物理-江蘇省百師聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期開學(xué)摸底聯(lián)考物理答案

答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁江蘇省百師聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期開學(xué)摸底聯(lián)考物理參考答案：1．B【詳解】A．荷葉上的露珠顯得特別“明亮”是由于光線發(fā)生全反射而形成的，故A錯(cuò)誤；B．在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，相鄰條紋間距若雙縫間距d變小，則相鄰條紋間距變大，故B正確；C．肥皂泡表面可以看到彩色條紋，是因?yàn)榉试砼莸那昂髢擅娣瓷浠貋淼膬闪泄獍l(fā)生干涉，故C錯(cuò)誤；D．觀看立體電影時(shí)需配戴特制眼鏡利用了光的偏振現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選B。2．C【詳解】因?qū)Ь€bc段與磁場(chǎng)方向平行，則不受安培力；導(dǎo)線ab段與磁場(chǎng)方向垂直，受到的安培力為則該導(dǎo)線受到的安培力大小為。故選C。3．B【詳解】A．筆受到重力和細(xì)繩拉力的作用，合力方向向左，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)牛頓第二定律可知，筆的加速度向左，地鐵的加速度也向左，地鐵可能向左加速或者向右減速，故B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律可知越大，筆的加速度越大，速度不一定越大，故D錯(cuò)誤。故選B。4．B【詳解】A．鉗形電流表是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制成的，故只能用來測(cè)量交變電流，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)關(guān)系可知，導(dǎo)線中的被測(cè)電流故B正確；C．電流表示數(shù)顯示的是交變電流的有效值，若只改變被測(cè)通電導(dǎo)線中交變電流的頻率而有效值不變，電流表的示數(shù)不改變，故C錯(cuò)誤；D．若被測(cè)通電導(dǎo)線在鉗形口繞圈，則電流表示數(shù)故D錯(cuò)誤。故選B。5．A【詳解】自由下落過程中，由得t=4.0s重力的沖量撞擊巖石時(shí)重力的瞬時(shí)功率故選A。6．D【詳解】A．由圖知a→b過程中壓強(qiáng)不變，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可得，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，為保持壓強(qiáng)不變，分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積器壁的碰撞次數(shù)應(yīng)減少，A正確；B．由圖知a→b過程中氣體壓強(qiáng)不變，溫度升高，由可得氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，，理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，故內(nèi)能因溫度升高而增大，，結(jié)合熱力學(xué)第一定律可得即氣體一定從外界吸收熱量，且吸收的熱量大于氣體對(duì)外界做的功，B正確；C．由圖知b→c過程中，氣體壓強(qiáng)減小，溫度降低，圖線上各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率逐漸減小，又由可得圖像中的狀態(tài)點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率與體積大小成反比，所以b→c過程中，氣體體積逐漸增大，C正確；D．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，b→c過程中氣體溫度降低，表明分子的平均動(dòng)能減少，但并不是每個(gè)分子的動(dòng)能都減少，D錯(cuò)誤。該題選擇錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選D。7．C【詳解】A．由可得可見二者運(yùn)行時(shí)向心加速度大小相等，但方向時(shí)刻指向軌道圓心，方向并不相同，故A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星的軌道半徑一定相同，并且衛(wèi)星相對(duì)地面靜止，與地球自轉(zhuǎn)方向相同，故軌道一定與赤道在同一平面內(nèi)，不可能在我國(guó)任何城市的正上空，故B錯(cuò)誤；C．由可得可見軌道半徑越大線速度越小，因?yàn)榈谝挥钪嫠俣仁墙匦l(wèi)星的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星軌道半徑，故03星和01星的運(yùn)行速度均小于第一宇宙速度，故C正確；D．由可得可見軌道半徑越大周期越大，則03星和01星的運(yùn)行周期大于近地衛(wèi)星的周期，故D錯(cuò)誤。故選C。8．C【詳解】根據(jù)題意畫出光路圖如圖所示

設(shè)在C點(diǎn)光線入射角為、折射角為，則根據(jù)折射定律有由于射入玻璃磚的入射角等于射出玻璃磚的折射角，則根據(jù)幾何關(guān)系可知解得故選C。9．C【詳解】A．從乙圖可知，在t=0時(shí)刻P點(diǎn)速度為正向最大值，即P點(diǎn)正在平衡位置向+y方向振動(dòng)，根據(jù)“同側(cè)法”可知波沿x軸負(fù)方向傳播，由甲圖可知波長(zhǎng)由乙圖可知周期波速A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過0.6s恰好振動(dòng)半個(gè)周期，運(yùn)動(dòng)的路程B錯(cuò)誤；C．由甲圖可知該波質(zhì)點(diǎn)振幅為10cm質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為即C正確；D．該波的頻率根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)測(cè)井儀運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收到的頻率可能大于或小于，D錯(cuò)誤。故選C。10．C【詳解】A．爆炸過程中，系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，爆炸前系統(tǒng)總動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，爆炸后，兩物體的動(dòng)量大小相等，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)爆炸后任一物體的動(dòng)量大小為p，物體的質(zhì)量為m，則動(dòng)能可知質(zhì)量大的物體獲得的初動(dòng)能小，故B錯(cuò)誤；C．取爆炸后速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理得解得滑行時(shí)間由于μ、p、g相等，則質(zhì)量大的物體滑行時(shí)間短，故C正確；D．爆炸后，根據(jù)動(dòng)能定理得解得爆炸后物體滑行的距離由于μ、p、g相等，則質(zhì)量大的物體滑行距離短，故D錯(cuò)誤。故選C。11．D【詳解】A．空間中任意一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度都是兩個(gè)正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度矢量疊加而成，在正方形abcd上電場(chǎng)線的方向是由O點(diǎn)指向各點(diǎn)，根據(jù)對(duì)稱性可知，b、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，A錯(cuò)誤；B．由abcd面上的電場(chǎng)線分布易知，在該平面上的等勢(shì)線是以O(shè)點(diǎn)為圓心的同心圓，則沿正方形abcd四邊移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力會(huì)做功，B錯(cuò)誤；C．設(shè)，則根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)的表達(dá)式可知，各點(diǎn)電勢(shì)分別為則O點(diǎn)與e點(diǎn)的電勢(shì)差e點(diǎn)與a點(diǎn)的電勢(shì)差O點(diǎn)與e點(diǎn)的電勢(shì)差不等于e點(diǎn)與a點(diǎn)的電勢(shì)差，C錯(cuò)誤；D．將試探電荷+q由a點(diǎn)沿直線ac移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，越過O點(diǎn)后電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，D正確。故選D。12．60不均勻1200大于【詳解】（1）[1]電流表滿偏時(shí)指針?biāo)缚潭葹?℃，由乙圖可知由得（2）（3）[2][3]根據(jù)圖乙可知金屬熱電阻的阻值隨溫度升高而均勻增大，金屬熱電阻的阻值與溫度的關(guān)系式為由得可知I與t并非線性關(guān)系，故溫度刻度線是不均勻的。（4）[4]電表指針偏轉(zhuǎn)等于滿量程的時(shí)代入得（5）[5]電動(dòng)勢(shì)減小時(shí)，可通過調(diào)小調(diào)零電阻使仍成立，則當(dāng)溫度為t'，電流對(duì)應(yīng)為I'時(shí)，有則故傳感器測(cè)得的溫度值大于真實(shí)值。13．（1）

；（2）【詳解】（1）距離通訊裝置d處，單位時(shí)間內(nèi)垂直通過球面上單位面積的電磁輻射能量解得（2）每個(gè)光子的能量光子頻率和波長(zhǎng)的關(guān)系為單位時(shí)間內(nèi)接收的光子個(gè)數(shù)解得14．（1）4r/s，864m/s2；（2）32.4m，129.6m【詳解】（1）線速度與轉(zhuǎn)速的關(guān)系為石子的轉(zhuǎn)速石子的向心加速度（2）在豎直方向上代入數(shù)據(jù)解得設(shè)石子做斜上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)上升時(shí)間為t，則豎直上升過程中速度滿足水平位移解得代入數(shù)據(jù)解得15．（1），；（2）；（3）【詳解】（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)到Q點(diǎn)經(jīng)歷半個(gè)圓周，由幾何關(guān)系得半徑由牛頓第二定律得解得在電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得解得（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期從P到Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有粒子第一次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子第二次在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系知從M到N點(diǎn)的圓弧轉(zhuǎn)過了240°角。粒子第二次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則從P點(diǎn)開始到N點(diǎn)的時(shí)間（3）由圖知N點(diǎn)坐標(biāo)即N點(diǎn)坐標(biāo)為16．（1）0.4；（2）8m，4m；（3）【詳解】（1）A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)最小時(shí)，需要A在傳送帶上一直加速，由動(dòng)能定理得解得A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)最小值為（2）A與B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有解得A、B共速時(shí)的速度為根據(jù)能量守恒有解得B的長(zhǎng)度為若A恰好滑到B右端時(shí)，B與右側(cè)固定平臺(tái)相碰，則此時(shí)B與右側(cè)平臺(tái)間的距離d最??；在B加速至共速的過程中，對(duì)B由動(dòng)能定理得解得（3）滑塊C與擋板D碰撞前，A、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有滑塊C與擋板D碰撞后至A、C共速過程，A、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有解得A、C共速時(shí)速度為全過程A、C與彈簧組成的系