福建省寧德市重點名校物理高一第一學(xué)期期末綜合測試試題含解析

福建省寧德市重點名校物理高一第一學(xué)期期末綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，物體A、B和C疊放在水平面上，水平力為Fb=5N，F(xiàn)c=10N，分別作用于物體B、C上，A、B和C仍保持靜止，以F1、F2、F3分別表示A與B、B與C、C與桌面間的靜摩擦力的大小，則（）A.F1=5N，F(xiàn)2=0，F(xiàn)3=5N B.F1=5N，F(xiàn)2=5N，F(xiàn)3=0CF1=0，F(xiàn)2=5N，F(xiàn)3=5N D.F1=0，F(xiàn)2=10N，F(xiàn)3=5N2、如圖，在光滑水平桌面上有一物體A，通過繩子與物體B相連，設(shè)繩子的質(zhì)量以及繩子與定滑輪之間的摩擦力都可以忽略不計，繩子不可伸長，如果mB=3mA，則繩子對物體A的拉力大小為()A.mAg B.3/4mAgC.mAg D.1/4mAg3、在固定于地面的斜面上垂直安放了一個擋板，截面為圓的柱狀物體甲放在斜面上，半徑與甲相等的光滑圓球乙被夾在甲與擋板之間，乙沒有與斜面接觸而處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示，現(xiàn)在從球心處對甲施加一平行于斜面向下的力F使甲沿斜面方向緩慢地移動，直至甲與擋板接觸為止。設(shè)乙對擋板的壓力為F1，甲對斜面的壓力為F2，在此過程中（）A.F1緩慢增大，F(xiàn)2緩慢增大 B.F1緩慢增大，F(xiàn)2緩慢減小C.F1緩慢減小，F(xiàn)2緩慢增大 D.F1緩慢減小，F(xiàn)2保持不變4、如圖所示，小車靜置在水平地面上，斜面置于小車上，滑塊放在斜面上，一根輕彈簧一端固定在小車上的點、另一端系在滑塊上的點，彈簧與的斜面垂直，、、三個物體均保持靜止，下列有關(guān)斜面、滑塊的受力情況的描述正確的是A.若彈簧處于壓縮狀態(tài)，則滑塊一定受3個力的作用B.若彈簧處于壓縮狀態(tài)，則斜面一定受4個力的作用C.若彈簧處于伸長狀態(tài)，則滑塊一定受4個力的作用D.若彈簧處于伸長狀態(tài)，則斜面一定受6個力的作用5、如圖所示，兩個質(zhì)量都是m的小球A和B用輕桿連接，斜靠在墻上處于平衡狀態(tài)．已知墻面光滑，水平地面粗糙．現(xiàn)使Ａ球向下移動一點，Ｂ球離墻再稍遠(yuǎn)一些，兩球再次達(dá)到平衡狀態(tài)．移動后的平衡狀態(tài)與原來的平衡狀態(tài)相比較，地面對球B的支持力N和輕桿上的彈力T的變化情況是（）A.N不變，T變大 B.N變小，T變大C.N不變，T變小 D.N變大，T變小6、如圖甲所示，水平傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，一個質(zhì)量為m＝1kg的小物塊以某一水平初速度從傳送帶左端滑上傳送帶，通過速度傳感器記錄下小物塊運動的v－t圖像如圖乙所示，取向左為正方向，以小物塊滑上傳送帶時為計時起點。已知傳送帶的速度保持不變，g取10m/s2。下列說法中正確的是A.小物塊在傳送帶上運動的時間為5sB.小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.2C.小物塊距離傳送帶左端的最大距離為8mD.小物塊在傳送帶上相對傳送帶滑動的距離為9m7、如圖是某同學(xué)為頸椎病人設(shè)計的一個牽引裝置的示意圖，一根繩繞過兩個定滑輪和動滑輪后各掛著一個相同的重物，與動滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎（圖中是用手指代替頸椎做實驗），整個裝置在同一豎直平面內(nèi)．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（）A.只增加繩的長度 B.只增加重物的重量C.只將手指向下移動 D.只將手指向上移動8、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝20N、F2＝10N，則下列說法正確的是()A.彈簧的彈力大小為16NB.如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2NC.若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小為零D.若F1＝10N、F2＝20N，則彈簧的彈力大小不變9、有一質(zhì)量為m的人，乘電梯從一樓上到十一樓，在以加速度勻加速上升的過程里，下列說法正確的是（）A.人的重力為 B.人的重力仍為mgC.人對電梯的壓力 D.人對電梯的壓力10、一質(zhì)點在外力作用下做直線運動，其速度隨時間變化的圖象如圖．在圖中標(biāo)出的時刻中，質(zhì)點所受合外力的方向與速度方向相同的有A. B.C. D.二、實驗題11、（4分）圖為接在50Hz低壓交流電源上的打點計時器，在紙帶做勻加速直線運動時打出的一條紙帶，圖中所示的是每打5個點所取的記數(shù)點，但第3個記數(shù)點沒有畫出．由圖數(shù)據(jù)可求得：（1）該物體的加速度為_____________________m/s2，（2）第3個記數(shù)點與第2個記數(shù)點的距離約為_____________cm，（3）打第3個點時該物體的速度為_________m/s，打第5個點時該物體的速度為_________m/s，12、（10分）如圖所示為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。(1)若實驗所用的交流電頻率為，則根據(jù)下圖所打紙帶的打點記錄，小車此次運動經(jīng)B點時的速度vB=__________m/s，小車的加速度a=__________m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(2)正確平衡摩擦力后，在研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質(zhì)量的關(guān)系”時所得的實驗圖像，橫坐標(biāo)m為小車上砝碼的質(zhì)量。已知圖中直線的斜率為k縱軸上的截距為b，若懸掛的砝碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量且牛頓第二定律成立，則小車受到的拉力為__________，小車的質(zhì)量為__________（用k和b表達(dá)）。三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，長為L的輕繩下端連著質(zhì)量為m的小球，上端懸于天花板上．當(dāng)把輕繩拉直時，小球靜止于光滑的水平桌面上，輕繩與豎方向的夾角θ=，重力加速度為g。當(dāng)小球以角速度做圓周運動時，求輕繩對小球的拉力大小與桌面對小球的支持力大小。14、（14分）如圖所示，傳送帶與地面夾角θ＝37°，從A到B長度為L＝41m，傳送帶v0＝20m/s的速率逆時針轉(zhuǎn)動。在傳送帶上端A無初速地放一個質(zhì)量為m＝0.5kg的黑色煤塊，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5。煤塊在傳送帶上經(jīng)過會留下黑色痕跡。已知sin37°＝0.6，g＝10m/s2，求：(1)煤塊從A到B的時間；(2)煤塊從A到B的過程中傳送帶上形成痕跡的長度。15、（13分）某種類型的飛機(jī)起飛前滑行時，從靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為5.0m/s2，飛機(jī)速度達(dá)到80m/s時離開地面升空．求：（1）飛機(jī)在地面上滑行所用的時間；（2）飛機(jī)在地面上滑行的距離

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】以A為研究對象，根據(jù)平衡條件得到B對A的靜摩擦力大小F1=0否則A水平方向所受的合力不為零，不能保持平衡，以AB整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得到F2=Fb=5N再以三個物體整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得方向水平向左。所以F1=0，F(xiàn)2=5N，F(xiàn)3=5N故選C。2、B【解析】本題考查受力分析以及共點力的平衡條件應(yīng)用，要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用【詳解】B連在一起，加速度相同；對整體分析可知整體沿繩方向只受B的拉力，則由牛頓第二定律可知，加速度為：，選取A為研究的對象．水平方向A只受到繩子的拉力，所以繩子的拉力：,故B正確；ACD錯誤故選B【點睛】規(guī)律總結(jié)：①整體法：以幾個物體構(gòu)成的整個系統(tǒng)為研究對象進(jìn)行求解．在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統(tǒng)的內(nèi)力②隔離法：從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統(tǒng)內(nèi)物體的總個數(shù)）進(jìn)行分析．隔離法的原則是選取受力個數(shù)最少部分的來分析③通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時，用隔離法．有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用3、D【解析】如圖所示，對乙進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可知擋板對乙的壓力F1和甲對乙的支持力FN的合力與乙的重力平衡，當(dāng)乙球向上運動過程中，甲球?qū)λ闹С至εc豎直方向夾角減小，所以擋板對乙球的壓力緩慢減小。將把甲、乙看成一個整體，甲沿斜面方向緩慢地移動時，力F沿斜面方向，甲、兩球?qū)π泵娴膲毫Φ扔谒鼈冎亓Υ怪庇谛泵娴姆至?，大小方向不變，綜上所述可知D正確。故選D。4、C【解析】AB．若彈簧處于壓縮狀態(tài)，則滑塊C受到重力、彈簧的彈力、斜面的支持力和摩擦力共4個力的作用，B受到重力、C對B的壓力和摩擦力、A對B的支持力和向右摩擦力共5個力的作用，故AB錯誤；C．若彈簧處于伸長狀態(tài)，B和C之間的彈力不可能為零，如果BC之間的彈力為零則摩擦力為零，C不可能靜止，則滑塊C受到重力、彈簧的拉力、斜面的支持力和摩擦力共4個力的作用，故C正確；D．若彈簧處于伸長狀態(tài)，B受到重力、C對B的壓力和摩擦力、A對B的支持力和向左的摩擦力共5個力的作用，故D錯誤。故選C。5、A【解析】先對整體受力分析，整體受總重力、地面的支持力、墻壁對A的彈力，地面對B的靜摩擦力，整體處于平衡狀態(tài)，從而可知N的大小變化．再隔離對A球進(jìn)行受力分析，A球受重力，墻壁的彈力和輕桿的彈力，三個力處于平衡狀態(tài)，通過夾角的變化，判斷輕桿彈力的變化【詳解】對整體進(jìn)行受力分析知，地面對球B的支持力N=2mg，移動兩球后，仍然平衡，則N仍然等于2mg，所以N不變；再隔離對A進(jìn)行受力分析如下圖，設(shè)輕桿與水平方向的夾角為，輕桿對A球的彈力T=，當(dāng)A球向下移動一小段距離，夾角變小，變小，所以T變大,故A正確，B、C、D錯誤故選A【點睛】在該題中運用了整體法和隔離法，先對整體受力分析，確定地面對球B的支持力不變，再隔離分析，判斷輕桿對球彈力的變化6、BD【解析】A．由速度圖像可知，物塊初速度大小v=4m/s、傳送帶速度大小v'=2m/s，物塊在傳送帶上滑動t1=3s后，與傳送帶相對靜止，前2秒內(nèi)物塊的位移大小方向向右，后1秒內(nèi)的位移大小方向向左，3秒內(nèi)位移方向向右，物塊再向左運動時間物塊在傳送帶上運動時間故A錯誤；B．由速度圖像可得，物塊做勻變速運動的加速度由牛頓第二定律得解得故B正確；C．當(dāng)物塊的速度減為零時距離傳送帶左端有最大距離，前2秒內(nèi)物塊的位移大小即距離傳送帶左端的最大距離是4m，故C錯誤；D．物塊在皮帶上滑動的3s內(nèi)，皮帶的位移方向向左，物塊位移方向向右，相對位移為故D正確。故選BD。7、BC【解析】A．對動滑輪受力分析，受重力、兩個對稱的拉力，拉力等于懸掛物體的重量mg，如圖三個力的合力為零，兩個拉力的大小恒定，夾角越大，合力越小，夾角越小，合力越大；增加細(xì)線長度時，由于兩個細(xì)線拉力也不變，動滑輪位置不變，故三個力大小方向都不變，故A錯誤；B．只增加重物的重力，兩個繩拉力變大，動滑輪位置不變，則兩拉力夾角不變，故合力變大，故手指所受的拉力增大，故B正確；C．只將手指向下移動，兩個繩拉力大小不變，夾角變小，故兩拉力合力變大，故手指所受的拉力增大，故C正確；D．只將手指向上移動，兩個繩拉力大小不變，夾角變大，故兩拉力合力變小，故手指所受的拉力減小，故D錯誤。故選BC。8、AB【解析】兩物體一起向左做勻加速直線運動，對兩個物體整體由牛頓第二定律有:

F1-F2=（mA+mB）a再對物體A受力分析，運用牛頓第二定律，得到：F1-F=mAa聯(lián)立兩式解得：F=16N．故A正確．如果只有F1作用，整體向左勻加速運動，則有：對B研究得：彈簧的彈力大小為，故B正確若把彈簧換成輕質(zhì)繩，同理根據(jù)牛頓第二定律列式得到繩對物體的拉力大小也是16N，故C錯誤．若F1=10N、F2=20N，則F1-F2=（mA+mB）a；再對物體B受力分析，運用牛頓第二定律，得到：F2-F=mBa，聯(lián)立解得：F=14N．故D錯誤．故選AB.9、BD【解析】AB.人在勻加速上升過程中，人處于超重狀態(tài)，但人的重力不變，所以人的重力仍為mg，故A錯誤，B正確；CD.設(shè)電梯對人的支持力為T，由牛頓第二定律得：則：根據(jù)牛頓第三定律，人對電梯的壓力為：故C錯誤，D正確。故選：BD10、AC【解析】如果質(zhì)點所受合力的方向與速度方向相同，物體做加速運動；合力的方向與速度方向相反，物體做減速運動AC、在、時刻，速度都在不斷增加，因此合力的方向與速度方向相同，A、C正確；BD、在、時刻，速度在不斷減小，合力的方向與速度方向相反，B、D錯誤二、實驗題11、①.（1）0.74m/s2②.（2）4.36cm③.（3）0.473m/s；④.0.621m/s；【解析】（1）設(shè)1、2間的位移為x1，2、3間的位移為x2，3、4間的位移為x3，4、5間的位移為x4；因為周期為T=0.02s，且每打5個點取一個記數(shù)點，所以每兩個點之間的時間間隔T=0.1s；由勻變速直線運動的推論xm-xn=（m-n）at2得：x4-x1=3at2代入數(shù)據(jù)得：（5.83-3.62）×10-2=3a×0.12,解得：a=0.74m/s2（2）第3個記數(shù)點與第2個記數(shù)點的距離即為x2，由勻變速直線運動的推論：x2-x1=at2得：x2=x1+at2代入數(shù)據(jù)得：x2=3.62×10-2+0.74×0.12=0.0436m=4.36cm（3）打第2個點時的瞬時速度等于打1、3之間的平均速度，因此有：根據(jù)速度公式v3=v2+at得v3=0.399+0.74×0.1m/s=0.473m/s；同理：v5=0.399+0.74×0.3m/s=0.621m/s；12、①.0.400②.1.46③.④.【解析】(1)[1]相鄰計數(shù)點間的時間間隔為根據(jù)勻變速直線運動過程中中間時刻速度等于該過程的平均速度可得，B點的瞬時速度為[2]根據(jù)逐差公式可得加速度為(2)[3]設(shè)小車質(zhì)量m′，則有變形可得則斜率則小車受到的拉力[4]截距則小車質(zhì)量為三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演