陜西省銅川市物理高一上期末調研模擬試題含解析

陜西省銅川市物理高一上期末調研模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、兩個力大小分別為2N和4N，作用方向在同一直線上，則它們的合力大小可能（）A.0 B.6NC.7N D.8N2、如圖所示，水平桌面上放置的木塊，在水平方向共受到F1、F2和摩擦力三個力的作用，木塊處于靜止狀態(tài)，其中F1=10N，F2=2N。若撤去力F1，則（）A.木塊在水平方向受到的合力為6N，向右B.木塊在水平方向受到的合力為10N，向左C.木塊在水平方向受到的合力為零D.木塊將會在水平方向向左移動3、如圖甲所示，一輕質彈簧下端固定在水平面上，上端放置一物體(物體與彈簧不連接)，初始時物體處于靜止狀態(tài)。現用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力F與物體位移x之間的關系如圖乙所示(g＝10m/s2)，則下列結論正確的是()A.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)B.彈簧的勁度系數為5N/cmC.物體的質量為3kgD.物體的加速度大小為6m/s24、從某高處釋放一粒小石子，經過1s從同一地點再釋放另一粒小石子，則在它們落地之前，兩粒石子間的距離將（）A.保持不變 B.不斷減小C.不斷增大 D.先增大，后減小5、如圖所示，用輕質彈簧將籃球拴在升降機底板上，此時彈簧豎直，籃球恰好與光滑的側壁和光滑的傾斜天花板接觸，在籃球與側壁之間裝有壓力傳感器，當升降機沿豎直方向運動時，壓力傳感器的示數逐漸增大，某同學對此現象給出了下列分析與判斷，其中可能正確的是A.升降機正在勻加速上升B.升降機正在勻減速上升C.升降機正在加速下降，且加速度越來越大D.升降機正在減速下降，且加速度越來越大6、一個物體以初速度v0沿光滑斜面向上運動，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，在連續(xù)兩段時間m和n內，對應面積均為S，則經過b時刻物體的速度大小v為A.B.C.D.7、如圖所示為賽車場的一個水平“梨形”賽道，兩個彎道分別為半徑R=90m的大圓弧和r=40m的小圓弧，直道與彎道相切．大、小圓弧圓心O、O′距離L=100m．賽車沿彎道路線行駛時，路面對輪胎的最大徑向靜摩擦力是賽車重力的2.25倍．假設賽車在直道上做勻變速直線運動，在彎道上做勻速圓周運動，要使賽車不打滑，繞賽道一圈時間最短(發(fā)動機功率足夠大，重力加速度g=10m/s2，π=3.14)，則賽車()A.在繞過小圓弧彎道后加速B.在大圓弧彎道上的速率為45m/sC.在直道上的加速度大小為5.63m/s2D.通過小圓弧彎道的時間為5.85s8、如圖所示，三個木塊A、B、C在水平推力F的作用下靠在豎直墻上，且處于靜止狀態(tài)，則下列說法中正確的是（）A.B與C的接觸面不可能是光滑的B.B受到A作用的摩擦力方向可能豎直向下C.當力F增大時，A受到墻作用的靜摩擦力不變D.B受到A作用的靜摩擦力與B受到C作用的靜摩擦力，方向可能相同9、如圖所示,MNPQ為有界的豎直向下的勻強電場,電場強度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道,圓軌道半徑為R,A、B為圓水平直徑的兩個端點,ACB為圓弧.一個質量為m、電荷量為-q的帶電小球,從A點正上方高為H處由靜止釋放,并從A點沿切線進入半圓軌道.不計空氣阻力及一切能量損失,關于帶電小球的運動情況,下列說法正確的是(

)A.小球再次到達C點的速度可能為零B.小球一定能從B點離開軌道C.小球在AC部分可能做勻速圓周運動D.當小球從B點離開時,上升的高度一定等于H10、小明到商場選購商品，發(fā)現商場兩自動扶梯傾斜度一樣，但坡面不同，如圖所示。小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動。已知小明的體重為G，鞋底與扶梯間的動摩擦因數為μ，扶梯與水平面間的夾角為θ，小明在兩自動扶梯上受到的摩擦力大小分別為f甲、f乙，扶梯對小明的支持力大小分別為FN甲、FN乙，則下列說法正確的是()A.f甲=f乙=μGcosθB.FN甲=FN乙=GcosθC.FN甲=GFN乙=GcosθD.f甲=0f乙=Gsinθ11、“磨刀不誤砍柴工”，磨刀的過程可理想化為如圖乙所示的情境。已知磨刀石上、下表面與水平地面間的夾角均為α，刀與磨刀石上表面間的動摩擦因數為μ，手對刀施加與磨刀石上表面成θ角的恒力F，使刀沿上表面向下勻速運動．刀的重力可忽略不計．則刀所受摩擦力的大小為A.Fcosθ B.μFsinθC.Fsinα D.μFsinα12、平拋物體的初速度為，當水平方向分位移與豎直方向分位移相等時()A.運動的時間B.瞬時速率C.水平分速度與豎直分速度大小相等D.位移大小等于二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某同學在“探究加速度與物體受力的關系”實驗中實驗裝置如圖甲所示，打點計時器工作時頻率為50Hz在平衡小車與長木板之間摩擦力的過程中紙帶左端和小車連接，打出了一條紙帶，點跡如圖乙所示．為了平衡摩擦力，則應該______選填A或A.把墊片略微向左移動B.把墊片略微向右移動在平衡摩擦力后，該同學將5個相同的砝碼都放在小車上．掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中測量小車的加速度．小車的加速度a與砝碼盤中的砝碼總重力F的實驗數據如表：砝碼盤中砝碼總重力加速度a當砝碼盤中砝碼的總重力為時，所得紙帶如圖丙所示，則此時加速度______結果保留三位有效數字請把小題中所得數據描在坐標紙上，并作出圖象_________________根據所描繪的圖象，求得砝碼盤重______結果保留兩位有效數字14、（10分）某同學設計了一個如圖所示裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數，其中A為滑塊，B和C是質量可調的砝碼，不計繩和滑輪的質量及它們之間的摩擦，裝置水平放置．實驗中該同學在砝碼總質量（m＋m′＝m0）保持不變的條件下，改變m和m′的大小，測出不同m下系統的加速度，然后通過實驗數據的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數（1）該同學手中有電磁打點計時器、紙帶、質量已知且可隨意組合的砝碼若干、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細線，為了完成本實驗，得到所要測量的物理量，還應有（）A．秒表B．毫米刻度尺C．天平D．低壓交流電源（2）實驗中，該同學得到一條較為理想的紙帶，如圖所示，從清晰的O點開始，每隔4個點取一計數點（中間4個點沒畫出），分別記為A、B、C、D、E、F，各計數點到O點的距離為OA＝1.61cm，OB＝4.02cm，OC＝7.26cm，OD＝11.30cm，OE＝16.14cm，OF＝21.80cm，打點計時器打點頻率為50Hz，則由此紙帶可得到打E點時滑塊的速度v＝______m/s，此次實驗滑塊的加速度a＝_____m/s2.（結果均保留兩位有效數字）（3）在實驗數據處理中，該同學以m為橫軸，以系統的加速度a為縱軸，繪制了如圖所示的實驗圖線，結合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數μ＝_______.（g取10m/s2）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量M=4.0kg的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質量m=1.0kg的小滑塊A（可視為質點）初始時刻，A、B分別以v0=2.0m/s向左、向右運動，最后A恰好沒有滑離B板。已知A、B之間的動摩擦因數μ=0.40，取g=10m/s2。求：(1)A、B相對運動時的加速度aA和aB的大小與方向；(2)A相對地面速度為零時，B相對地面運動已發(fā)生的位移大小x；(3)木板B的長度l。16、（12分）一個物塊置于粗糙的水平地面上，受到的水平方向推力作用，推力隨時間變化的關系如圖甲所示，速度隨時間變化的關系如圖乙所示．取，求：（1）1s末和3s末物塊所受摩擦力的大小f1和f2；（2）物塊與水平地面間的動摩擦因數μ；（3）若6s末撤去外力，物塊前7.5s內的位移大小17、（12分）如圖所示工人在推一臺割草機，其推力F＝100N，方向與水平面夾角為30°.(1)若割草機重300N，則割草機對地面向下的合力是多少？(2)如果工人對割草機施加的作用力為拉力，與F大小相等、方向相反，則割草機作用在地面上的合力又是多少？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】兩力合成時，合力隨夾角的增大而減小，當夾角為零（方向相同）時合力最大，夾角180°（方向相反）時合力最小，合力范圍為：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|【詳解】當二力夾角為零時，即兩個力在同一直線上，并且方向相同，合力最大、最大值為F1+F2=2N+4N=6N；當夾角180°時，即兩個力在同一直線上，并且方向相反，合力最小、最小值為F1-F2=4N-2N=2N；故合力的范圍為2N≤F≤6N；所以合力可能是6N，不可能是0N，7N，8N，故ACD錯誤，B正確．故選B【點睛】本題關鍵求出合力分范圍，當兩力同向時合力最大，兩力反向時，合力最小2、C【解析】木塊開始在水平方向受三個力而平衡，則有物體處于靜止狀態(tài)，說明物體受到的最大靜摩擦力大于等于8N；撤去F1后，外力為2N，小于8N，故物體仍能處于平衡，合力一定是零。選項C正確，ABD錯誤。故選C。3、B【解析】A．物體與彈簧分離時，二者之間剛好沒有作用力，即彈簧處于原長狀態(tài)，故A錯誤；BCD．剛施加力F時，由牛頓第二定律可得物體與彈簧剛分離時，由牛頓第二定律可得聯立可得，故CD錯誤；施加F前物體處于平衡狀態(tài)，由胡克定律可得解得彈簧的勁度系數為故B正確。故選擇B選項。4、C【解析】設落地前第一個小石子運動的時間為t，則第二個小石子運動的時間為（t-1）s，根據位移時間公式得：所以隨著時間的增大，兩粒石子間的距離將增大。故選C。5、C【解析】AB．對籃球受力分析如圖，若升降機勻加速上升或在勻減速上升，籃球加速度不變，受力不變，壓力傳感器的示數不變．故AB不可能C．若升降機正在加速下降，對籃球受力分析，由牛頓第二定律可得：解得：加速度越來越大，則越來越大，壓力傳感器的示數逐漸增大．故C可能D．若升降機正在減速下降，對籃球受力分析，由牛頓第二定律可得：解得：加速度越來越大，則越來越小，壓力傳感器的示數逐漸增?。蔇不可能6、A【解析】詳解】s在連續(xù)兩段時間m和n內，對應面積均為S，根據勻變速直線運動的規(guī)律有解得經過b時刻物體的速度大小為故選A。7、AB【解析】設經過大圓弧的速度為v，經過大圓弧時由最大靜摩擦力提供向心力，由可知，代入數據解得：，故B正確；設經過小圓弧的速度為v0，經過小圓弧時由最大靜摩擦力提供向心力，由可知，代入數據解得：，由幾何關系可得直道的長度為：再由代入數據解得：a=6．50m/s，故C錯誤；設R與OO'的夾角為α，由幾何關系可得：，，小圓弧的圓心角為：120°，經過小圓弧彎道的時間為，故D錯誤．在彎道上做勻速圓周運動，賽車不打滑，繞賽道一圈時間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力，速度最大，由BC分析可知，在繞過小圓弧彎道后加速，故A正確；考點：考查了圓周運動，牛頓第二定律，運動學公式【名師點睛】解答此題的關鍵是由題目獲得條件：①繞賽道一圈時間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力；②由數學知識求得直道長度；③由數學知識求得圓心角．另外還要求熟練掌握勻速圓周運動的知識8、AC【解析】A．以C為研究對象，如果C與B之間的接觸面光滑，則C在豎直方向只受重力，不會平衡，故B與C的接觸面不可能是光滑的，故A正確；B．對BC整體受力分析，受重力、推力、A對B的支持力和靜摩擦力，根據平衡條件可知，A對B的靜摩擦力豎直向上，與BC整體的重力平衡，B受到A的靜摩擦力豎直向上，故B錯誤；C．對ABC的整體而言，墻壁對A的靜摩擦力豎直向上，與ABC整體的重力平衡，故當力F增大時，A受到墻作用的靜摩擦力一定不變，故C正確；D．以C為研究對象，C豎直方向上受到重力和B的摩擦力，根據平衡條件可知B對C的摩擦力方向豎直向上，根據牛頓第三定律可知C對B的靜摩擦力方向向下，而B受到A作用的靜摩擦力方向豎直向上，可知B受到A作用的靜摩擦力與B受到C作用的靜摩擦力方向相反，故D錯誤。故選AC。9、CD【解析】當小球的重力與電場力平衡，小球進入軌道，靠彈力提供向心力，做勻速圓周運動．根據動能定律判斷上升的高度與H的關系．．通過假設法判斷小球到達C點的速度能否為零，若能為零，根據動能定理知，電場力做功做功等于重力做功，則電場力大于重力，無法做圓周運動【詳解】A、若小球到達C點的速度為零，由動能定理得，小球所受電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運動，所以小球到達C點的速度不可能為零，A錯誤；B、由于題中沒有給出H與R、E的關系，所以小球不一定能從B點離開軌道，B錯誤；C、若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運動，C正確；D、若小球能從B點離開軌道，由于小球在AB部分電場力做功為零，所以若小球能從B點離開，上升的高度一定等于H，D正確故選CD【點睛】本題考查了帶電小球在電場和重力場中的運動，綜合運用了動能定理、牛頓第二定律等知識，綜合性強，對學生的能力要求較高10、CD【解析】分別對甲乙兩圖的小明進行受力分析，如圖所示，根據小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，所以小明受力平衡，則：故選CD。11、AB【解析】對刀進行受力分析如圖：刀做勻速直線運動，正交分解：滑動摩擦力：AB正確，CD錯誤。故選AB。12、ABD【解析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，抓住水平位移和豎直位移相等求出運動的時間，結合速度時間公式判斷水平分速度和豎直分速度的關系，根據平行四邊形定則求出瞬時速度的大?。ㄟ^水平位移和豎直位移，根據平行四邊形定則求出位移的大小【詳解】A．根據得故A正確;BC．此時豎直分速度與水平分速度不等，瞬時速率故B正確，C錯誤；D．水平位移則位移的大小故D正確。故選ABD?！军c睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、①.B②.③.④.【解析】根據小車做勻變速運動列出方程，對合外力進行分析即可求解；在勻變速直線運動中連續(xù)相等時間內的位移差為常數，根據作差法求解加速度；由圖象可知，當外力為零時，物體有加速度，通過對小車受力分析即可求解【詳解】從打出的紙帶的點跡來看，小車仍然是做加速運動，則平衡摩擦力過度，即平板太陡，所以要使木板平緩一點，只能使墊片向右移動一點，故B正確；由逐差法求加速度，；描點畫圖如圖所示：從縱軸上的截距可以知道：當時，小車的加速，由可知圖象的斜率是小車質量的倒數，所以小車質量，另外從圖象的縱截距可以知道：【點睛】解答實驗問題的關鍵是正確理解實驗原理，加強基本物理知識在實驗中的應用，同時不斷提高應用數學知識解答物理問題的能力14、(1).BD(2).0.53(3).0.81(4).0.3【解析】(1)[1].A.打點計時器通過打點即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤B.實驗需要測量兩點之間的距離，故需要毫米刻度尺和，故B正確C.本實驗中可以不測滑塊的質量，而且砝碼的質量已知，故天平可以不選，故C錯誤D.電磁打點計時器要用到低壓交流電源，故D正確(2)[2].每隔4個點取一計數點，相鄰計數點之間的時間間隔為0.1s，故用平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：[3].由△x=at2可得：(3).對ABC系統應用牛頓第二定律可得：所以a-t圖象中，縱軸的截距為-μg，故-μg=-3，解得：μ=0.30三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)aA=4.0m/s2，方向水平向右；aB=1.0m/s2，方向水平向左；(2)x=0.875m；(3)l=1.6m【解析】(1)A、B分別受到大小為μmg的摩擦力作用，根據牛頓第二定律對A有μmg=maA則aA=μg=4.0m/s2方向水平向右。對B有μmg=MaB則方向水平向左。(2)開始階段A相對地面向左做勻減速運動，設到速度為零時所用時間為t1，則v0=aAt1解得B相對地面向右做勻減速運動(3)A先相對地面向左勻減速運動至速度為零，后相對地面向右做勻加速運動，加速度大小仍為aA=4.0m/s2，B板向右一直做勻減速運動，加速度大小為aB=1.0m/s2，當A、B速度相等時，A滑到B最左端，恰好沒有滑離木板B，故木板B的長度