復(fù)習(xí)之高效課堂精講精練36

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精新課標(biāo)2014年高考一輪復(fù)習(xí)之高效課堂精講精練36一、單項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，每小題5分，共25分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對的得5分,選錯(cuò)或不答的得0分．)圖11．(2011·中山模擬）空氣中的負(fù)離子對人的健康極為有益．人工產(chǎn)生負(fù)氧離子的方法最常用的是電暈放電法．如圖1所示，一排針狀負(fù)極和環(huán)形正極之間加上直流高電壓,電壓達(dá)5000V左右，使空氣發(fā)生電離，從而產(chǎn)生負(fù)氧離子排出，使空氣清新化，針狀負(fù)極與環(huán)形正極間距為5mm，且視為勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度為E，電場對負(fù)氧離子的作用力為F,則（）A．E＝103V/m，F(xiàn)＝1.6×10－16NB．E＝106V/m，F(xiàn)＝1。6×10－16NC．E＝103V/m，F(xiàn)＝1。6×10－13ND．E＝106V/m,F＝1.6×10－13N【解析】由E＝eq\f(U,d）可得E＝eq\f（5000，5×10－3)V/m＝106V/m，F(xiàn)＝qE＝1。6×10－19×106N＝1.6×10－13N，故D正確．【答案】D2．（2012·鹽城模擬)靜電計(jì)是在驗(yàn)電器的基礎(chǔ)上制成的,用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大?。鐖D2所示，A、B是平行板電容器的兩個(gè)金屬板，G為靜電計(jì)．開始時(shí)開關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大些，下列采取的措施可行的是()圖2A．?dāng)嚅_開關(guān)S后,將A、B兩極板分開些B．保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開些C．保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板靠近些D．保持開關(guān)S閉合，將變阻器滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)【解析】要使靜電計(jì)的指針張開角度增大些,必須使靜電計(jì)金屬球和外殼之間的電勢差增大，斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開些，電容器的帶電量不變，電容減小，電勢差增大，A正確；保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開或靠近些,靜電計(jì)金屬球和外殼之間的電勢差不變,B、C錯(cuò)誤；保持開關(guān)S閉合，將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭向右或向左移動(dòng),靜電計(jì)金屬球和外殼之間的電勢差不變，D錯(cuò)誤．【答案】A圖33．(2012·山東聊城模擬)勻強(qiáng)電場中的三點(diǎn)A、B、C是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，D為AB的中點(diǎn)，如圖3所示,已知電場線的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三點(diǎn)的電勢分別為16V、8V和4V，一電量為2×10－6C的正電荷從D點(diǎn)移到CA．1.6×10－5J B．2×10－6JC．8×10－6J D．3。2×10－5J【解析】由勻強(qiáng)電場特點(diǎn)可知，φD＝12V，故UDC＝φD－φC＝8V，將正電荷由D點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力所做的功為WDC＝UDC·q＝8×2×10－6J＝1。6×10－5J，A正確．【答案】A圖44．(2012·云浮模擬）如圖4所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許電流從b流向a，平行板電容器AB內(nèi)部原有電荷P處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些的瞬間(兩極板仍平行），P的運(yùn)動(dòng)情況將是(）A．仍靜止不動(dòng) B．向下運(yùn)動(dòng)C．向上運(yùn)動(dòng) D．無法判斷【解析】此題利用二極管的單向?qū)щ娦詠砼袛嚯娙萜魇荙不變還是U不變．若假設(shè)U不變，由E＝eq\f（U，d)可判斷出E變小，電場力變小,電荷P向下運(yùn)動(dòng),但d變大又導(dǎo)致C變小，結(jié)合U不變得出Q變小，即電容器A板應(yīng)該放出正電荷，與題目不符,所以假設(shè)錯(cuò)誤，即Q不變．可以根據(jù)E＝eq\f(U，d）＝eq\f（Q，Cd)＝eq\f(4kπQ,εrS）得出E不變(與d無關(guān)），故P仍受力平衡，A選項(xiàng)正確．【答案】A圖55．質(zhì)量為m的物塊,帶電荷量為＋Q，開始時(shí)讓它靜止在傾角α＝60°的固定光滑絕緣斜面頂端,整個(gè)裝置放在水平方向、大小為E＝eq\r(3）mg/Q的勻強(qiáng)電場中，如圖5所示，斜面高為H,釋放物塊后，物塊落地時(shí)的速度大小為（）A。2eq\r(gH) B。eq\r(\f（5，2）gH)C。2eq\r（2gH） D。2eq\r（\f（2,\r（3))gH)【解析】將重力和電場力合成如圖所示，合力的方向與水平方向成30°.所以物體將沿合力方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對此過程應(yīng)用動(dòng)能定理：mgH＋eq\r(3)QEH＝eq\f(1，2)mv2，解得v＝2eq\r（2gH）.【答案】C二、雙項(xiàng)選擇題(本大題共5小題,每小題6分，共30分．全部選對的得6分，只選1個(gè)且正確的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分．)圖66．(2012·棗莊模擬）某電場的電場線分布如圖6所示，下列說法正確的是()A．a(chǎn)點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢B．c點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于d點(diǎn)的電場強(qiáng)度C．若將一正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn),電場力做負(fù)功D．若將一負(fù)試探電荷由c點(diǎn)移到d點(diǎn),電勢能增加【解析】由電場線的疏密程度可知Ed〉Ec，B正確；過a、b兩點(diǎn)作電場的等勢線，根據(jù)電場方向可以判斷，φb>φa，A錯(cuò)誤;同理可知，φd〉φc，由Wcd＝Ucd·q，Ucd<0，q<0可知，Wcd>0，因此電場力對負(fù)試探電荷做正功電勢能減少,D錯(cuò)誤，由Wab＝Uab·q，Uab<0，q〉0可知，Wab〈0，因此，將正試探電荷由c點(diǎn)移到d點(diǎn),電場力做負(fù)功，C正確．【答案】BC圖77．如圖7所示，一個(gè)平行板電容器,板間距離為d，當(dāng)對其加上電壓后，A、B兩板的電勢分別為＋φ和－φ，下述結(jié)論正確的是（)A．電容器兩極板間可形成勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E＝eq\f(φ，d)B．電容器兩極板間各點(diǎn)的電勢有的相同，有的不同;有正的，有負(fù)的，有的為零C．若只減小兩極板間的距離d,該電容器的電容C要增大，但極板上帶的電荷量Q不變D．若有一個(gè)電子水平射入兩極板之間的電場,則電子的電勢能一定會(huì)減小【解析】由題意可知，兩極板間電壓為2φ，電場強(qiáng)度為E＝eq\f（2φ，d），A錯(cuò)誤；板間與板平行的中線上電勢為零，中線上方為正，下方為負(fù),故B正確；由C＝eq\f(εrS,4πkd）知，d減小，C增大,由Q＝CU知，極板帶電量Q增加，C錯(cuò)誤;電子水平射入兩極板之間的電場時(shí),電場力一定對電子做正功,電子的電勢能一定減小，D正確．【答案】BD圖88．(2012·威海模擬）如圖8所示，在平行于xOy平面的區(qū)域內(nèi)存在著電場，一個(gè)正電荷沿直線先后從C點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)和B點(diǎn)，在這兩個(gè)過程中，均需要克服電場力做功，且做功的數(shù)值相等．下列說法正確的是（）A．A、B兩點(diǎn)在同一個(gè)等勢面上B．B點(diǎn)的電勢低于C點(diǎn)的電勢C．該電荷在A點(diǎn)的電勢能小于在C點(diǎn)的電勢能D．這一區(qū)域內(nèi)的電場可能是在第Ⅳ象限內(nèi)某位置的一個(gè)正點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的【解析】由W＝U·q,WCA＝WCB<0可知，UCA＝UCB<0，故有A、B兩點(diǎn)電勢相等，B點(diǎn)電勢高于C點(diǎn)電勢,A正確，B錯(cuò)誤；因WCA<0，故該電荷在A點(diǎn)的電勢能大于電荷在C點(diǎn)的電勢能，C錯(cuò)誤;此區(qū)域內(nèi)的電場可能是由第Ⅳ象限內(nèi)的正電荷產(chǎn)生的，此電荷應(yīng)在AB連線的中垂線上，D正確．【答案】AD圖99．（2011·寧波模擬）如圖9所示勻強(qiáng)電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷＋Q，a、b、c、d、e、f為以O(shè)點(diǎn)為球心的球面上的點(diǎn)，aecf平面與電場平行,bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是（）A．b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢高于f點(diǎn)的電勢C．點(diǎn)電荷＋q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，電場力一定做功D．點(diǎn)電荷＋q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí),從球面上a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的電勢能變化量一定最大【解析】電場中各點(diǎn)的電場強(qiáng)度均為勻強(qiáng)電場E與＋Q形成的電場強(qiáng)度的矢量和由對稱性可知，b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，A錯(cuò)誤；在球面上各點(diǎn)，相對于＋Q形成的電場各點(diǎn)電勢相同，但考慮勻強(qiáng)電場E的存在，a點(diǎn)電勢高于f點(diǎn)電勢,B正確；點(diǎn)電荷＋q在bedf面上移動(dòng)時(shí)，電場力不做功,C錯(cuò)誤;因球面上a、c兩點(diǎn)電勢差最大，故將＋q從a點(diǎn)移到c點(diǎn)電場力做功最多,電荷電勢能變化量最大,故D正確．【答案】BD圖1010．(2012·江蘇常州模擬)如圖10所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場中，絕緣輕質(zhì)彈簧直立于地面上，上面放一個(gè)質(zhì)量為m的帶正電小球，小球與彈簧不連接．現(xiàn)將小球向下壓到某位置后由靜止釋放，若小球從靜止開始運(yùn)動(dòng)到離開彈簧的過程中，重力和電場力對小球做功的大小分別為W1和W2，小球離開彈簧時(shí)速度為v，不計(jì)空氣阻力，則上述過程（)A．電勢能增加W2B．彈簧彈性勢能最大值為W1－W2＋eq\f(1，2)mv2C．彈簧彈性勢能減少量為W2＋W1D．系統(tǒng)機(jī)械能增加W2【解析】電場力對小球做正功W2,電荷的電勢能減小W2，A錯(cuò)誤;由動(dòng)能定理得：W彈－W1＋W2＝eq\f（1,2)mv2,故彈簧彈力做功為W彈＝W1－W2＋eq\f（1,2）mv2,對應(yīng)彈簧彈性勢能的減少量和彈簧彈性勢能的最大值，B正確C錯(cuò)誤;系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于電場力做的功W2，故D正確．【答案】BD三、計(jì)算題(本題共3個(gè)小題，滿分36分．解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．）圖1111．(12分)如圖11所示，A、B兩塊帶異號電荷的平行金屬板間形成勻強(qiáng)電場，一電子以v0＝4×106m/s的速度垂直于場強(qiáng)方向沿中心線由O點(diǎn)射入電場，從電場右側(cè)邊緣C點(diǎn)飛出時(shí)的速度方向與v0方向成30°的夾角．已知電子電荷量e＝1。6×10－19C，電子質(zhì)量m＝0.91×10（1)電子在C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能是多少？（2）O、C兩點(diǎn)間的電勢差大小是多少?【解析】（1)電子在C點(diǎn)時(shí)的速度為vt＝eq\f(v0,cos30°）有Ek＝eq\f（1,2)m（eq\f(v0,cos30°)）2＝9.7×10－18J.（2)對電子從O到C由動(dòng)能定理,有eU＝eq\f(1,2）mveq\o\al（2，t）－eq\f（1，2)mveq\o\al（2，0）得U＝eq\f(mv\o\al(2,t）－v\o\al（2,0),2e)＝15。125V.【答案】(1)9。7×10－18J（2）15.125V圖1212．（15分)(2011·揭陽模擬）在一個(gè)水平面上建立x軸，在過原點(diǎn)O垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一個(gè)勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小E＝6。0×105N/C，方向與x軸正方向相同．在O處放一個(gè)電荷量q＝－5.0×10－8C、質(zhì)量m＝1.0×10－2kg的絕緣物塊，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.20，沿x軸正方向給物塊一個(gè)初速度v0＝2.0m/s，如圖12所示．求物塊最終停止時(shí)的位置．(g取10m/s【解析】物塊先在電場中向右減速，設(shè)運(yùn)動(dòng)的位移為x1，由動(dòng)能定理得：－（qE＋μmg）x1＝0－eq\f（1,2)mveq\o\al（2，0)所以x1＝eq\f（mv\o\al(2，0)，2qE＋μmg)代入數(shù)據(jù)得x1＝0。4m可知，當(dāng)物塊向右運(yùn)動(dòng)0.4m時(shí)速度減為零,因物塊所受的電場力F＝qE＝0。03N＞Ff＝μmg＝0.02N，所以物塊將沿x軸負(fù)方向加速，跨過O點(diǎn)之后在摩擦力作用下減速，最終停止在O點(diǎn)左側(cè)某處，設(shè)該點(diǎn)距O點(diǎn)距離為x2，則對全過程由動(dòng)能定理得－μmg（2x1＋x2）＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2，0).解得x2＝0。2m.【答案】在O點(diǎn)左側(cè)距O點(diǎn)0.2m處圖1313．(18分)(2011·福建高考)反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一,它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似．如圖13所示，在虛線MN兩側(cè)分別存在著方向相反的兩個(gè)勻強(qiáng)電場，一帶電微粒從A點(diǎn)由靜止開始，在電場力作用下沿直線在A、B兩點(diǎn)間往返運(yùn)動(dòng)．已知電場強(qiáng)度的大小分別是E1＝2。0×103N/C和E2＝4.0×103N/C，方向如圖所示．帶電微粒質(zhì)量m＝1。0×10－20kg，帶電量q＝－1.0×10－9C，A點(diǎn)距虛線MN的距離d1＝（1)B點(diǎn)距虛線MN的距離d2；（2）帶電微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t。【解析】(1)帶電微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中