甘肅省白銀市第九中學(xué)2024屆物理高二上期中學(xué)業(yè)水平測試試題含解析

甘肅省白銀市第九中學(xué)2024屆物理高二上期中學(xué)業(yè)水平測試試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖是某電場的一條電場線，a、b是電場中的兩點(diǎn)．這兩點(diǎn)相比（）A．b點(diǎn)的場強(qiáng)較大B．a(chǎn)點(diǎn)的場強(qiáng)較大C．同一個(gè)電荷放在a、b兩點(diǎn)所受到的電場力方向一定相同D．負(fù)電荷放在a點(diǎn)所受到的電場力方向一定向右2、一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)，其位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖象如圖所示，由圖可知A．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的頻率是4Hz，振幅是2cmB．0～3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的路程為6cmC．1s末質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)速度為0D．t＝3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的振幅為零3、電吹風(fēng)機(jī)中有電動(dòng)機(jī)和電熱絲兩部分，己知電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R1，它和阻值為R2的電熱絲串聯(lián)．設(shè)電吹風(fēng)機(jī)工作時(shí)兩端的電壓為U，通過線圈的電流為I，消耗的電功率為P，則下列關(guān)系正確的是（）A．P>I2（R1+R2）B．P=I2（R1+R2）C．U=I（R1+R2）D．P>UI4、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個(gè)小球A和B緊貼倒圓錐筒的光滑內(nèi)壁各自做水平面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）A．A球受到的支持力較大B．B球受到的支持力較大C．A球運(yùn)動(dòng)的線速度較大D．B球運(yùn)動(dòng)的線速度較大5、如圖為飛行特技表演時(shí)飛機(jī)在豎直面內(nèi)俯沖后又拉起的情景，這一過程可看作半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)飛機(jī)通過最低點(diǎn)時(shí)速度大小為v，飛行員的質(zhì)量為m。則飛機(jī)在最低點(diǎn)時(shí)座椅對(duì)飛行員的支持力大小為（）A．mgB．mv2RC．6、關(guān)于電場強(qiáng)度的公式E=，下列說法正確的是（）A．由公式可知，電場強(qiáng)度與試探電荷所帶電量成反比B．此公式只能適用于真空中的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場C．此公式為電場強(qiáng)度的定義式，可以適用于各種電場D．公式中q是產(chǎn)生電場的電荷帶電量，F(xiàn)是試探電荷所受到的力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．0～4s內(nèi)物體的位移為零B．0～4s內(nèi)拉力對(duì)物體做功為零C．4s末物體的動(dòng)量為零D．0～4s內(nèi)拉力對(duì)物體的沖量為零8、如圖所示，一平行板電容器的電容為C，兩極板M、N間距離為d，所接電源的電動(dòng)勢為E，兩板間a、b、c三點(diǎn)的連線構(gòu)成一等腰直角三角形．三角形的兩直角邊長均為L，其中ab邊與兩板平行，以下說法正確的是A．電容器所帶電荷量為CEB．兩極板間勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為C．a(chǎn)、c兩點(diǎn)間的電勢差為D．若增大兩板間距離時(shí)，a、c兩點(diǎn)間電勢差不變9、如圖所示，在絕緣的斜面上方，存在著勻強(qiáng)電場，電場方向平行于斜面向上，斜面上的帶電金屬塊在平行于斜面的力F作用下沿斜面移動(dòng)．已知金屬塊在移動(dòng)的過程中，力F做功32J，金屬塊克服電場力做功8J，金屬塊克服摩擦力做功16J，重力勢能增加18J，則在此過程中金屬塊的（）A．動(dòng)能減少10J B．電勢能增加24JC．機(jī)械能減少24J D．內(nèi)能增加16J10、回旋加速器的核心部分如圖所示，兩個(gè)D形盒分別與交變電源的兩極相連．下列說法正確的是（）A．D形盒之間電場力使粒子加速B．D形盒內(nèi)的洛倫茲力使粒子加速C．增大交變電壓的峰值，最終獲得的速率v增大D．增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，最終獲得的速率v增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)要測量電源的電動(dòng)勢E及內(nèi)阻r（E約為6V，r約為1．5Ω）．給出以下器材：量程3V的理想電壓表V，量程4．6A的電流表A（具有一定內(nèi)阻），固定電阻R=3．5Ω，滑線變阻器R′（4―14Ω），開關(guān)S，導(dǎo)線若干．①利用給出的器材畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖（圖中各元件需用題目中給出的符號(hào)或字母標(biāo)出）．②實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)電流表讀數(shù)為I1時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1；當(dāng)電流表讀數(shù)為I4時(shí)，電壓表讀數(shù)為U4．則可以求出E=，r=．（用I1，I4，U1，U4及R表示）12．（12分）"描繪小燈泡的伏安特性曲線"實(shí)驗(yàn)，（1）下表中的各組數(shù)據(jù)是在實(shí)驗(yàn)中測得的,根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線___。（2）根據(jù)（1）中圖像，試估算當(dāng)小燈泡兩端電壓為2.2V時(shí),該燈泡的實(shí)際功率為________W.(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)（3）由于電表存在內(nèi)阻,在同一坐標(biāo)系中，與燈泡電流真實(shí)值對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線比（1）中所畫的圖線位置偏_____(選填“高”或“低”)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）帶電小球的質(zhì)量為m，當(dāng)勻強(qiáng)電場方向水平向右時(shí)(圖中未畫出)，小球恰能靜止在光滑圓槽形軌道的A點(diǎn)，圖中角θ＝30°，如圖所示，當(dāng)將電場方向轉(zhuǎn)為豎直向下時(shí)(保持勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小不變)，求小球從A點(diǎn)起滑到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力.14．（16分）如圖所示，在豎直邊界線O1O2左側(cè)空間存在一豎直向下的勻強(qiáng)電場．電場強(qiáng)度E=100N/C，電場區(qū)域內(nèi)有一固定的粗糙絕緣斜面AB，其傾角為30°，A點(diǎn)距水平地面的高度為h=4m．BC段為一粗糙絕緣平面，其長度為L=m．斜面AB與水平面BC由一段極短的光滑小圓弧連接（圖中未標(biāo)出），豎直邊界線O1O2右側(cè)區(qū)域固定一半徑為R=0.5m的半圓形光滑絕緣軌道，CD為半圓形光滑絕緣軌道的直徑，C、D兩點(diǎn)緊貼豎直邊界線O1O2，位于電場區(qū)域的外部（忽略電場對(duì)O1O2右側(cè)空間的影響）．現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為m=1kg，帶電荷量為q=0.1C的帶正電的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）在A點(diǎn)由靜止釋放，且該小球與斜面AB和水平BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=（g取10m/s2）．求：（1）小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）小球到達(dá)D點(diǎn)時(shí)所受軌道的壓力大??；（3）小球落地點(diǎn)距離C點(diǎn)的水平距離．15．（12分）在圖示電路中，電源輸出電壓恒定，定值電阻r的阻值為5Ω，L為標(biāo)有“3V1.5W”的小燈泡，滑動(dòng)變阻器的總阻值為30Ω，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P位于變阻器的中點(diǎn)時(shí)，燈泡L恰能正常發(fā)光，此時(shí)理想電壓表的示數(shù)為20.5V．求：(1)電阻Rx的阻值；(2)電源的電壓；(3)此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

只有一條電場線不能判斷電場線的疏密，則不能比較a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)關(guān)系，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；因電場線方向向右，則同一個(gè)電荷放在a、b兩點(diǎn)所受到的電場力方向一定相同，負(fù)電荷放在a點(diǎn)所受到的電場力方向一定向左，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選C.2、B【解題分析】

A．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期為T=4s，則頻率是f=1/T=0.25Hz，振幅是2cm，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因3s=T，可知0～3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的路程為3A=6cm，選項(xiàng)B正確；C．1s末質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)速度最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．t＝3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移為零，振幅是2cm，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．3、A【解題分析】

AB.電吹風(fēng)機(jī)中發(fā)熱的功率要用I2R來計(jì)算，所以總的發(fā)熱功率為I2(R1+R2)，吹風(fēng)機(jī)的總功率P=IU要大于發(fā)熱功率，故A正確，B錯(cuò)誤；C.電吹風(fēng)不能看作純電阻電路，故不能用歐姆定律求解電壓，故C錯(cuò)誤；D.電吹風(fēng)機(jī)消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應(yīng)該是用P=IU來計(jì)算，所以總功率P=IU，所以D錯(cuò)誤。故選：A.4、C【解題分析】試題分析：AB、對(duì)小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖筒對(duì)小球的支持力N=，與軌道半徑無關(guān)，則由牛頓第三定律得知，小球?qū)ν驳膲毫σ才c半徑無關(guān)，即有球A對(duì)筒壁的壓力等于球B對(duì)筒壁的壓力．故AB錯(cuò)誤；CD、根據(jù)牛頓第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，A線速度較大．故C正確，D錯(cuò)誤．故選C5、C【解題分析】

飛機(jī)在豎直平面內(nèi)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)，飛行員受到豎直向下的重力G，座椅的豎直向上的支持力F′，它們的合力提供向心力，加速度方向豎直向上，合力方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析得知：F'=mg+mv2R6、C【解題分析】解：A、電場強(qiáng)度反映電場本身的性質(zhì)，由電場本身決定，與試探電荷的電荷量無關(guān)，故A錯(cuò)誤．BC、E=為電場強(qiáng)度的定義式，運(yùn)用比值法定義，適用于各種電場，故B錯(cuò)誤，C正確．D、公式中q是放入電場中的試探電荷，F(xiàn)是試探電荷所受到的力，故D錯(cuò)誤．故選C．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住電場強(qiáng)度是描述電場本身性質(zhì)的物理量，其大小和方向與試探電荷無關(guān)，是電場本身決定．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解題分析】

由圖象可知物體在4s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運(yùn)動(dòng)，4s末的速度為零，位移一直增大，故A錯(cuò)誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負(fù)功，且兩段時(shí)間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動(dòng)量為零；故C正確；根據(jù)I=Ft可知：前4s內(nèi)I合=F×2-F×2=0，故D正確；故選BCD．【題目點(diǎn)撥】本題主要考查了同學(xué)們讀圖的能力，要求同學(xué)們能根據(jù)受力情況分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行分析求解．8、AB【解題分析】

根據(jù)電容器的電壓、電荷量和電容的關(guān)系可知，電荷量，所以選項(xiàng)A正確；根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系可知，極板間的電場強(qiáng)度為，所以選項(xiàng)B正確；同理可知ac間的電勢差，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；增大兩板間距離時(shí)，兩極板間的電勢差不變，故電場強(qiáng)度變小，所以可知ac兩點(diǎn)間的電勢差變小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；9、AD【解題分析】

A．根據(jù)動(dòng)能定理，合外力做功等于動(dòng)能變化量，則即動(dòng)能減少10J；A正確；B．電勢能的變化量等于電場力做功，即即電勢能增加8J；B錯(cuò)誤；C．機(jī)械能的變化量等于除重力以外的其它力做功，即即機(jī)械能增加8J；C錯(cuò)誤；D．內(nèi)能增加量等于客服摩擦力做功，即16J，D正確。故選AD。10、AD【解題分析】

帶電粒子在D形盒的中間縫隙中受電場力作用，使粒子加速，選項(xiàng)A正確；D形盒內(nèi)的洛倫茲力只是使帶電粒子的速度方向發(fā)生改變，不能使粒子加速，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；設(shè)D形盒的半徑為R,則當(dāng)粒子加速結(jié)束時(shí)滿足：，即，故增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，最終獲得的速率v增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①如圖；②【解題分析】試題分析：①本實(shí)驗(yàn)采用限流接法，即將滑動(dòng)變阻器、電源、電流表串聯(lián)；電壓表并聯(lián)在電源兩端；本題由于電源電壓較大，故應(yīng)加入保護(hù)電阻；答案如圖所示；②當(dāng)電流表讀數(shù)為Il時(shí)，電壓表讀數(shù)為Ul；當(dāng)電流表讀數(shù)為I4時(shí)，電壓表讀數(shù)為U4，由全電路歐姆定律可得：；；聯(lián)立解得：；考點(diǎn)：測量電源的電動(dòng)勢及內(nèi)阻.12、如圖所示：1.0低【解題分析】(1)根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出平滑曲線，圖象如圖所示：(2)由題意可知，小燈泡兩端電壓為2.2V時(shí),流過小燈泡的電流為0.47A，則該燈泡的實(shí)際功率為P=UI=2.2v0.47A=1.0W；（3）由于電壓表分流，流過小燈泡的實(shí)際電流比電流表的示數(shù)小，與燈泡電流真實(shí)值對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線比圖中所畫的圖線位置偏低。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、，豎直向下【解題分析】試題分析：設(shè)小球帶電量為q，電場強(qiáng)度大小為E，當(dāng)場強(qiáng)方向向右時(shí)，小球在A點(diǎn)受力如圖.由平衡條件得：qE＝mg/tan30°＝mg.當(dāng)場強(qiáng)方向豎直向下時(shí)，電場力的方向變?yōu)樨Q直向下，小球從A到B的過程中，重力、電場力都做正功.由動(dòng)能定理得：(mg＋qE)R(1－sin30°)＝mv2－0∴v＝設(shè)小球到B點(diǎn)時(shí)受到的支持力為.則：－(mg＋qE)＝mv2/R代入數(shù)據(jù)解得：＝2(＋1)mg由牛頓第三定律知，小球?qū)壍赖膲毫″N＝2(＋1)mg，方向豎直向下.考點(diǎn)：本題是力電綜合問題，點(diǎn)評(píng)：要明確小球的受力和運(yùn)動(dòng)情況，把動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律結(jié)合運(yùn)用求解．動(dòng)能定理的優(yōu)點(diǎn)在于適用任何運(yùn)動(dòng)包括曲線運(yùn)動(dòng)．14、（1）2m/s（2）30N（3）m【解題分析】

（1）以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由A點(diǎn)至C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：則得：vC=2m/s（2）以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，在由C點(diǎn)至D點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：在最高點(diǎn)以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：FN=30N，vD=2m/s．（3）小球做類平拋運(yùn)動(dòng)的加速大小為a，根據(jù)牛頓第二定律可得：mg+qE=ma則得