物理-河南省名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期9月月考物理答案

答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)河南省名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期9月月考參考答案：1．B【詳解】CD．根據(jù)圖像的切線斜率表示速度可知，時(shí)間減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)減速運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤；AB．時(shí)間內(nèi)和時(shí)間內(nèi)位移大小相等，方向相反，位移不同；根據(jù)可知時(shí)間內(nèi)和時(shí)間內(nèi)平均速度大小相等，方向相反，則平均速度不同，故A錯(cuò)誤，B正確。故選B。2．C【詳解】由題意知，只有三種頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則對(duì)應(yīng)的輻射光子能量由大到小的前３中躍遷分別對(duì)應(yīng)于4→1，3→1，2→1，則該金屬的逸出功大小應(yīng)該介于2→1和4→2兩種躍遷輻射的能量之間，即介于和之間，C項(xiàng)正確。故選C。3．D【詳解】要使小球停留在原處，即彈簧的彈力大小、方向不變，因此方向不變，大小增大，則需要加的力應(yīng)與方向相反，大小等于的增量。故選D。4．A【詳解】段沒(méi)有剪斷時(shí)，設(shè)每條邊長(zhǎng)為，菱形框架四條邊受到的安培力剪斷段后，菱形框架四條邊受到的安培力則故選A。5．A【詳解】設(shè)地球的半徑為，空間站在軌運(yùn)行的軌道半徑為，根據(jù)題意有空間站在軌運(yùn)行時(shí)，有根據(jù)幾何關(guān)系有解得故選A。6．D【詳解】AB．小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間恒定，小球在水平方向受到風(fēng)力作用，風(fēng)力大小恒定，作用時(shí)間恒定，因此水平方向速度變化量恒定，落地時(shí)的速度大小、方向恒定，A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．風(fēng)力作用時(shí)間內(nèi)小球水平位移恒定，因此做功恒定，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．風(fēng)力作用時(shí)間越早，水平方向小球以最大水平速度運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)，水平位移越大，D項(xiàng)正確。故選D。7．D【詳解】A．小球運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)速度為零，根據(jù)牛頓第二定律有可得根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)A環(huán)的作用力大小等于小球的重力，故A錯(cuò)誤；B．小球從到過(guò)程，一開(kāi)始橡皮筋彈力較大，橡皮筋彈力與重力的合力做正功，小球速度增大，隨著橡皮筋彈力減小，橡皮筋彈力與重力的合力做負(fù)功，小球速度減小，故小球從到過(guò)程，速度先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．小球運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)，沿切線方向加速度大小為小球沿半徑方向加速度不為零，因此合加速度大于，故C錯(cuò)誤；D．由題可知點(diǎn)時(shí)橡皮筋處于原長(zhǎng)，AB段橡皮筋伸長(zhǎng)，BC段橡皮筋松弛無(wú)彈力，根據(jù)機(jī)械能守恒，小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)橡皮筋具有的彈性勢(shì)能為故D正確。故選D。8．BD【詳解】A．時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度方向相反，振動(dòng)情況不同，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)波由質(zhì)點(diǎn)傳到質(zhì)點(diǎn)，則超聲波的傳播速度B項(xiàng)正確；C．波在同一介質(zhì)中傳播速度大小相同，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．用平移波形法可知，從時(shí)刻開(kāi)始，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡位置時(shí)，波向右傳播2mm，則由波形圖可知，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位移和時(shí)刻的位移相同，D項(xiàng)正確。故選BD。9．ABD【詳解】A．由題意知，從到電勢(shì)降低，從到電勢(shì)降低，因此點(diǎn)比點(diǎn)電勢(shì)高，故A正確；C．中點(diǎn)與點(diǎn)等勢(shì)，點(diǎn)與中點(diǎn)連線即為等勢(shì)線，由幾何關(guān)系可知，這個(gè)連線與垂直，因此電場(chǎng)方向沿方向，故C錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)強(qiáng)度大小故B正確；D．沿圓弧從點(diǎn)移到點(diǎn)，電勢(shì)逐漸降低，電場(chǎng)力做負(fù)功，故帶負(fù)電的粒子的電勢(shì)能不斷增大，故D正確。故選ABD。10．BD【詳解】A．金屬棒通過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ的過(guò)程中，通過(guò)電阻的電量故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)金屬棒進(jìn)兩個(gè)磁場(chǎng)時(shí)的速度相同可知，金屬棒出磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)的速度與金屬棒從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)距離時(shí)的速度相同，即故B正確；C．金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)的速度大小金屬棒通過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量定理解得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為，根據(jù)能量守恒有解得故D正確。故選BD。11．8.40偏大【詳解】（1）[1]20分度的游標(biāo)卡尺的精確度為，則小球的直徑為（2）[2]根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式則有解得；（3）[3]由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得根據(jù)題意有解得[4]若用金屬框上、下兩邊內(nèi)側(cè)間的距離作為上、下兩邊間距離，則的測(cè)量值偏小，則測(cè)得的重力加速度與實(shí)際值相比偏大。12．

不存在【詳解】（1）[1]電路連接如圖所示

（2）[2]電流表的內(nèi)阻（3）[3][4][5]由得結(jié)合圖像得電源電動(dòng)勢(shì)由得到因?yàn)閿?shù)據(jù)處理時(shí)考慮了電流表內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)不存在因電表內(nèi)阻引起的系統(tǒng)誤差。13．（1），；（2）【詳解】（1）氣體從變化到發(fā)生的是等壓變化，則由圖2可知解得開(kāi)始時(shí)，缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)，發(fā)生等容變化，則解得（2）氣體從到過(guò)程對(duì)外做功為根據(jù)熱力學(xué)第一定律，整個(gè)過(guò)程氣體內(nèi)能增量14．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）時(shí)刻因此感應(yīng)電流為零，安培力為零，根據(jù)力的平衡，懸線的拉力（2）時(shí)間內(nèi)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，這段時(shí)間內(nèi)平均電動(dòng)勢(shì)（3）由于磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按余弦規(guī)律變化，則產(chǎn)生的電流為正弦交流電，則電動(dòng)勢(shì)的最大值有效值則電功率15．（1）；（2）；（3）0【詳解】（1）設(shè)C與B碰撞前瞬間速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒有解得設(shè)碰撞后共同速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒有解得（2）C與B碰撞后粘在一起，一起向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為，根據(jù)牛頓第二定律解得設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得（3）若C和B發(fā)生的是彈性碰撞，設(shè)碰撞后C和B的速度大小分別為，根據(jù)動(dòng)量守恒有根據(jù)能量守恒解得碰撞后B做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從碰撞到B運(yùn)動(dòng)到地面所用時(shí)間這段時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)C做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)的位移為，則即當(dāng)物塊B到達(dá)地面時(shí)，C也剛好運(yùn)動(dòng)到地面，即這時(shí)C離地面的高度為0。16．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則，根據(jù)牛頓第二定律解得（2）根據(jù)題意，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑設(shè)粒子進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理解得設(shè)粒子第一次進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，速度與軸正向的夾角為，則解得設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，根