安徽省淮南市壽縣中學(xué)2024屆物理高二上期中聯(lián)考試題含解析

安徽省淮南市壽縣中學(xué)2024屆物理高二上期中聯(lián)考試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一輛卡車在丘陵地勻速行駛，地形如圖所示，b處比d處平緩，輪胎最容易爆的地點(diǎn)是（）A．a(chǎn)處 B．b處 C．c處 D．d處2、如圖，正方形線框abcd由四根相同的導(dǎo)體棒連接而成的，固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框頂點(diǎn)ad與直流電源兩端連接．導(dǎo)體棒bc和導(dǎo)體棒ad受到的安培力（）A．大小之比1：1，方向相反B．大小之比1：1，方向相同C．大小之比1：3，方向相同D．大小之比3：1，方向相反3、一帶電粒子射入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，粒子軌跡如圖虛線abc所示，圖中實(shí)線是同心圓弧，表示電場(chǎng)的等勢(shì)面，不計(jì)重力，可以判斷（）A．粒子受到靜電引力的作用B．粒子速率增大C．粒子動(dòng)能減小D．粒子電勢(shì)能先增大后減小4、如圖所示，abcd是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形回路，處在斜向左上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與回路平面呈45度角，ab，cd為金屬棒，ad,bc為細(xì)的金屬絲，金屬絲的質(zhì)量不計(jì)，ab金屬棒固定且兩端通過導(dǎo)線與另一側(cè)的電源相連，連接在另一端的cd金屬棒剛好能懸在空中且正方形回路處于水平，cd段金屬棒的質(zhì)量為m通過回路的磁通量為Φ，重力加速度為g則cd棒中電流的大小和方向：A．mgLΦ，方向從d到cB．mgLΦ，方向從cC．2mgLΦ，方向從d到cD．2mgLΦ,5、如圖所示，a、b、c是由正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，已知ab=bc，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差為10V，則b、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差()A．小于10VB．等于10VC．大于10VD．條件不足，無法判斷6、使兩個(gè)完全相同的金屬小球(均可視為點(diǎn)電荷)分別帶上－3Q和＋5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點(diǎn)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F1.現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點(diǎn)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F2.則F1與F2之比為A．2∶1 B．4∶1 C．16∶1 D．60∶1二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，離地面越遠(yuǎn)的衛(wèi)星A．線速度越大B．線速度越小C．周期越大D．周期越小8、某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，則下列說法正確的是A．點(diǎn)的電勢(shì)低于點(diǎn)的電勢(shì)B．點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C．一正電荷由點(diǎn)釋放，一定沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)D．一負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能9、如圖所示，在傾角的光滑軌道上，質(zhì)量m=0.1kg的AB桿放在軌道上，軌道間距，電流I=0.5A．當(dāng)加上垂直于桿AB的某一方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，桿AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，則所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為（）A．1T B．5.5T C．4T D．7.5T10、如圖所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，則（）A．若改為電荷量﹣q的離子，將往上偏（其它條件不變）B．若速度變?yōu)?v0將往上偏（其它條件不變）C．若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其它條件不變）D．若速度變?yōu)関0將往下偏（其它條件不變）三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）欲用伏安法測(cè)定一段阻值為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，備有以下器材：A．電池組（3V、）B．電流表（0～3A，約0.0125Ω）C．電流表（0～0.6A，約0.125Ω）D．電壓表（0～3V、）E.電壓表（0～15V、）F.滑動(dòng)變阻器（0～）G.滑動(dòng)變阻器（0～）H.開關(guān)、導(dǎo)線(1)上述器材中應(yīng)選用的是______________。(2)實(shí)驗(yàn)電路采用正確連接,R的測(cè)量值比真實(shí)值_________（填“偏大”或“偏小”或“相等”）。(3)在方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖__。12．（12分）一研究性學(xué)習(xí)小組研究小燈泡的伏安特性，小燈泡上標(biāo)有額定電壓“4V”字樣，但額定功率和電流均不清晰，實(shí)驗(yàn)室備有的器材是：電壓表（6V,6kΩ)、電流表（0～0.6A,0.1Ω)、電池組（電動(dòng)勢(shì)為6V）、開關(guān)、滑動(dòng)變阻器、小燈泡、導(dǎo)線若干．實(shí)驗(yàn)時(shí)要求小燈泡兩端電壓從零逐漸增大到額定電壓以上．（1）他們應(yīng)選用下圖中____________圖所示電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)描繪出如圖所示U－I圖象，由圖分析可知，小燈泡電阻隨溫度T變化的關(guān)系是_________________________________________。（3）根據(jù)U－I圖象可知小燈泡的額定功率為_______W，電壓為2V時(shí)的實(shí)際功率為_____W。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，空間存在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E=2.0×104N/C，在A處有一個(gè)質(zhì)量為0.3kg的質(zhì)點(diǎn)，所帶的電荷量為q=+2.0×10-4C，用一長(zhǎng)為L(zhǎng)=600cm的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線與固定點(diǎn)O連接。AO與電場(chǎng)線平行處于水平狀態(tài)，取g=10m/s2.現(xiàn)讓該質(zhì)點(diǎn)在A處由靜止釋放，求：（1）釋放瞬間質(zhì)點(diǎn)的加速度；（2）從釋放到第一次到達(dá)O點(diǎn)正下方過程中質(zhì)點(diǎn)機(jī)械能的變化量；（3）質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)O點(diǎn)正下方時(shí)的速度大小v。14．（16分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線掛于電場(chǎng)中的O點(diǎn)，小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向成30°的夾角（圖中未畫出）．現(xiàn)用外力將小球從靜止時(shí)的位置拉到與O點(diǎn)等高的M點(diǎn)，細(xì)線伸直，然后無初速度釋放，小球?qū)⑼ㄟ^O點(diǎn)正下方的P點(diǎn)．不計(jì)空氣阻力，小球運(yùn)動(dòng)過程電荷量不變．求：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大??；(2)小球第一次經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，細(xì)線拉力多大？15．（12分）在圖所示的電路中，電阻，電池組的電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)電阻．電壓表的讀數(shù)為1.6V，求電阻的阻值和它這時(shí)消耗的電功率．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

在坡頂由牛頓第二定律得解得即在坡谷由牛頓第二定律得解得即r越小，越大，則在b、d兩點(diǎn)比a、c兩點(diǎn)壓力大，而b點(diǎn)半徑比d點(diǎn)大，則d點(diǎn)壓力最大。故選D。2、C【解題分析】

根據(jù)題意可知，和是并聯(lián)關(guān)系，且電阻之比為3：1，則并聯(lián)電路電壓相等，根據(jù)歐姆定律可知，和邊的電流之比為1：3，根據(jù)安培力大小公式可知導(dǎo)體棒和導(dǎo)體棒所受的安培力之比為1：3，由于導(dǎo)體棒和導(dǎo)體棒的電流方向相同，則所受到的安培力方向相同；A.與分析不符，故A錯(cuò)誤；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．3、D【解題分析】

A.有圖可知，軌跡向左彎曲，帶電粒子所受的電場(chǎng)力方向向左，則帶電粒子受到了排斥力的作用，故A錯(cuò)誤。BC.從到的過程，電場(chǎng)力做做負(fù)功，可知電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，從到的過程，電場(chǎng)力做正功，可知電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，所以粒子的動(dòng)能先減小后增大，速度也先減小后增大，故BC錯(cuò)誤。D.由上面的分析可知，粒子的電勢(shì)能先增大后減小，故D正確。.4、A【解題分析】

設(shè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則有：Φ=BL2sin45°，求得B=2ΦL2，cd棒處于靜止，則受到的安培力垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度指向右上，設(shè)cd中的電流為I，則有：BILcos45°=mg，解得：I=mgLΦ，根據(jù)左手定則可知，cd棒中的電流方向從d到5、A【解題分析】

已知Uab=10V，由圖可知電場(chǎng)線的方向向右，而a、b、c是由正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，則正電荷在a的左端，所以ab之間的平均場(chǎng)強(qiáng)一定大于bc之間的平均場(chǎng)強(qiáng)，由U=Ed可得b、c兩點(diǎn)間電壓一定小于10V；故A正確，故選：A?！绢}目點(diǎn)撥】本題考查了正點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)差的情況，知道電場(chǎng)線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，根據(jù)點(diǎn)電荷的周圍電場(chǎng)分布情況可正確解答．本題就是考查學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的掌握，加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題．6、D【解題分析】

開始時(shí)由庫(kù)侖定律得：；現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，各自帶電為Q，因此此時(shí)：；聯(lián)立得：F2=F1，則F1與F2之比為60：1，故選D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】

離地面越遠(yuǎn)的衛(wèi)星，其軌道半徑越大，衛(wèi)星受到的萬有引力充當(dāng)向心力，根據(jù)公式GMmr2=mv2r【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵要抓住萬有引力提供向心力這一特征，靈活選擇公式，再整理出被求量的表達(dá)式加以比較討論．8、AB【解題分析】

沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，因此a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，故A正確；從電場(chǎng)線的分布情況可知，a點(diǎn)的電場(chǎng)線比b點(diǎn)的稀疏，所以a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B正確；電場(chǎng)線不一定是電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡，由a點(diǎn)釋放的正電荷不一定沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；某一負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，因此負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤．所以AB正確，CD錯(cuò)誤．9、BD【解題分析】

金屬導(dǎo)軌光滑，所以沒有摩擦力，則金屬棒只受重力支持力和安培力，根據(jù)平衡條件支持力和安培力的合力應(yīng)與重力等大反向，根據(jù)矢量三角形合成法則作出三種情況的合成圖如圖由圖可以看出當(dāng)安培力F與支持力垂直時(shí)有最小值即解得故BD正確，AC錯(cuò)誤。10、BD【解題分析】

因?yàn)榍∧苎刂本€飛出離子速度選擇器，所以受力平衡，即．若改為電荷量－q的離子，依然沿直線飛出（因?yàn)殡妶?chǎng)力跟洛倫茲力均反向依然平衡），A錯(cuò)若速度變?yōu)閯t2v0洛倫茲力大于電場(chǎng)力將往上偏，B對(duì)平衡與電荷量以及電性無關(guān)，故C錯(cuò)若速度變?yōu)関0將往下偏（因?yàn)槁鍌惼澚π∮陔妶?chǎng)力），D對(duì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDFH偏小【解題分析】

（1）[1]．根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出通過待測(cè)電阻的最大電流為所以電流表應(yīng)選C；根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)為3V可知，電壓表應(yīng)選D；根據(jù)電流表的最小讀數(shù)應(yīng)為量程的1/3，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應(yīng)為所以變阻器應(yīng)選F，且應(yīng)采用限流式接法；所以應(yīng)選擇的器材是ACDFH；

（2）[2]．由于待測(cè)電阻滿足，所以電流表應(yīng)用外接法；由于變阻器的阻值大于待測(cè)電阻，變阻器應(yīng)采用限流式接法；電路應(yīng)是外接限流式，此電路中電流的測(cè)量值偏大，則電阻Rx的測(cè)量值比真實(shí)值偏小。（3）[3]．如圖所示：

12、A小燈泡電阻隨溫度的升高而變大20.8【解題分析】（1）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流用從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接法，故選A所示電路。（2）由圖示圖可知，燈泡溫度升高，燈泡兩端電壓與電流的比值變大，燈泡電阻增大。（3）由圖示圖象可知，燈泡額定電壓4V對(duì)應(yīng)的電流為你0.5A，燈泡額定功率P=UI=4×0.5=2W，電壓2.0V對(duì)應(yīng)的電流為0.40A，則燈泡實(shí)際功率：P′=U′I′=2.0×0.40=0.80W．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向與水平方向成角斜向下（2）增加24J（3）【解題分析】

(1)在釋放的瞬間對(duì)質(zhì)點(diǎn)受力分析，質(zhì)點(diǎn)受水平向左的電場(chǎng)力，豎直向下的重力作用。故合力為：代入數(shù)據(jù)解得F=5N，方向與水平方向成斜向左下方.根據(jù)牛頓第二定律可知：代入數(shù)據(jù)解得：，方向沿水平方向成斜向左下方(2)質(zhì)點(diǎn)從釋放到運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正下方的過程中一直做直線運(yùn)動(dòng)，其中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少。根據(jù)能量守恒，減少的電勢(shì)能轉(zhuǎn)化成增加的機(jī)械能。故此過程機(jī)械能增加量：(3)由釋放到第一次到達(dá)O點(diǎn)的過程對(duì)質(zhì)點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理可得：代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得答：(1)釋放瞬間的加速度為，方向與水平方向成370角斜向下(2)機(jī)械能增加24J(3)到O點(diǎn)正下方的速