2021年高考物理押題預(yù)測卷（江蘇卷）02（全解全析）

2021年高考押題預(yù)測卷02【江蘇卷】

物理?全解全析

12345678910

CCBBDBBBBA

1.【答案】c

【解析】由核反應(yīng)過程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知FH+FH-23He+oh則新粒子為中子Nn,所以A錯(cuò)

誤；核反應(yīng)過程中質(zhì)量虧損，釋放能量，仍然滿足能量守恒定律，B錯(cuò)誤；由題意可知△E=(2.0141x2-3.

0160-1.0087)x931MeV=3MeV,根據(jù)核反應(yīng)中系統(tǒng)的能量守恒有EkHe+￡kn=2￡b+AE,根據(jù)核反應(yīng)中

"EkHemn"?n

系統(tǒng)的動(dòng)量守恒有PHC—pn=O,由￡k—2/n>可知Ekn=WJHe，解得EkHc=mn+wJHe(2Eo+4均WMeV,Ekn=

ntHe

嬴不嬴(2Eo+AE)=3MeV,所以C正確，D錯(cuò)誤.

2.【答案】C

【解析】反射光線過圓心，射出時(shí)與圓形玻璃磚面垂直，不會發(fā)生色散現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；根據(jù)光在玻璃中的

傳播的速度丫=；,紅光頻率最小，折射率最小，紅光在玻璃磚中傳播速度最大，故B錯(cuò)誤；玻璃磚繞。點(diǎn)

sini

逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)過角度。的過程中，入射角增大，由折射定律”=而可知，折射角也隨之增大，而且法線

也逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，所以折射光斑在弧形屏上沿C-Q方向移動(dòng)，即折射光斑沿順時(shí)針方向移動(dòng)，C正確；由臨

1

界角公式sinC=G可知，紫光折射率最大，臨界角最小，玻璃磚旋轉(zhuǎn)過程中弧形屏上最先消失的一定是紫光,

故D錯(cuò)誤。

3.【答案】B

【解析】譜線a是氫原子從n=4能級躍遷到n=2能級時(shí)的輻射光，譜線b比a的波長略短，則b光的頻率

比a光的頻率略高，其光子的能量比a光光子的能量略大，所以譜線b是氫原子從n=5能級躍遷到n=2

能級時(shí)的輻射光，B正確.

4.【答案】B

【解析】由題圖乙讀出f=0.6s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向，由題圖甲判斷出波的傳播方向?yàn)?/p>

220

沿x軸正方向，故A錯(cuò)誤；由圖甲讀出波長為2=20m,由乙圖知周期7=1.2s則波速為丫=亍=/m/s

50

=至m/s,故B正確；。=0.6s=0.5T,質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)時(shí)在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程為4倍振幅，

則經(jīng)過Af=0.6s,A質(zhì)點(diǎn)通過的路程是：s=2A=4cm,故C錯(cuò)誤；圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，

質(zhì)點(diǎn)。沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)。早回到平衡位置，將此圖象與正弦曲線進(jìn)行對比可知，

2040

P點(diǎn)的橫坐標(biāo)為白=至m,。點(diǎn)的橫坐標(biāo)m,根據(jù)波形的平移法可知質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)。早回到平衡

位置時(shí)間為：，=~V-=0.4s,故D錯(cuò)誤.

5.【答案】D

【解析】“天問一號”探測器需要脫離地球的引力才能奔向火星繞火星運(yùn)行，發(fā)射的最小速度為第二宇宙速度

11.2km/s,A項(xiàng)錯(cuò)誤；“天問一號”探測器在火星附近時(shí)應(yīng)朝速度方向噴氣，才能獲得阻力實(shí)現(xiàn)制動(dòng)減速，

B項(xiàng)錯(cuò)誤；衛(wèi)星在行星表面附近繞行的速度為該行星的第一宇宙速度，由6筆=機(jī)方，可得v=J陪，

故y火“地=1:有，C項(xiàng)錯(cuò)誤；在行星表面附近，由G絲?=mg和=可得迎1,故

2、GM

t火:%=小：壺,D項(xiàng)正確。故選D。

6.【答案】B

L311

【解析】排球運(yùn)動(dòng)到乙位置的時(shí)間為，=一=至s=0-3s；該段時(shí)間排球下降的距離為h=Egd=，xl0x0.

32m=0.45m；此時(shí)排球離地高度為h3=H—h=3m—0.45m=2.55m>hi,故乙在網(wǎng)前直立不動(dòng)攔不到，故A

錯(cuò)誤；球員乙起跳攔網(wǎng)高度為h2=2.75m,跳起的高度為Ah=(2.75—2.30)m=0.45m,豎直上拋運(yùn)動(dòng)的下降

/?Ah/2x0.45

時(shí)間與上升時(shí)間相等，故有t，=N~^~=7~^~s=0.3s,故乙在甲擊球時(shí)同時(shí)起跳離地，在球到達(dá)乙位

置時(shí)，運(yùn)動(dòng)員乙剛好到達(dá)最高點(diǎn)，可以攔住，故B正確；結(jié)合選項(xiàng)B的分析，乙在甲擊球后0.25s起跳離

地，初速度為vo=gt，=10x0.3m/s=3m/s,上升時(shí)間0.05s時(shí)球到達(dá)乙位置，球員乙上升的高度為Ah，=0.14

m,攔截高度為2.44m,小于此時(shí)此位置排球離地高度2.55m,攔不到球，故C錯(cuò)誤；乙在甲擊球前0.3s起

跳離地，經(jīng)過0.6s剛好落地，攔不到球了，故D錯(cuò)誤。

7.【答案】B

【解析】電勢能穌=色，由于微粒帶負(fù)電，0?段電勢能變大，所以電勢降低，A錯(cuò)誤；根據(jù)電場力做功

與電勢能關(guān)系公昂=月切—，圖象斜率的大小反映場強(qiáng)大小，0?M段圖象斜率變小，場強(qiáng)變小，受力減小，

加速度逐漸變小，B正確；X2?X3段斜率不變，場強(qiáng)不變，C錯(cuò)誤；X2到X3,電勢能減小，微粒帶負(fù)電，所

以電勢增大，D錯(cuò)誤.

8.【答案】B

【解析】設(shè)理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比值為上根據(jù)題述，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表示數(shù)為/,則由閉合

U\h

電路歐姆定律得，U=/R|+S,由變壓公式%=%及功率關(guān)系Ui/=S/2,可得7=鼠即副線圈輸出電流為

h=kl,3=/2(&+/?3)=&/(&+/?3).當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電流表示數(shù)為4/,則有。=4/Ri+Ui由變壓器公式

U'\￡2

記=%及功率關(guān)系。午4/=。2/'2,可得萬=晨即副線圈輸出電流為/'2=4k/,U'2=hR2=4kIR2；聯(lián)立解得人

=3,B正確.

9.【答案】B

【解析】若兩球靜止時(shí)，均受力平衡，對8球分析可知桿的彈力為零，NB^mg.設(shè)彈簧的壓縮量為x,

再對A球分析可得：mg=kx「故彈簧的長度為：L=L-%=L_蟹,故A項(xiàng)正確；當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度

K

為30時(shí)，小球B剛好離開臺面，即NZ=0,設(shè)桿與轉(zhuǎn)盤的夾角為。，由牛頓第二定律可知：

-^-=m（OoLcos6,4?sin6=mg,而對A球依然處于平衡，有氣fsinO+mg=6=3，而由幾

tan。

何關(guān)系：sinO=2H,聯(lián)立四式解得：Fk=2mg,g=—,則彈簧對A球的彈力為2,咫，

L'kL_2mg

由牛頓第三定律可知4球隊(duì)彈簧的壓力為2%g,故B錯(cuò)誤，C正確；當(dāng)角速度從“0繼續(xù)增大，B球?qū)h起

來，桿與水平方向的夾角。變小，對A與8的系統(tǒng)，在豎直方向始終處于平衡，有：Fk=mg+mg=2mg

則彈簧對4球的彈力是2,咫，由牛頓第三定律可知4球隊(duì)彈簧的壓力依然為2,監(jiān)，故D正確。

10.【答案】A

【解析】電流穩(wěn)定時(shí)，導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)速度為也則感應(yīng)電動(dòng)勢E=B小，感應(yīng)電流i=—2="上,

R+rR+r

RX1r-R2r2

代入數(shù)據(jù)得1.0=———,即5V=2,安培力心1，根據(jù)受力平衡，有mgsinO=4上,

1.5+0.5女R+r6R+r

代入數(shù)據(jù)得0.2xl0x」='2d02,即B2y=2,聯(lián)立解得3=LOT,v=2m/s,A正確；對導(dǎo)體棒，

21.5+0.5

根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin6-BiL=ma,兩邊同時(shí)乘以4,得mgsin8W-BiLW=maW,求

和￡mgsin??集一BLZi&t=m￡a*At,得mgsinOt-BLq-mv,代入數(shù)據(jù)

0.2xl0xix2-1.0x1.0^=0.2x2,解得q=1.6C,B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin6-BiL=ma

BLy?2r2

即mgsin0=m~，兩邊乘以加求和mgsin。2加一）——￡y?Af=m￡Av,得

mgsinO'乙"=mv，代入數(shù)據(jù)解得s-3.2m,C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律，有mgsin夕?s=Q+^-mv2

R+r2

代入數(shù)據(jù)解得Q=2.8J,電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱QR=」-Q=2.1J,D錯(cuò)誤。故選A。

R+r

11.【答案】（1）1.125±0.002mm（2分）；（2）電壓表V2的分），電壓表Vi（2分）；（3）2.19xl0-8dm

（3分），可能是再生銅或過多雜質(zhì)的次銅（2分）：（4）偏大（2分）：沒有考慮到電壓表Vi的分流（2

分）。

【解析】（1）銅電線的直徑d=1.0mm+12.5x0.01mm=l.125mm（1.125±0.002mm）；

rjU、一U,U、一U、U,U,1

(3)分析電路可知/,=/R=,，R、=T~L==整理得￡=1+R、?高

l

RxU]UiK

根據(jù)圖丙由圖線的斜率知女=R,=750-200Q=2.20Q,S=7ir2=^(-)2=0.994mm2,

*2.502

RS??y0QQ4w10

p=—=Q-機(jī)=2.19x10一8。./〃，故電阻率達(dá)不到要求，使用的有可能是再生銅或過

L100

多雜質(zhì)的次銅。

(4)偏大，由于沒考慮電壓表Vi分流，使測得銅電線電纜電阻偏大，由冗、.=P，知，測得電阻率偏大。

S

12.【答案】2cm

【解析】題考查連通器內(nèi)氣柱的理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用。由題意可知，當(dāng)溫度為7b時(shí)B管中氣體的壓強(qiáng)

為pB=30cmHg,當(dāng)溫度為2.47b時(shí)，B管中氣體體積不變，設(shè)其壓強(qiáng)為8中氣體狀態(tài)變化為等容過

pB\

程，由查理定律有仆=2.47b，解得pB2=72cmHg；

當(dāng)溫度為7b時(shí)A管中氣體的壓強(qiáng)pB=20cmHg,體積為V<4i=/nS,

設(shè)流入A管的水銀柱的長度為x,則pA2=pB2—p(〃+x)g=(62—x)cmHg,VAi—(h\—x)S；

pA\VA\/z42VA2

由理想氣體狀態(tài)方程得n=2.47b，

代入數(shù)據(jù)整理得N—72x+140=0,且x<10cm,

解得x=2cm。

13.【答案】(1)160V3.3A(2)見解析

【解析】(1)把人體兩腳之間和兩腳之間濕地分別看成一個(gè)電阻，則兩電阻并聯(lián)。

人體兩腳間電阻為R{=(300x2+1000)Q=16000

當(dāng)兩腳間距離為0.5m時(shí)，兩腳間濕地電阻為&=pL、

解得R2=100x0.50=500

跨步電壓為U=/1K=0.1xl600V=160V

八R、R、

電路中總電阻為R總=

1D\|+1D\->

電路中總電流/=某(8+&)=市黑7x(1600+50)A=3.3A

RR1600x50

(2)當(dāng)兩腳間距離為1.0m時(shí)兩腳間濕地電阻為：R1=pl

解得：=100xl,0Q=100Q

D,R「R；

兩腳間總電阻為：R息=-p,-；

飛D+5

跨步電壓為：U'=IM=3.3xV=310.6V。

總總1600+100

UoiQzr2

通過人體的電流產(chǎn)生的電功率為：P=---~W=60.3Wo

N1600

,U'310.64cs,

通過人體的,電流：/2=G"=NKA=°19A。

&160（）

題目中所述兩種情況對人體都有極大的危險(xiǎn)。

14.【答案】⑴八厘；⑵為⑶穌=亞咨（4）T=卻層（〃=0,12..）

1,

【解析】（1）電子通過加速電場，由動(dòng)能定理4。=]〃?/（1分）

2

離子經(jīng)過靜電分析器，由向心力公式q&,=加k（1分）

「2U

得4=?。?分）

叫）

（2）由于MNJ.PQ則a“//PQ，NPMO?=NMPO],又AGP"與AQPM為等腰三角形，所以

OiMQP為棱形，則離子運(yùn)動(dòng)的半徑N=/（1分）

V

由各心力公式4丫綜=僅一（1分）

4

（3）如圖所示，由幾何關(guān)系可知&（2〃+1/2=2「（1分）

得凡=史。（〃=0,1,2…