0.4m的光滑半圓環(huán)軌道BCD,然后通過半圓環(huán)軌道從。點水

平飛出，小球從。點飛出后剛好落在出發(fā)點4處，已知A、B間的距離為0.4機。重力加速度g取

10m/s2,半圓環(huán)軌道的半徑遠大于小球直徑。求：

(1)小球在。點水平飛出時速度大??；

(2)小球通過B點時對軌道壓力的大小和方向。

14.如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m,金屬導軌所在的平

面與水平面夾角。=37。,在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=

0.507、方向垂直于導軌所在平面向上的勻強磁場。金屬導軌的一端

接有電動勢E=6.0V、內阻r=0.50。的直流電源?，F(xiàn)把一個質量?n=

0.05kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止。導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導

體棒的電阻為R=2.50,金屬導軌的電阻忽略不計,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g^L10m/s2,

求：

(1)通過導體棒電流/的大小和方向；

(2)導體棒受到的安培力的大??；

(3)導體棒受到的摩擦力的大小和方向。

五、計算題(本大題共2小題，共20.0分)

15.0.4m。1某種理想氣體的壓強p與溫度t的關系如圖所示，圖中po為標

準大氣壓。已知任何理想氣體在標準狀態(tài)下(溫度0汽，壓強為一個

標準大氣壓)16。/的體積都是22.43求該氣體在狀態(tài)C時的體積?

-2730127227t/b

16.如圖所示，實線是某時刻的波形圖線，虛線是0.2s后的波形圖線.

(1)該波可能的傳播速度；

(2)若0.1s<T<0,2s,求可能的波速;

(3)若波速為55TH/S,求波的傳播方向.

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、a粒子散射實驗的結果證明原子具有核式，故A錯誤；

8、￡衰變的實質是原子核中的一個中子轉化成一個質子，同時產生一個電子，這些電子以夕射線的

形式釋放出去，故B正確；

C、比結合能越大，表示原子核中核子結合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定，同理可知，比結合能越小表示

原子核中核子結合得越松散，原子核越不穩(wěn)定，故C正確；

。、人們利用電子顯微鏡觀測物質的微觀結構，說明電子可以產生衍射現(xiàn)象，說明具有波動性，故。

正確。

本題選不正確的，

故選：4。

a粒子散射實驗的結果證明原子的核式結構；

根據0衰變的本質分析；

比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，比結合能越小，原子核越不穩(wěn)定；

電子顯微鏡利用了電子的波動性原理制成；

本題考查了a粒子散射實驗、/?衰變、比結合能、實物波等內容，多熟悉課本知識，多歸類總結；

2.答案：

【小題1】A【小題2】D【小題3】C【小題4】A

解析：

相對于參照物位置變化的物體是運動的，位置不變的物體是靜止的，研究運動情況，關鍵看它與所

選參照物的位置是否變化，據此對各個選項逐一進行分析即可做出選擇。

本題考查參考系的選擇對研究物體的運動的影響；并且在解答此題的同時可以使學生很好的接受科

技教育，激發(fā)學生的愛國主義精神，增強民族自豪感，符合新課程理念，是一道較為典型的好題。

A、“慧眼”HXMT望遠鏡相對于衛(wèi)星位置不變，以望遠鏡為參照物，衛(wèi)星是靜止的，故A正確；

BCD、若以“慧眼”望遠鏡為參考系，地球、酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心、中子星都是運動的，故8CZ）錯誤；

故選A。

根據萬有引力定律F=g詈公式求解，兩物體間的萬有引力大小與兩物體的質量乘積成正比，與距

離的二次方成反比。

解決本題的關鍵掌握萬有引力定律的公式，知道公式的適用條件。

兩中子星邊轉邊靠近的過程中，兩者間距離減小，根據萬有引力定律?=爺也，「減小，萬有引力F

逐漸增大；故4BC錯誤；。正確；

故選D。

兩顆中子星4、B分別以半徑以、力(。＞2)繞點。轉動，角速度相同，根據T=三判斷周期；由v=rw

(1)

判斷線速度；

本題知道共軸轉動的物體角速度相等，應用線速度、周期公式即可正確解題。

AB,兩顆中子星繞點0轉動，角速度相同；根據7=號知；周期相同，TA=TB,故AB錯誤；

CD、角速度相同；由v=ro),以＞玷,故力＞如，故C正確；。錯誤；

故選Co

7.9krn/s是近地衛(wèi)星的運行速度，是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大運行速度，衛(wèi)星的軌道半徑越大，

運行越慢。

解決本題的關鍵要知道衛(wèi)星的線速度、加速度和周期與軌道半徑的關系，知道衛(wèi)星的軌道半徑越大，

運行越慢。

7.9km/s是近地衛(wèi)星的運行速度，離地球越遠的衛(wèi)星運動得越慢，故該衛(wèi)星的運行速度一定小于第

一宇宙速度7.9/cm/s,故A正確，BCD錯誤；

故選A。

3.答案：C

解析：解：ABC,對物體受力分析，受重力、浮力、拉力和

水對它水平方向的作用力，如圖所示；

豎直方向根據平衡條件可得：尸郎+Tcosa=mg

解得繩子的拉力為7=吧口，繩子的拉力T可能小于mg，故

cosa

AB錯誤、C正確；

D、水平方向根據平衡條件可得：f=Tsina,洪水水平方向

的作用力等于拉力的水平分力，故。錯誤。

故選：Co

對物體受力分析，受重力、浮力、拉力和水對它水平方向的作用力，根據平衡條件并運用正交分解

法列式分析。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、

利用平行四功形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程

進行解答，本題關鍵不要忘了物體還受到浮力作用。

4.答案:B

解析：解：4、由圖讀出，甲的速度為2M/S,乙的速度為-2m/s,說明兩物體的速度大小相等，方

向相反，故A正確。

8、由于質點甲向正方向運動，乙向負方向運動，在相同的時間內，質點甲、乙的位移大小相等，方

向相反，所以位移不相同。故B錯誤。

C、甲的速度為正值，說明質點甲向所選定的正方向運動，乙的速度為負值，則質點乙與甲的運動方

向相反，故C正確。

。、若甲、乙從同一地點開始運動，因為甲、乙向相反方向運動，則它們之間的距離一定越來越大。

故。正確。

本題選不正確的，

故選：B。

由圖能直接讀出兩質點的速度，只有當位移的大小和方向都相同時，位移才相同。由圖線與坐標所

圍“面積”讀出位移，圖線在坐標軸上方，位移為正方向，圖線在坐標軸下方，位移為負方向。由

速度的正負確定出速度的方向。根據甲、乙的出發(fā)地點位置關系，判斷它們之間的距離是增大還是

減小。

本題考查基本的讀圖能力。要注意速度-時間圖象不能反映質點初始位置，知道速度的符號表示速

度的方向。要注意矢量只有大小和方向都相同時才相同。

5.答案：AD

解析：解：力、固定電阻M和/?2并聯(lián)后的電阻值為：

設就長度為3磁感應強度為B,ab棒的速度為〃時產生的感應電動勢為E=8打，ab中感應電流為：

/—E_E_BW

我+R3+R1.5/?

昉所受安培力為：F=BIL=B—L=

1.5R3RJ

電阻此消耗的熱功率為：「］=(h)2/?=竺誓…②，

29R

由①②得，匕=手電阻R1和/?2阻值相等，它們消耗的電功率相等，則P1=P2=詈，故A正確，

8錯誤.

C、導體棒克服摩擦力做功的功率為丹=〃mgucosa,而〃mgcosa<F,所以導體棒克服摩擦力做功

的功率小于Fu,故C錯誤；

D、整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為：Pf=fv=pmgcosa-v=nmgvcosa-故。正確

故選：AD

導體棒ab向上滑動時切割磁感線產生感應電動勢，相當于電源，電阻％、&并聯(lián)與導體棒串聯(lián).由

感應電動勢公式七=8八、歐姆定律、安培力公式，推導安培力與速度的關系式.由功率公式電阻

的熱功率及導體棒克服摩擦力做功的功率.

解決本題是根據法拉第電磁感應定律、歐姆定律推導出安培力與速度的表達式，結合功率公式和功

能關系進行分析.

6.答案：CD

解析：解：4、小球從磁場交界Ob通過時，由于通過小球的磁通量發(fā)生變化，在球內產生渦流，從

而一部分機械能轉化為內能，機械能減小，故A錯誤；

8、在通過磁場交界時產生感應電流，其他位置無感應電流，故8錯誤；

C、小球第一次通過0b線有部分機械能轉化為內能，那么當小球第一次過0b線后，再向上運動的的

最大高度比c點稍低一點，故C正確；

。、根據能量守恒，每次通過交界線小球都要損失機械能，多次通過交界線后，小球最終停在b處,

則△U=rn.gR,故。正確。

故選：CD。

根據產生感應電流的條件分析是否會產生感應電流，根據能量守恒分析小球上升的高度和最終轉化

的內能。

本題主要是考查電磁感應現(xiàn)象，知道感應電流產生的條件以及電磁感應現(xiàn)象中能量的轉化是關鍵。

7.答案：BCD

解析：解：如果小球的速度不能使小球做圓周運動，由機械能守恒可得，\mV2=mgh,所以最大

?2

高度可能是M，所以c正確.

2g

如果有空氣的阻力的話，機械能不守恒，最大高度就要小于篝；所以8正確.

2g

如果小球的速度能使小球做圓周運動，那么最大的高度就是圓周運動的直徑23所以。正確.

故選：B、C、D.

小球在運動的過程中機械能守恒，由機械能守恒可以求得小球能到達的最大高度；

如果小球可以達到最高點做圓周運動的話，那么最大的高度就是圓周運動的直徑.

本題由多種可能性，在分析問題的時候一定要考慮全面，本題考查的就是學生能不能全面的考慮問

題，難度不大.

8.答案：ACD

解析：

微粒在電場中受到重力和電場力，而做直線運動，電場力與重力必定平衡做勻速直線運動，否則就

做曲線運動.微粒的加速度一定為零.根據能量守恒研究微粒電勢能的變化.由題可判斷出電場力

方向，根據微粒帶正電，可判斷電場強度方向.

本題是帶電粒子在電場中運動的問題，關鍵是分析受力情況，判斷出粒子做勻速直線運動.

A、由題意可知，微粒受到電場力與重力，處于平衡狀態(tài)，則其加速度為零，故A正確；

8、重力做負功mgd,微粒的重力勢能增加，動能不變，根據能量守恒定律得知，微粒的電勢能減小

了mgd.故8錯誤.

C、由上可知微粒所受電場力做功皿=^1。乙又W=qU,得到兩極板的電勢差〃=等.故C正確.

。、由題分析可知微粒必定做勻速直線運動，加速度為零，微粒除重力外還受到豎直向上的電場力,

由于電荷帶正電，所以電場強度的方向為豎直向上，故。正確.

故選：ACD.

9.答案:CD

解析：解：4、根據分子力與分子之間距離的關系圖象可知，當分子間距離增大時，分子力作用力不

一定減小.故A錯誤；

8、根據熱力學第二定律可知，機械能可以全部轉化為內能，內能無法全部用來做功以轉化成機械能，

故8錯誤；

C、根據熱力學第零定律可知，溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩

系統(tǒng)溫度相同.故C正確；

。、物體由大量分子組成，其單個分子的運動是無規(guī)則的，大量分子的運動遵循統(tǒng)計規(guī)律.故。正

確.

故選：CD

據分子力與分子之間距離的關系圖象分析分子力的變化；根據熱力學第二定律可知，內能無法全部

用來做功以轉化成機械能，根據熱力學第零定律可知，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩系統(tǒng)

溫度相同.

該題考查分子間作用力基本內容和熱力學第零定律、熱力學第二定律的內容，要注意的是熱力學第

二定律的幾種常見的說法，要切實理解并牢記.

10.答案：BC

解析：

本題關鍵要掌握全反射的條件，充分運用數學知識進行求解.要注意折射率是大于1的常數。

要求從上表面射入的光線可能從右側面射出，光線射到右側面的入射角不大于臨界角，根據折射定

律和幾何知識結合進行求解。

設光線在上表面的入射角為i,折射角為％,在右側面的入射角為%，

由幾何知識得：%+。2=90。...①

要求從上表面射入的光線可能從右側面射出，必須滿足。2<c...@

則得sin/<sinC=，…③

由sini=nsind1

得：sin%=詈…④

由①得：sin92=cos/=Jl—(^^)2<；…⑤

由③、⑤得：n<Vsin2t+1

因i最大值為90。，則得7i<V2,且n>lo

故選BC。

11.答案：3.890.5BC

解析：解：①B點的即時速度等于AC段的平均速度，即：%.=8"+iG3)cm=3.89m/s；

利用勻變速直線運動的推論△%=a72求出物體下落的加速度為：a=篝=。63(：蒜7)的=

9.75m/s2

根據牛頓第二定律可以得到mg-f=ma,所以有：

f=mg-ma=m(g—a)=1x(9.8—9.75)N=0.05/V

故答案為:0.05N。

②實驗報告顯示重錘增加的動能略大于重錘減少的重力勢能，說明測量的物體的速度偏大或者是物

體的重力勢能偏小，

A、由重錘下落過程中=可知，重錘的質量與實驗的數據無關，所以重錘的質量測量錯誤

不會影響實驗的數據，故A錯誤；

8、該同學若自編了實驗數據，可能導致重錘增加的動能略大于重錘減少的重力勢能，故8正確；

C、交流電源的頻率不等于50Hz.此時點之間的時間間隔不是0.02s,所以此時的測量的速度可能會大

于真實的數值，導致重錘增加的動能略大于重錘減少的重力勢能，故C正確；

。、重錘下落時受到的阻力過大，會使物體的速度減小，不會使物體的動能變大，故。錯誤；

故選BC。

故答案為：3.89m/s,0.05/V,BC

①紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用中點時刻的即時速度等于該

段上的平均速度，可以求出b點的速度；利用勻變速直線運動的推論△尤=?？?，可以求出重錘下落

的加速度大小，根據牛頓第二定律mg-f=ma可以求出重錘下落過程受到的空氣阻力大??；

②該實驗的系統(tǒng)誤差主要來源于紙帶和打點計時器的摩擦以及空氣阻力的存在，偶然誤差來著數據

的測量。

紙帶問題的處理是力學實驗中常見的問題。我們可以紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得

紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度，

從而進一步根據物理規(guī)律得出實驗結論。

(-20--10)防kU。Ro

12.答案:

Sok-1k-1

n%U-U(U2o-Uio)Rm

解析：解：⑴由圖甲所示電路圖可知，定值電阻阻值：Ro=^=2Q10=—4一；

Rm

(2)由圖甲所示電路圖可知，電源電動勢：E=U+Ir=U+^r,

22Ko

整理得：力=午1；2-平，

由圖示U1—U2圖線可知：%=手，々=竿

解得，電源電動勢：E

=k-1

電源內阻：r=急；

故答案為：(1產。肅)即；(2)巖；懸。

(1)根據圖示電路圖應用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出定值電阻阻值。

(2)根據圖示電路圖應用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數表達式，然后根據圖示圖線求出電源電動

勢與內阻。

本題考查了實驗數據處理，分析清楚電路結構與實驗步驟是解題的前提，應用串并聯(lián)電路特點與歐

姆定律可以解題，應用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數表達式是解題的關鍵。

13.答案:解：

(1)小球從。點飛出后剛好落在出發(fā)點4處，小球做平拋運動，運動時間1=后=0-4s,則小球在。點

水平飛出時速度%=綃=Im/s；

(2)4運動至。對小球用動能定理得-mg2R=一如瑤，代入數值解得6=y/17m/s^

在B點小球進入軌道做圓周運動，軌道支持力與小球重力的合力提供向心力，根據向心力公式得FN-

mg=6焦，代入數值解得FN=10.5N,方向豎直向上。

答：(1)小球在。點水平飛出時速度大小為lm/s；

(2)小球通過B點時對軌道壓力的大小為10.5N,方向豎直向上。

解析：(1)小球從D點飛出后剛好落在出發(fā)點4處，小球做平拋運動。分解平拋運動為水平方向勻速

直線運動和豎直方向自由落體運動，分別在水平和豎直方向有運動學公式求解；

(2)運用動能定理求出B點速度，進入8點后小球做圓周運動，軌道支持力與小球重力的合力提供向

心力，根據向心力公式求解。

此題考查平拋運動基本概念和公式及圓周運動結合動能定理。解題關鍵為找出小球圓周運動的向心

力。

14.答案：解(1)根據閉合電路歐姆定律可得電路電流：I=^-=-^—A=2A,方向b-a。

K~rT乙5+U.5

(2)根據安培力的計算公式可知導體棒受到的安培力F安=B1L=0.5Tx24x0.4N=0.4N。

(3)導體棒重力沿斜面向下的分力：G]=mgsin37°=0.05x10x0.6N=0.3/V

由于Gi<F安，故摩擦力方向沿斜面向下。

根據力的平衡條件可得Gi+/=產安。

故/=產安.Gi=0.4/V-0.3N=Q.1N,方向沿斜面向下。

答：(1)通