2021年廣東省深圳市布吉高級(jí)中學(xué)高考物理考前模擬試卷(含答案詳解)

2021年廣東省深圳市布吉高級(jí)中學(xué)高考物理考前模擬試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下列說(shuō)法中正確的是（）

A.玻爾通過(guò)對(duì)氫原子光譜的研究建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

B.核力存在于原子核內(nèi)任意兩個(gè)核子之間

C.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)使人類(lèi)認(rèn)識(shí)到原子具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)

D.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布只與黑體的溫度有關(guān)

2.如圖所示，疊放在水平地面上的物塊M和N分別受到F和2尸水平拉力的作用.若M和N都靜止,

則地面對(duì)物塊N的摩擦力大小和方向分別是（）

MF

2----N_______

///////////

A.F,方向向右B.F,方向向左C.2F,方向向右D.2F,方向向左

3.下列速度一時(shí)間圖象中，表示物體始終做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的是（）

4.天文學(xué)家發(fā)現(xiàn)某恒星有一顆行星在圓形軌道上繞其運(yùn)動(dòng)，并測(cè)出了行星的軌道半徑R和公轉(zhuǎn)周期

T,已知引力常量為G,由此可算出（）

A.恒星質(zhì)量B.恒星平均密度C.行星質(zhì)量D.行星半徑

5.小船以速率口句東行駛，若在小船上分別以相對(duì)于地面的速率u向東向西水平拋出兩個(gè)等質(zhì)量的

物體，則小船的速率（）

A.增大B.減小

C.不變D.由于兩物體質(zhì)量未知，無(wú)法確定

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.光滑水平面上的物體在外力產(chǎn)作用下的u-t圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.物體沿x方向做加速度時(shí)刻變化的變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)

B.在時(shí)間內(nèi)，物體的加速度先減小后增大

C.在0時(shí)刻，力F的功率為零

D.在12—64兩段時(shí)間內(nèi)，外力尸做的總功相等

7.如圖所示物塊4、木板B疊放在水平地面上B的上表面水平，4的質(zhì)量啊=lkg,B的質(zhì)量WIB=

2kg,4、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=0.1,用一根輕繩跨過(guò)光滑定滑輪與4、B相連輕繩均水平,

輕繩和木板B都足夠長(zhǎng)，當(dāng)對(duì)物塊4施加一水平向左的恒力F=5N時(shí)，物塊4在木板B上，8與地

面之間光滑，物塊4向左做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在這個(gè)過(guò)程中，A相對(duì)地面的加速度大小用a表示,

繩上拉力大小用7表示，g=10m/s2,貝||（）

A.a=0.5zn/s2B.a=lm/s2C.T=2.5ND.7=3N

8.如圖所示，豎直光滑桿固定不動(dòng)，套在桿上的彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧

至離地高度h=0.1爪處，滑塊與彈簧不拴接?，F(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過(guò)傳感器測(cè)量到滑塊的速

度和離地高度h并作出滑塊的％圖象，其中高度從0.2m上升到0.35他范圍內(nèi)圖象為直線(xiàn)，其

余為曲線(xiàn)，以地面為零勢(shì)能面，取g=10m/s2,由圖象可知（）

tfk/j

■??）》??---------

i：raa：Bnscab^s：B?u

IRfiimraiwraS

~iniiiiii5iiniin：＜

2A/m

A.小滑塊的質(zhì)量為0.2kg

B.輕彈簧原長(zhǎng)為0.1m

C.彈簧最大彈性勢(shì)能為0.32/

D.小滑塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和最小為0.38/

9.下列說(shuō)法正確的是（）（填正確答案標(biāo)號(hào)）

A.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒仍然是晶體

B.質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，其內(nèi)能不同

C.懸浮在水中的花粉微粒的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)

D.一定質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時(shí)對(duì)外界做功，其內(nèi)能一定減少

E.氣體向真空的白由膨脹是不可逆的

10.在水平面內(nèi)，有三個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b、c分別位于半徑為R=5m的圓周上，已知a、c在一條直徑上且

ab-6m。在％=0時(shí)刻a、b同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖象均如圖2所示，所形成的機(jī)械波在水平面

內(nèi)傳播，在t2=4s時(shí)c點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)，貝1()

MJ【I-

m圖2

A.該機(jī)械波的傳播速度大小為2m/s

B.c點(diǎn)的振動(dòng)頻率先是與a點(diǎn)相同，兩列波相遇后c點(diǎn)的振動(dòng)頻率增大

C.該列波的波長(zhǎng)是27n

D.兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)

E.兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)先加強(qiáng)后減弱

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

11.在共點(diǎn)力合成的實(shí)驗(yàn)中.2___________

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫(huà)出力的圖示，如圖所示.圖上標(biāo)出了片、尸2、尸、F'四'\、/\

個(gè)力，其中(填上述字母)不是由彈簧秤直接測(cè)得的；比較力尸＞么t_______\尸2

與的大小和方向基本相同，說(shuō)明共點(diǎn)力合成的平行四邊形定則得到了驗(yàn)證.

(2)(單選題)在本實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法不正確的是

(4)通過(guò)細(xì)繩套用一個(gè)彈簧秤拉和用兩個(gè)彈簧秤拉，只要橡皮條伸長(zhǎng)相同長(zhǎng)度即可

(8)在實(shí)驗(yàn)前，一定要將彈簧秤調(diào)零

(C)實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤和所拉的繩套一定要和木板平行

(D)如果手頭只有一個(gè)彈簧秤，通過(guò)改變方法也可以完成實(shí)驗(yàn).

12.利用電流表和電壓表測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻.要求盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差.

⑴應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路是圖1中的(選填“甲”或“乙”).

(2)某位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)如下表所示，其中5組數(shù)據(jù)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)已經(jīng)標(biāo)在圖2的坐標(biāo)紙上，請(qǐng)標(biāo)出余

下一組數(shù)據(jù)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)，并畫(huà)出U-/圖線(xiàn).

序號(hào)123456

電壓U(V)1.451.401.301.251.201.10

電流/(4)0.0600.1200.2400.2600.3600.480

(3)根據(jù)(2)中所畫(huà)圖線(xiàn)可得出干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)電阻r=n.

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.如圖所示，在xoy平面上第I象限內(nèi)有平行于y軸的有界勻強(qiáng)電場(chǎng),

方向如圖。y軸上一點(diǎn)P的坐標(biāo)為有一電子以垂直于y軸

的初速度％從P點(diǎn)垂直射入電場(chǎng)中，當(dāng)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為時(shí)電

子從4點(diǎn)射出，A點(diǎn)坐標(biāo)為(馬,0),當(dāng)場(chǎng)強(qiáng)為%時(shí)，電子從B點(diǎn)射

出，B點(diǎn)坐標(biāo)為QB，。)。已知電子的電量為e,質(zhì)量為m,不計(jì)電

子的重力。求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)場(chǎng)、%之比。

14.如圖(a)所示，左為某同學(xué)設(shè)想的粒子速度選擇裝置，由水平轉(zhuǎn)軸及兩個(gè)薄盤(pán)Ni、2構(gòu)成，兩盤(pán)

面平行且與轉(zhuǎn)軸垂直，相距為3盤(pán)上各開(kāi)一狹縫，兩狹縫夾角。可調(diào)［如圖(b)］；右為水平放置

的長(zhǎng)為d的感光板，板的正上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。帶正電的

粒子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后沿水平方向射入N］,能通過(guò)N2的粒子經(jīng)。點(diǎn)垂直進(jìn)入磁場(chǎng)。。到感

光板的距離為0.5d,粒子電荷量為q,質(zhì)量為m,不計(jì)重力。

(1)若兩狹縫平行且盤(pán)靜止[如圖(c)],粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后，豎直向下打在感光板中心點(diǎn)”上，求：加速

電場(chǎng)的電壓U和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間S；

(2)若兩狹縫夾角為總盤(pán)以角速度3。勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖9)。要使粒子穿過(guò)Ni、N2,加速

電壓U的可能取值

(3)若兩狹縫夾角為然，限盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖(匕)。要使穿過(guò)Ni、出的粒子均打到感光板BP2

連線(xiàn)上，試分析盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度3的取值范圍(設(shè)通過(guò)Ni的所有粒子在盤(pán)旋轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間內(nèi)都能到

達(dá)M).

15.如圖所示，總長(zhǎng)度L=45cm、左端開(kāi)口的粗細(xì)均勻細(xì)長(zhǎng)玻璃管水平放置，一定質(zhì)量的理想氣體

被長(zhǎng)為h=25c?n的水銀柱封閉在管內(nèi)，初始時(shí)水銀柱恰與管口齊平且不溢出，現(xiàn)將玻璃管在豎

直平面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)動(dòng)至開(kāi)口向上。已知外界大氣壓強(qiáng)Po=75cmHg,溫度為=27℃?

(I)若轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中外界溫度保持不變，求水銀柱沿管壁移動(dòng)的距離，；

(II)轉(zhuǎn)動(dòng)后若將管內(nèi)氣體緩慢加熱到亢=322。(：(不計(jì)溫度變化對(duì)水銀柱體積造成的影響)，求管內(nèi)氣

體的壓強(qiáng)Pi。

H------------------L------------------H

I)

H--------h--------H

16.如圖所示，在液面上固定一足夠長(zhǎng)的細(xì)桿，與液面交于。.桿與液面成45。角在。

點(diǎn)的正下方有點(diǎn)光源S已知光在真空中的傳播速度為c,透明液體的折射率為2

①求光在該液體中的傳播速度”②若光經(jīng)折射后能照到細(xì)桿上，求入射角a的范圍

參考答案及解析

1.答案：D

解析：

本題考查了原子的核式結(jié)構(gòu)模型、核力是短程力，天然放射現(xiàn)象的意義等知識(shí)點(diǎn)，及注意黑體輻射

的規(guī)律，屬于熟記內(nèi)容，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

人盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型，玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能

夠解釋氫原子光譜的特征，故A錯(cuò)誤；

B、核力與萬(wàn)有引力、庫(kù)倫力的性質(zhì)不同，核力是短程力，作用范圍在1.5x10-15^,原子核的半徑

數(shù)量級(jí)在10T5/n,所以核力只存在于相鄰的核子之間，核力是原子核能穩(wěn)定存在的原因，故8錯(cuò)誤；

C、天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)使人類(lèi)認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律可知：黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布只與黑體的溫度有關(guān)。故。

正確。

故選：Do

2.答案：A

解析：解：根據(jù)平衡條件，以MN為整體，進(jìn)行受力分析，則有：地面對(duì)N的摩擦力/=2F-F=F,

方向向右，故A正確，BC。錯(cuò)誤：

故選：Ao

依據(jù)平衡條件，并根據(jù)整體法判斷N與地面間的摩擦力，從而即可求解.

連接體問(wèn)題通常利用整體法和隔離法，注意研究對(duì)象的轉(zhuǎn)換.學(xué)會(huì)區(qū)別靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力，和

大小的計(jì)算.靜摩擦力的大小等于引起它有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的外力，而滑動(dòng)摩擦力等于〃尸山

3.答案：A

解析：解：4、該圖表示物體的速度不變，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A正確；

8、由圖可以看出，圖線(xiàn)切線(xiàn)的斜率越來(lái)越大，表示物體的加速度越來(lái)越大，物體做加速度逐漸增大

的變加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤。；由v-t圖可知，速度隨時(shí)間均勻增大；

C、速度先減小后增大，做變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、由圖可知，圖像的斜率不變，做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤

故選：Ao

勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度不變，u-t圖象的斜率表示加速度，根據(jù)圖象的形狀分析物體的運(yùn)動(dòng)情況.

在分析圖象時(shí)首先要通過(guò)圖象的縱坐標(biāo)明確是什么圖象，再根據(jù)圖象的形狀分析物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài).同

時(shí)要注意速度與位移圖象的區(qū)別，抓住斜率的物理意義進(jìn)行分析.

4.答案：A

解析：

行星繞恒星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程解題。

本題考查了萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，應(yīng)用萬(wàn)有引力定律與牛頓第二定律即可解題，本題是一道基礎(chǔ)題。

4C.設(shè)恒星的質(zhì)量為例，行星的質(zhì)量為行星繞恒星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第

二定律得：G吧=m■鴛，解得：M="之■，可以求出恒星的質(zhì)量，但不能求出行星的質(zhì)

R2J.2GJ2

量，故A正確，C錯(cuò)誤；

區(qū)可以求出恒星的質(zhì)量，但是由于不知道恒星的半徑，不知道恒星的體積，無(wú)法求出恒星的平均密

度，故B錯(cuò)誤；

。.根據(jù)題意可以知道行星繞恒星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，但不能求出行星的半徑，故。錯(cuò)誤：

故選Ao

5.答案：A

解析：解：設(shè)船的質(zhì)量為M,兩物體的質(zhì)量為m,拋出物體后，船的速度為外選向東的方向?yàn)檎?/p>

向，則相對(duì)于地面的速率u向東拋出一個(gè)物體，在拋出物體的過(guò)程中，水平方向上合力為零，動(dòng)量守

恒，由動(dòng)量守恒定律有：

(M+2m)V=(M+m)v+mu...①

設(shè)相對(duì)于地面的速率u向西水平拋出物體后，船的速度為“，選向東的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定

律有：

(M+rri)v=Mv'-mu...②

①②聯(lián)立解得：所以小船的速率會(huì)增大，選項(xiàng)正確.錯(cuò)誤.

v'=^-V>V,ABCD

故選：A

分析兩次分別向東和向西拋出物體的過(guò)程，判斷該過(guò)程動(dòng)量守恒，選定正方向后列出初末狀態(tài)的動(dòng)

量的表達(dá)式，依據(jù)動(dòng)量守恒列式求解即可得知正確選項(xiàng).

動(dòng)量守恒定律解題的一般步驟為：

(1)選系統(tǒng)：即確定研究對(duì)象.對(duì)于質(zhì)點(diǎn)系問(wèn)題，恰當(dāng)?shù)剡x擇系統(tǒng)，可使未知力化成為內(nèi)力，不在方

程中出現(xiàn).

(2)選過(guò)程：即確定初、末狀態(tài).對(duì)于綜合性問(wèn)題，可以劃分為幾個(gè)互相銜接的階段處理.

(3)查受力：對(duì)于質(zhì)點(diǎn)系，只分析從初態(tài)到末態(tài)過(guò)程中質(zhì)點(diǎn)系所受外力，而無(wú)須分析內(nèi)力.判斷是否

滿(mǎn)足動(dòng)量守恒的條件

(4)建坐標(biāo)：選取恰當(dāng)?shù)膽T性系，建立坐標(biāo)系，選取正方向，方向初末狀態(tài)的速度，寫(xiě)出動(dòng)量的表達(dá)

式.

(5)列方程：應(yīng)用動(dòng)量定律列式求解.

6.答案：ACD

解析：解：4、根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度，由圖象可知，物體沿x方向的加速度是變化，做加

速度時(shí)刻變化的變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A正確。

B、物體沿y方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度為零。在打?t3時(shí)間內(nèi)，以-t圖象斜率絕對(duì)值先增大后減

小，則物體的加速度先增大后減小，故B錯(cuò)誤；

C、在t3時(shí)刻加速度為零，故力F為零，其功率為零，故C正確；

在ti-t3時(shí)間內(nèi)物體的動(dòng)能變化量為零，由動(dòng)能定理可知，力F做功為零，同理，兩段時(shí)

間內(nèi)，外力F做的功也為零，故。正確；

故選：ACD.

由u-t圖象的斜率分析物體加速度的變化，由牛頓第二定律可知力F的變化，由動(dòng)能定理求外力F做

的功.

解決本題的關(guān)鍵是知道u-t圖象的斜率表示加速度，運(yùn)用動(dòng)能定理分析力F做的功.

7.答案：BD

解析：解：以4為研究對(duì)象受力如圖所示，

由牛頓第二定律可得：F-f-T=mAaA...(T)

以B為研究對(duì)象，受力如圖所示：

T

]NAB

,nRS

由牛頓第二定律得：T'-f=mBaB...@

由牛頓第三定律知：T=T'f=f

滑動(dòng)摩擦力：f=HNBA=fimAg,由題意有加速度%=3

2

聯(lián)立上式可解得：T=3N,aA=aB=lm/s；故AC錯(cuò)誤，8。正確

故選：BD。

分別對(duì)4、B受力分析，抓住它們的加速度大小相等，繩對(duì)4和對(duì)B的拉力大小相等，由牛頓第二定律

求出加速度與繩子的拉力。

采用整體法和隔離法對(duì)物體進(jìn)行受力分析，抓住兩物體之間的內(nèi)在聯(lián)系，繩中張力大小相等、加速

度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。解決本題的關(guān)鍵還是抓住聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁加速

度。

8.答案：AD

解析：解：4、在從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)，△Ek=△EP=mg△h,圖線(xiàn)的斜率絕對(duì)值為：k==

―乎一N—2N=mg,則m=0.2kg,故A正確；

0.35—0.2

B、在a-八圖象中，圖線(xiàn)的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2/n上升到0.35m范圍內(nèi)圖象

為直線(xiàn)，其余部分為曲線(xiàn)，說(shuō)明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，所示從h=0.2m,

滑塊與彈簧分離，彈簧的原長(zhǎng)的0.2m,故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)能的轉(zhuǎn)化與守恒可知，當(dāng)滑塊上升至最大高度時(shí)，增加的重力勢(shì)能即為彈簧最大彈性勢(shì)能，

所以"巾=mg△h=0.2x10x(0.35-0.1)；=0.5/,故C錯(cuò)誤；

。、由圖可知，當(dāng)h=0.18加時(shí)的動(dòng)能最大，在滑塊整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈性

勢(shì)能之間相互轉(zhuǎn)化，因此動(dòng)能最大時(shí)，滑塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和最小，根據(jù)能的轉(zhuǎn)化

和守恒可知，EPmin=E-Ekm-Epm+mgh.-Ekm-(0.5+0.2X10X0.1-0.32)/-0.38/,故D

正確。

故選：AD

根據(jù)&一九圖象的斜率表示滑塊所受的合外力，高度從0.2巾上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線(xiàn)，其余

部分為曲線(xiàn)，結(jié)合能量守恒定律求解。

本題考查了能量守恒定律和圖象的理解與應(yīng)用問(wèn)題，根據(jù)該圖象的形狀得出滑塊從0.2m上升到

0.35機(jī)范圍內(nèi)所受作用力為恒力，說(shuō)明物體不再受到彈簧的彈力的作用是解題的關(guān)鍵。

9.答案:ADE

解析：解：4、晶體是由很小的晶胞組成，將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體，故A正確。

8、質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，物質(zhì)的量、溫度與體積相等，它們的內(nèi)能相等，故8錯(cuò)誤。

C、懸浮在水中的花粉微粒的布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。

D、由熱力學(xué)第一定律：△(/=〃+(?可知：一定質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時(shí)對(duì)外界做功，其內(nèi)能

一定減少，故。正確。

日由熱力學(xué)第二定律可知：氣體向真空的白由膨脹是不可逆的，故E正確。

故選：ADE.

晶體是由很小的晶胞組成，將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體：

物體的內(nèi)能由物質(zhì)的量、溫度和體積決定；

布朗運(yùn)動(dòng)是花粉顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是花粉分子的運(yùn)動(dòng)；

根據(jù)熱力學(xué)第一定律與第二定律分析答題。

本題涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，但難度不大，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與積累。

10.答案：ACD

解析:解：4、由于兩列波的波速相同，則b處振動(dòng)先到達(dá)c點(diǎn)，所以波速為〃=管=包咨m/s=2m/s,

故4正確。

8、由于兩列波在同種介質(zhì)中傳播，且波長(zhǎng)相同，所以?xún)闪胁ǖ念l率相同，所以產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，兩列

波相遇后c點(diǎn)的振動(dòng)頻率不變，故8錯(cuò)誤。

C、由振動(dòng)圖象可知，周期7=1s,則波長(zhǎng)2="7=2x=2m,故C正確。

。、c到b和c到a的路程差為2m,等于波長(zhǎng)的整數(shù)倍，貝Ue點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，故。正確，E錯(cuò)誤。

故選：ACD.

波在同一介質(zhì)中勻速傳播，a處振動(dòng)先到達(dá)c點(diǎn)，由公式"=:求解波速；由圖讀出波長(zhǎng)，根據(jù)路程差

分析c點(diǎn)的振動(dòng)強(qiáng)弱：若路程差等于半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)減弱；相反，路程差等于半個(gè)波長(zhǎng)的

偶數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)

本題解題關(guān)鍵是要抓住在均勻介質(zhì)中傳播的同類(lèi)波波速相同，知道波長(zhǎng)、波速、周期的關(guān)系，知道

振動(dòng)周期和波傳播的周期相等，以及掌握振動(dòng)加強(qiáng)和振動(dòng)減弱的條件。

11.答案：F';F;F';A

解析：解：本實(shí)驗(yàn)是通過(guò)兩個(gè)彈簧秤的拉力作出的平行四邊形得出合力，只要合力與實(shí)際的拉力重

合，則實(shí)驗(yàn)成功；由圖可知尸是由平行四邊形定則得出的，故戶(hù)不是由彈簧秤直接測(cè)得的；

F是通過(guò)一個(gè)彈簧秤測(cè)出的，故只要F與F'的大小和方向基本相同即可；

A、在實(shí)驗(yàn)中，橡皮條應(yīng)拉伸到與原來(lái)的位置重合，故A錯(cuò)誤；

8、為保證準(zhǔn)確性，在實(shí)驗(yàn)中，一定要將彈簧調(diào)零，故B正確；

C、實(shí)驗(yàn)中要通過(guò)作圖得出結(jié)果，故拉力應(yīng)與木板平行，故C正確；

。、如果只有一個(gè)彈簧秤，則可以交替測(cè)出各邊的拉力，但要保證兩次拉的時(shí)候效果相同，故。正

確；

本題選不正確的，故選4

故答案為：F'；F、r；A.

該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”的原理，即合力與分力的關(guān)系是等效的，要求兩次拉橡皮筋時(shí)的形變量

和方向是等效的.

由圖可知，該同學(xué)已分別得出了合力與兩分力，則根據(jù)平行四邊形定則得出瓦、尸2的合力，與〃比

較即可.

通過(guò)作出力的圖示來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，重點(diǎn)是如何準(zhǔn)確作出力的圖示.理解實(shí)驗(yàn)應(yīng)理

解實(shí)驗(yàn)的原理及方法，由實(shí)驗(yàn)原理和方法記憶實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng).

12.答案：甲1.500.83

解析：解：(1)根據(jù)U=E-/r測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，需要測(cè)出多組對(duì)應(yīng)的路端電壓U和干路電

流/,電壓表和電流表內(nèi)阻影響會(huì)造成實(shí)驗(yàn)誤差.電源內(nèi)阻較小，所以電流表分壓影響較大，因此應(yīng)

選擇甲電路.

(2)根據(jù)數(shù)據(jù)點(diǎn)排列趨勢(shì)，可知圖線(xiàn)為直線(xiàn).畫(huà)圖時(shí)，應(yīng)使數(shù)據(jù)點(diǎn)盡可能均勻分布在所畫(huà)直線(xiàn)兩邊且

盡可能靠近所畫(huà)的直線(xiàn).

tf/V

(3)由得出的電源圖象可知，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是1.50,則電源電動(dòng)勢(shì)E=1.50V,

電源內(nèi)阻：r=當(dāng)=與^笈683。;

△/0.6

故答案為：(1)甲；(2)如圖所示；(3)1.50.0.83.

(1)分析圖示電路結(jié)構(gòu)；選擇誤差最小的電路;

(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)；應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象;

(3)明確閉合電路歐姆定律及圖象的意義；根據(jù)電源的U-/圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻;

本題考查了實(shí)驗(yàn)電路選擇、作圖象、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻等問(wèn)題，要知道實(shí)驗(yàn)原理，掌握應(yīng)用圖象

法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法；明確電源的U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)圖象斜率的絕對(duì)值是

電源內(nèi)阻.

13.答案：解：(1)當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為當(dāng)時(shí)，有:

XA=v0fl

當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為％時(shí)：

XB=VOf2>

解得：詈=萼

E2以

答：勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)Ei、E2之比為歐

XA

解析：分別根據(jù)粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，將其運(yùn)動(dòng)分解，從而由動(dòng)力學(xué)求解;

本題考查粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，如何處理此運(yùn)動(dòng)，及形成解題的方法。掌握通過(guò)畫(huà)出運(yùn)動(dòng)圖來(lái)幫助

分析解題，同時(shí)還利用數(shù)學(xué)函數(shù)知識(shí)來(lái)尋找矢量關(guān)系。

32d2也

14.答案：(l)-g^-；2qB

T,_一(夠尸

(2)―2一品+2化開(kāi))2(卜=°、1、2、3、…)

⑶迪工占幽陰

⑼4冽￡一一4mL

解析：試題分析：(1)打在M點(diǎn)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為「1，速度為%,在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為H

12

由圖可知：ri=0.5d由牛頓第二定律可知：爐13=附一由動(dòng)能定理可知：qUx=-m^聯(lián)立解得:

勺2

"=皆勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期：丁二行粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：廿1=荻

L弭￡

(2)粒子通過(guò)兩窄縫時(shí)間為3則￡=-這段時(shí)間內(nèi)，圓盤(pán)N2轉(zhuǎn)過(guò)角度為a,則a=婚=q-要

使粒子穿過(guò)雙窄縫，則a=4+2上汗(k=o、1、2、3、…)由上述式子可得：U=2q靠，)2

d

(3)如圖所示，設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)的臨界半徑分別為r2r3,對(duì)應(yīng)的速度分別為。2,%。^=-=0-25^

年=(弓一。反尸+,故為=1.25d故為=塔；為=邛±依題意通過(guò)雙窄縫的角速度：

蘇=學(xué)=交

LL粒子要打到感光板上需滿(mǎn)