河北衡水武邑中學2024屆物理高二第一學期期中經典試題含解析

河北衡水武邑中學2024屆物理高二第一學期期中經典試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如下圖所示，水平放置的平行板間的勻強電場正中有一帶電微粒正好處于靜止狀態(tài)．如果把兩平行帶電板改為豎直放置，帶電微粒的運動狀態(tài)將是（）A．保持靜止狀態(tài)B．從P點開始作自由落體運動C．從P點開始做類平拋運動D．從P點開始做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動2、下列說法不正確的是（）A．電場強的地方電勢不一定高B．電場中某點電場強度的方向與負點電荷在該點所受電場力的方向相同C．磁場中某點磁感應強度的方向與小磁針北極所受磁場力的方向相同D．磁感線和電場線一樣，是人為設想出來的，實際上并不存在3、在電場強度為E的勻強電場中，沿電場方向放置帶電量為q的等量異種電荷A、B如圖，A受電場力恰好為零，則下列說法正確的是A．B受電場力方向向右B．A帶正電，B帶負點C．B受的電場力一定也為零D．B受的電場力為2Eq4、下面關于電場的性質說法正確的是（）A．電場強度大的地方，電荷所受的電場力一定較大B．電場強度大的地方，電場線一定較密C．勻強電場中兩點的電勢差大小僅與兩點間的距離有關D．兩個等量異種點電荷連線的中點處場強為零5、電源電動勢反映了電源把其它形式的能量轉化為電能的能力，因此（）A．電動勢是一種非靜電力B．電動勢越大，表明電源儲存的電能越多C．電動勢的大小是非靜電力做功能力的反映D．電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓6、利用靜電計研究平行板電容器的電容與哪些因素有關的實驗裝置如圖所示，則下面哪些敘述符合實驗中觀察到的結果()A．左板向左平移，靜電計指針偏角變小B．左板向上平移，靜電計指針偏角變小C．保持兩板不動，在兩板間插入一塊絕緣介質板，靜電計指針偏角變小D．保持兩板不動，在兩板間插入一塊金屬板，靜電計指針偏角變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、磁力玻璃擦是目前很時尚的玻璃淸潔器，其原理是利用異名磁極的吸引作用可使玻璃外面的一片跟著里面的一片運動，不圖分別為某玻璃擦改進前和改進后的原理圖，關于兩種磁力玻璃擦是否容易脫落的主要原因，下列說法中正確的是（）A．甲圖中前、后面的同名磁極間距較小，同名磁極相互斥力大，容易脫落B．甲圖中前、后面的異名磁極間距較小，異名磁極相互引力大，不容易脫落C．乙圖中前、后面的同名磁極間距較大，同名磁極相互斥力小，不容易脫落D．乙圖中前、后面的異名磁極間距較大，異名磁極相互引力小，容易脫落8、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度v飛出．僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）A．a加速度減小，b加速度增大B．a和b的動能一定都增大C．a一定帶正電，b一定帶負電D．a電勢能減小，b電勢能增大9、一快艇要從岸邊某一不確定位置處到達河中離岸邊100m遠的一浮標處，已知快艇在靜水中的速度圖象和水流的速度圖象如圖甲、乙所示，則下列說法中正確的是（）A．快艇的運動軌跡為直線B．快艇的運動軌跡為曲線C．快艇最快到達浮標處的時間為20sD．快艇最快到達浮標處經過的位移大于100m10、如圖所示，真空中將一不帶電的絕緣枕形導體P放在正點電荷Q形成的電場中，枕形導體P的a、b兩端分別帶上了感應負電荷與等量的感應正電荷，另外導體內部還有c、d兩點，則下列說法中正確的有A．導體上a、b兩端的電勢高低關系可能是B．導體上a、b兩端的電勢高低關系一定是C．導體內部c、d兩點的場強大小關系是D．感應電荷在導體內部c、d兩點產生的場強大小關系是三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一標有“6V，1.5W”的小燈泡，現(xiàn)用圖甲所示電路繪測其伏安特性曲線，提供的器材除導線和開關外，還有：A．直流電源6V（內阻不計）B．直流電流表0～3A（內阻0.1Ω以下）C．直流電流表0～300mA（內阻約為5Ω）D．直流電壓表0～15V（內阻約為15kΩ）E．滑動變阻器10Ω，2AF．滑動變阻器1kΩ，0.5A（1）實驗中電流表應選用_____，滑動變阻器應選用_____．（用序號表示）（2）試按圖甲電路將圖乙所示器材連成電路___________．12．（12分）為了精密測量一金屬絲的電阻率：(1)如圖甲所示，先用多用電表“×1Ω”擋粗測其電阻為____________Ω，然后用螺旋測微器測其直徑為______________mm．(2)為了減小實驗誤差，需進一步測其電阻，除待測金屬絲外，實驗室還備有的實驗器材如下：A．電壓表V(量程3V，內阻約15kΩ；量程15V，內阻約75kΩ)B．電流表A(量程0.6A，內阻約1Ω；量程3A，內阻約0.2Ω)C．滑動變阻器R1(0～5Ω，1A)D．滑動變阻器R2(0～2000Ω，0.1A)E．1.5V的干電池兩節(jié)，內阻不計F．電阻箱G．開關S，導線若干為了測多組實驗數(shù)據，則上述器材中的滑動變阻器應選用___________(選填“R1”或“R2”)．請在虛線框內設計最合理的電路圖并完成實物圖的連線_______________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）由電子加速器、偏轉電場組成裝置可以實現(xiàn)電子擴束．偏轉電場由加了電壓相距為d的兩塊水平平行放置的導體板組成，如圖1所示．大量電子由靜止開始，經電壓為的加速電場加速后，連續(xù)不斷地沿平行板的方向從兩板正中間射入偏轉電場；當兩板不帶電時，這些電子通過兩板之間的時間為，當在兩板間加如圖2所示的周期為、偏轉電壓峰值為的交變電壓時所有電子恰好都能從兩板間通過，已知電子的電荷量為，質量為m，電子重力和它們之間相互作用力均忽略不計；求：（1）電子進入偏轉電場的初速度大??；（2）偏轉電場的電壓；（3）哪個時刻進入偏轉電場的電子，會從距離中線上方飛出偏轉電場．14．（16分）如圖所示，水平放置的兩金屬極板長度為L，相距為d，極板間的電壓為U，兩極板間的電場可視為勻強電場。一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從極板中央水平射入電場中，射入時的速度為v0，并從電場的右端射出。若不計粒子的重力，求該粒子射出時沿垂直于板面方向偏移的距離y。15．（12分）如圖所示，勻強電場中A、B、C三點構成一個直角三角形，AB＝4cm，BC＝3cm.把電荷量q＝－2×10－10C的點電荷由A點移到B點，電場力做功W1＝4.8×10－8J；再由B點移到C點克服電場力做功W2＝4.8×10－8J。(1)求A、B和B、C間的電勢差UAB和UBC；(2)若取B點的電勢為零，求A、C兩點的電勢φA和φC；(3)在圖中畫出電場方向．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

由粒子靜止不動可知粒子受力平衡qE=mg當平行帶電板改為豎直放置，粒子受到水平方向的電場力和重力作用，由力的合成和牛頓第二定律可知合力大小為mg，則加速度為g，即粒子從P點開始做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動。故選D。2、B【解題分析】

A．電場強的地方有可能電勢高，也有可能電勢低，A正確；B．電場中某點的電場強度與正電荷在該點所受電場力的方向相同，B錯誤；C．磁場中某點磁感應方向是將小磁針放在此處，小磁針北極所指的方向，C正確；D．磁感線和電場線一樣，都是不存在的，是人為想出來的，D正確。3、C【解題分析】

A受到的電場力為零，則A受到勻強磁場的力與電荷B的力等大反向。B受到勻強電場的力與A受到勻強磁場的力等大反向，B受到電荷A的力與A受到電荷B的力等大反向，所以B受到的電場力為零。A.B受電場力方向向右。與結論不符，故A錯誤；B.根據已知條件，無法判斷A、B帶電的正負。故B錯誤；C.B受的電場力一定也為零。與結論相符，故C正確；D.B受的電場力為2Eq。與結論不符，故D錯誤。4、B【解題分析】試題分析：電場強度大的地方，電荷所受的電場力與電量的比值越大，而電場力不一定較大，故A錯誤；通過電場線的疏密來體現(xiàn)電場強度的大小，故B正確；沿著電場線方向電勢在降低，所以勻強電場中兩點的電勢差大小僅與沿電場線方向兩點間的距離有關，故C錯誤；根據矢量疊加原理，可知，兩個等量異種點電荷連線的中點處場強不為零，故D錯誤；故選B．考點：電場強度；電場線；電勢【名師點睛】電場強度是通過比值定義的，比值與其電場力及電量均沒有關系．電場線雖不實際存在，但卻能形象描繪電場的強度與方向．5、C【解題分析】電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷在電源內部從負極搬運到正極所做的功，不是一種非靜電力，故A錯誤；電動勢是描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量，是非靜電力做功能力的反映，電動勢越大，表明電源將其它形式的能轉化為電能的本領越大，故B錯誤C正確；電源電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動勢，故D錯誤．【題目點撥】電動勢等于非靜電力把1C的正電荷在電源內部從負極搬運到正極所做的功，描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量．6、C【解題分析】

將左板向左平移，板間距離變大，根據C=εS4πkd，電容器電容C減小，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差變大，則靜電計指針偏角變大。故A錯誤。將左板向上平移，兩板正對面積減小，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差增大，則靜電計指針偏角變大。故B錯誤。在兩板之間插入一塊絕緣介質板，電容增大，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差減小，則靜電計指針偏角變小。故C正確。保持兩板不動，在兩板間插入一塊金屬板，則板間距相當于減小，電容變大，根據C=Q/U可知兩板電勢差減小，則靜電計指針偏角變小，選項D【題目點撥】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是電容與哪些因素有什么關系，記住兩個公式C=εS4πkd二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A.由圖示可知，甲圖中前后面的同性磁極間距較小，同性磁極相互斥力大，容易脫落，故A正確，B錯誤；C.由圖示可知，乙圖中前后面的同性磁極間距較大，同性磁極相互斥力小，不容易脫落，故C正確，D錯誤；故選：AC.8、AB【解題分析】

A.根據a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度即電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強度變弱，所受的電場力在減小，加速度在減小，故A正確；B.根據圖知a、b兩粒子的電場力與速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，電勢能減小，動能增加，故B正確，D錯誤；C.由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定，故C錯誤．故選AB9、BCD【解題分析】

兩分運動一個做勻加速直線運動，一個做勻速直線運動，知合加速度的方向與合速度的方向不在同一條直線上，合運動為曲線運動．故A錯誤、B正確．靜水速度垂直于河岸時，時間最短．在垂直于河岸方向上的加速度a=0.5m/s2，由d=at2得，t=20s，故C正確．在沿河岸方向上的位移x=v2t=3×20m=60m，所以最終位移，故D正確．故選BCD．【題目點撥】解決本題的關鍵會將快艇的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，知道在垂直于河岸方向上的速度越大，時間越短．以及知道分運動與合運動具有等時性．10、BD【解題分析】

AB當正電荷Q處在金屬導體P附近時，正電荷周圍存在電場，從而使得金屬中的自由電子在電場力作用下向a端發(fā)生移動，導致b端的正電荷多余，a端的負電荷多余，最終導體P的b端帶正電，a端帶負電，因此兩點的電勢關系ψa=ψb，故A錯誤，B正確；C.當金屬導體b端帶正電，a端帶負電時，導體中有自b向a的電場，由于正確電荷Q也產生電場，故只有當復合電場為0時，自由電子才停止運動，因此c、d兩點的場強大小關系是Ec=Ed=0，故C錯誤；D.根據正點電荷的電場強度的公式，結合合電場為0，可知：感應電荷在導體內部c、d兩點產生的場強大小關系，故D正確．故選BD．【題目點撥】物體帶電有接觸起電，有感應帶電，有摩擦起電，對于感應帶電，是利用同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引的原理，且?guī)щ婓w是等勢體．感應帶電的本質是電荷的轉移；當金屬導體處于電場時出現(xiàn)靜電平衡現(xiàn)象．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CE【解題分析】

（1）由燈泡的功率及額定電壓可求得電路中的最大電流，則可選出電流表；由電路的接法可選出滑動變阻器；（2）根據原理圖可連出實物圖，注意實物圖中導線不能交叉；注意分壓接法的連接方法．【題目詳解】（1）由P=UI可知，燈泡的額定電流；故電流表應選用C；因本實驗采用分壓接法，故滑動變阻器應選用小電阻，故滑動變阻器選擇E；（2）已知原理圖，則先將滑動變阻器及電源串聯(lián)，再將燈泡支路并聯(lián)在滑動變阻器的一部分中，注意導線不能交叉，且導線要接在接線柱上，如圖所示：【題目點撥】本題考查測小燈光的伏安特性曲線中的儀表選擇及實物圖的連接，均為重點考查內容，在學習中要認真掌握．12、(1)8.02.096(2)R1(3)如圖甲、乙所示【解題分析】

歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘積是歐姆表示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；為準確測量電阻阻值，應測多組實驗數(shù)據，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據待測電阻與電表內阻間的關系確定電流表的接法，作出實驗電路圖，然后根據電路圖連接實物電路圖；【題目詳解】解：(1)由圖示多用電表可知，待測電阻阻值是8×1Ω=8Ω；由圖示螺旋測微器可知，的固定刻度讀數(shù)為2mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×9.6mm=0.096mm，其讀數(shù)為：2mm+9.6×0.01mm=2.096mm；(2)滑動變阻器R2(0～2000Ω，0.1A)的阻值比待測金屬絲阻值8Ω大得太多，為保證電路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，最大阻值5Ω；為測多組實驗數(shù)據，滑動變阻器應采用分壓接法，由于被測電阻阻值較小，則電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示根據實驗電路圖連接實物電路圖，如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3），（n=1,2,3,…）【解題分析】

電子在加速電場中，由動能定理得電子進入偏轉電場的初速度v0大小，電子在偏轉電場中做分段類平拋運動，豎直方向做分段勻變速運動，從圖可以看出在時刻進入偏轉電場電子，出偏轉電場時上、下偏移量最大，由牛頓第二定律和運動學公式求出偏轉電場的電壓；進入偏轉電場的電子，會從中線上方處飛