江蘇省鎮(zhèn)江市丹陽(yáng)市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期10月期中物理試題【含答案解析】

試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)江蘇省鎮(zhèn)江市丹陽(yáng)市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期10月期中物理試題學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________一、單選題1．2018年第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)（CGPM）通過(guò)決議，進(jìn)一步完善了國(guó)際單位制，下列說(shuō)法正確的是（

）A．“牛頓”是國(guó)際單位制中的基本單位B．“電子伏特（eV）”是電壓的單位C．“毫安時(shí)（）”是電量的單位D．“功率”的單位可表示為2．如圖所示的環(huán)保手提袋有兩根輕質(zhì)提繩，每根提繩長(zhǎng)度50cm，提繩與袋連接點(diǎn)之間的距離為25cm，手提袋裝上物品后總重為G，則每條提繩的拉力大小約為（

）A． B． C． D．3．2023年9月21日，“天宮課堂”第四課正式開(kāi)講。已知空間站距地表高度為h，軌道可視作圓形，地球半徑為R，地表重力加速度為g，下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A．宇航員在空間站內(nèi)處于漂浮狀態(tài)，所受合外力為零B．空間站所在處的重力加速度約為C．由已知條件可以求得空間站的運(yùn)行周期D．要將物資由地表送往空間站，貨運(yùn)飛船的發(fā)射速度必須大于4．電容式位移傳感器工作原理如圖所示，當(dāng)被測(cè)物體在左、右方向發(fā)生位移時(shí)，電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。若電介質(zhì)板向左移動(dòng)一微小位移x，下列說(shuō)法正確的是（

）A．電容器兩極板間電壓變小B．電容器電容C變大C．電容器帶電量變少D．有方向的電流流過(guò)電阻5．如圖所示，當(dāng)一列水波由深水區(qū)A傳播到淺水區(qū)B時(shí)，波速會(huì)發(fā)生變化，出現(xiàn)傳播方向發(fā)生改變的現(xiàn)象，則以下說(shuō)法正確的是（

）A．這屬于波的折射現(xiàn)象，A區(qū)波速大B．這屬于波的折射現(xiàn)象，B區(qū)波速大C．這屬于波的干涉現(xiàn)象，A區(qū)波速大D．這屬于波的干涉現(xiàn)象，B區(qū)波速大6．如圖，電荷量為+q的點(diǎn)電荷與均勻帶電薄板相距2d，點(diǎn)電荷到帶電薄板的垂線通過(guò)板的幾何中心。若圖中A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是（）A．A點(diǎn)的電勢(shì)為零B．B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C．A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)D．同一試探電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在B點(diǎn)的電勢(shì)能7．甲乙丙丁四圖，呈現(xiàn)的是教材上“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)過(guò)程，關(guān)于這一實(shí)驗(yàn)，下列敘述正確的是（）

A．兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力互成的角度一定為B．兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力讀數(shù)一定要相等C．兩次拉橡皮筋時(shí)O點(diǎn)位置不一定要相同D．如果只有一個(gè)彈簧秤也可以完成該實(shí)驗(yàn)8．如圖所示，從足夠高的O處同時(shí)拋出兩粒相同的石子，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)且軌跡交于P點(diǎn)，拋出時(shí)石子1和石子2的初速度分別為和，其中方向斜向上，方向水平。忽略空氣阻力，關(guān)于兩石子在空中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（

）A．一定小于B．兩石子可能同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)C．經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)石子2所受重力做功的功率大D．拋出后兩石子連線的方向始終不變9．如圖所示，一質(zhì)量為M的內(nèi)表面粗糙的半圓軌道靜止在水平地面上，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)正上方由靜止釋放，小球從A點(diǎn)進(jìn)入半圓軌道經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)B后又從C點(diǎn)沖出，整個(gè)過(guò)程半圓軌道始終保持靜止，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率最大B．小球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，半圓軌道對(duì)地面的壓力小于MgC．小球從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間等于從B到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間D．小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，半圓軌道對(duì)地面的壓力等于10．如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端連接在固定擋板上，另一端與物塊連接，O為彈簧原長(zhǎng)時(shí)物塊所在位置，水平面粗糙。現(xiàn)將物塊拉至A處由靜止釋放，物塊向右運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度變?yōu)榱?。則物塊在從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，其速度v隨時(shí)間t，加速度的大小a、動(dòng)能、彈性勢(shì)能隨位移x變化關(guān)系圖像可能正確的是（

）A． B．C． D．二、實(shí)驗(yàn)題11．用如圖甲所示器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，氣墊導(dǎo)軌上A處安裝了一個(gè)光電門(mén)，在滑塊中間安裝一遮光條，把滑塊放在氣墊導(dǎo)軌上，遮光條對(duì)應(yīng)導(dǎo)軌上的B處；滑塊與鉤碼通過(guò)跨過(guò)定滑輪的細(xì)線相連。已知滑塊（含遮光條）質(zhì)量M、鉤碼總質(zhì)量m、遮光條寬度d，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭。（1）某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則mm。（2）實(shí)驗(yàn)前，氣墊導(dǎo)軌的水平需要微調(diào)，此時(shí)（選填“需要”或“不需要”）打開(kāi)氣泵。（3）若A、B間的距離為L(zhǎng)，遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為t，若在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滿足關(guān)系式（用題中相關(guān)字母表示），則說(shuō)明系統(tǒng)機(jī)械能守恒。（4）某同學(xué)通過(guò)改變B點(diǎn)的位置，得到幾組不同的L，同時(shí)測(cè)出相應(yīng)的t，他通過(guò)作L與圖像發(fā)現(xiàn)該圖像是如圖丙實(shí)線所示過(guò)原點(diǎn)的一條直線，就此能否得出系統(tǒng)機(jī)械能守恒的結(jié)論？（選填“能”或“不能”）并簡(jiǎn)述你的理由是：。（5）另一同學(xué)所作L與圖像如圖丙中與實(shí)線平行的虛線所示，可能的原因是。A．鉤碼總質(zhì)量m與滑塊質(zhì)量M相差不大B．L測(cè)量的是從A到滑塊左端的距離C．氣墊導(dǎo)軌沒(méi)有調(diào)水平，且左高右低D．鉤碼質(zhì)量的測(cè)量值和真實(shí)值相比偏小三、解答題12．如圖，在光滑的水平面上放一個(gè)質(zhì)量為、半徑為的四分之一圓弧滑軌，圓弧面AB光滑，現(xiàn)將一質(zhì)量為的小物塊（質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)由靜止沿圓弧面釋放，重力加速度．（1）若圓弧滑軌固定，求小物塊到達(dá)最低點(diǎn)B的速度大小及對(duì)軌道的壓力大??；（2）若圓弧滑軌不固定，求小物塊到達(dá)最低點(diǎn)B的速度大小。13．兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，波速均為，振幅均為4cm，兩個(gè)波源分別位于和處。如圖所示為時(shí)刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在和處的M、N兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置位于處，求：（1）兩列波的頻率并寫(xiě)出質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)方程；（2）0~9s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P和質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程分別是多少。14．如圖，靜止于A處的質(zhì)子（質(zhì)量為m、電荷量為e），經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后，沿圖中虛線垂直MP進(jìn)入方向豎直向下的矩形有界勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域MNPQ，區(qū)域邊界、，質(zhì)子經(jīng)加速偏轉(zhuǎn)后恰好能從PQ邊距P點(diǎn)為2L處射出，粒子重力不計(jì)。（1）求質(zhì)子離開(kāi)加速電場(chǎng)時(shí)的速度大??；（2）求質(zhì)子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度大??；（3）若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小變?yōu)樵瓉?lái)的三分之一、方向不變，求質(zhì)子離開(kāi)該區(qū)域時(shí)的速度大小。15．如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，B是質(zhì)量、長(zhǎng)度的薄木板，A是質(zhì)量的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）。初始狀態(tài)時(shí)，薄木板下端Q距斜面底端距離，現(xiàn)將B由靜止釋放，同時(shí)滑塊A以速度從木板上端P點(diǎn)沿斜面向下沖上薄木板。已知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度，求：（1）剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A、B加速度的大??；（2）從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到薄木板B的下端Q到達(dá)斜面底端的過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間；（3）從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到薄木板B的下端Q到達(dá)斜面底端的過(guò)程系統(tǒng)損失的機(jī)械能。答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)參考答案：1．C【詳解】A．“牛頓”是國(guó)際單位制中的導(dǎo)出單位，A錯(cuò)誤；B．“電子伏特（eV）”是能量的單位C．“毫安時(shí)（）”是電量的單位D．根據(jù)“功率”的單位可表示為，D錯(cuò)誤。故選C。2．D【詳解】手提袋裝上物品后總重為G，設(shè)提繩與豎直方向的夾角為，每條提繩的拉力大小為，根據(jù)受力平衡可得根據(jù)幾何關(guān)系可得可得聯(lián)立解得故選D。3．C【詳解】A．宇航員在空間站內(nèi)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，具有向心加速度，所受合外力不為零，故A錯(cuò)誤；BC．在地表有空間站所在處聯(lián)立解得空間站所在處的重力加速度約為空間站的運(yùn)行周期為故B錯(cuò)誤，C正確；D．要將物資由地表送往空間站，貨運(yùn)飛船的發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，若大于，飛船會(huì)逃脫地球的引力束縛，故D錯(cuò)誤。故選C。4．B【詳解】AB．若電介質(zhì)板向左移動(dòng)一微小位移x，電介質(zhì)插入兩板間的長(zhǎng)度增大，根據(jù)可知電容C增大；電容器與電源連接，電壓不變，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)可知，若電容C增大，則Q增大，電容器充電，電量變大，同時(shí)有方向的電流流過(guò)電阻，故CD錯(cuò)誤。故選B。5．A【詳解】水波由深水區(qū)A傳播到淺水區(qū)B時(shí)，出現(xiàn)傳播方向發(fā)生改變的現(xiàn)象，這屬于波的折射現(xiàn)象。由圖可看到波在深水區(qū)的波長(zhǎng)大，由公式波的頻率不變，所以波在深水區(qū)傳播的速度大。故選A。6．C【詳解】A．A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，可知帶電薄板帶負(fù)電，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加特點(diǎn)可知A點(diǎn)左側(cè)場(chǎng)強(qiáng)方向一定向左，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故A點(diǎn)的電勢(shì)不為零，故A錯(cuò)誤；B．由于帶電薄板帶負(fù)電，B點(diǎn)處帶電薄板產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和電荷量為+q的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)同向，故該處電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故B錯(cuò)誤；C．分析可知A點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間，二者產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)反向，合場(chǎng)強(qiáng)方向向右，B點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間，二者產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)同向，合場(chǎng)強(qiáng)向左，故A點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間的平均場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)可知A點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間的電勢(shì)差小于B點(diǎn)到帶電薄板幾何中心間的電勢(shì)差，故可知A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故C正確；D．根據(jù)前面分析可知A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，當(dāng)同一試探電荷帶正電時(shí)在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在B點(diǎn)的電勢(shì)能，當(dāng)同一試探電荷帶負(fù)電時(shí)在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選C。7．D【詳解】A．本實(shí)驗(yàn)中對(duì)兩個(gè)力的方向沒(méi)有要求，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力互成的角度不一定為90°，故A錯(cuò)誤；B．兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力讀數(shù)不一定要相等，故B錯(cuò)誤；C．兩次拉橡皮筋時(shí)，要將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到同一位置O點(diǎn)，這樣做的目的是保證兩次彈簧測(cè)力計(jì)拉力的效果相同，故C錯(cuò)誤；D．保證橡皮筋的夾角不變，用一根彈簧秤和手配合，兩次都將結(jié)點(diǎn)拉倒同一位置，則可以完成該實(shí)驗(yàn)，故D正確。故選D。8．D【詳解】AB．石子1做斜拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有豎直向上的分速度；石子2做平拋運(yùn)動(dòng)，兩石子的位移相同，則石子1到達(dá)P點(diǎn)的時(shí)間較長(zhǎng)，即兩石子不可能同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，兩石子的水平位移相同，根據(jù)可知，石子1的水平速度小于石子2的速度，但是石子1的速度不一定小于，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．石子1有豎直初速度，則下落相同的位移時(shí)，石子1經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的豎直速度較大，根據(jù)PG=mgvy則經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)石子1所受重力做功的功率大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．拋出后經(jīng)過(guò)時(shí)間t的任意時(shí)刻，兩石子的水平位移之差設(shè)向下為正方向，則豎直位移之差為因?yàn)闉楹懔勘３植蛔?，則兩石子連線的方向始終不變，選項(xiàng)D正確。故選D。9．B【詳解】A．由于小球在半圓軌道受到摩擦力的作用，小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，重力沿切線方向的分力為0，可知小球在B點(diǎn)前已經(jīng)做減速運(yùn)動(dòng)，所以小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率不是最大，故A錯(cuò)誤；B．小球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，受到的摩擦力向下，則小球?qū)Π雸A軌道的摩擦力向上，以半圓軌道為對(duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得根據(jù)牛頓第三定律可知，半圓軌道對(duì)地面的壓力小于，故B正確；C．由于小球在半圓軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程需要克服摩擦力做功，小球的機(jī)械能逐漸減小，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，小球經(jīng)過(guò)半圓軌道左右兩邊等高兩點(diǎn)時(shí)，都是左邊速度大于右邊速度，所以小球從A到B的平均速率大于從B到C的平均速率，則小球從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于從B到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故C錯(cuò)誤；D．小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，小球的加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，所以小球?qū)Π雸A軌道的壓力大于，則半圓軌道對(duì)地面的壓力大于，故D錯(cuò)誤。故選B。10．A【詳解】AB．物塊從A到B的過(guò)程彈簧彈力先減小后增大，根據(jù)牛頓第二定律得即加速度與彈簧形變量成線性關(guān)系，所以物塊的加速度先減小后反向增大；圖像的斜率表示物體的加速度，因此圖像的斜率先減小后增大，由于摩擦力的存在平衡位置前后的加速度不對(duì)稱(chēng)。故A正確，B錯(cuò)誤；CD．從物塊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到加速度為零的過(guò)程速度增大，偏離平衡位置的位移減小，動(dòng)能增大，彈性勢(shì)能減小，從平衡位置到B點(diǎn)的過(guò)程，偏離平衡位置的位移增大，動(dòng)能減小，彈性勢(shì)能先減小后增大，由于摩擦力的存在平衡位置前后的動(dòng)能、彈性勢(shì)能不對(duì)稱(chēng)，故CD錯(cuò)誤。故選A。11．10.25需要不能見(jiàn)解析B【詳解】（1）[1]游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度（2）[2]實(shí)驗(yàn)前，氣墊導(dǎo)軌的水平需要微調(diào)，此時(shí)需要打開(kāi)氣泵。（3）[3]由于遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間極短，可以利用平均速度來(lái)代替其瞬時(shí)速度，因此滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度為實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，則有鉤碼減小的重力勢(shì)能等于系統(tǒng)增加的動(dòng)能，鉤碼減小的重力勢(shì)能為系統(tǒng)增加的動(dòng)能為所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，需滿足關(guān)系（4）[4][5]不能，整理上式表達(dá)式得圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線；但圖像是過(guò)原點(diǎn)的直線，斜率不一定是，只有斜率是，才有上面的方程成立，所以圖像是過(guò)原點(diǎn)的直線，不能說(shuō)明系統(tǒng)機(jī)械能守恒。（5）[6]圖像橫坐標(biāo)有截距說(shuō)明實(shí)驗(yàn)結(jié)果系統(tǒng)動(dòng)能增加量明顯大于重力勢(shì)能減少量。A．鉤碼總質(zhì)量m與滑塊質(zhì)量M相差不大只能改變圖像的斜率，A錯(cuò)誤；B．L測(cè)量的是從A到滑塊左端的距離，則系統(tǒng)動(dòng)能增加量明顯大于重力勢(shì)能減少量，B正確；C．氣墊導(dǎo)軌沒(méi)有調(diào)水平，且左高右低，系統(tǒng)動(dòng)能增加量明顯小于重力勢(shì)能減少量，C錯(cuò)誤；D．鉤碼質(zhì)量的測(cè)量值和真實(shí)值相比偏小，只能影響圖像的斜率，D錯(cuò)誤。故選B。12．（1）1m/s，20N；（2）【詳解】（1）對(duì)小球全程由動(dòng)能定理得在B點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律得聯(lián)立解得由牛頓第三定律可知小物塊對(duì)軌道的壓力大小為（2）對(duì)整個(gè)系統(tǒng)水平方向由動(dòng)量守恒定律得對(duì)整個(gè)系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得13．（1）0.5Hz，0.5Hz，；（2）0，1.2m【詳解】（1）由圖可知兩列波的波長(zhǎng)相等則周期兩列波的頻率相同時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)N在平衡位置沿y軸正方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)方程（2）時(shí)質(zhì)點(diǎn)P到M、N的距離相等，兩列波同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，且在P點(diǎn)兩列波的振動(dòng)方向相反，質(zhì)點(diǎn)P的合位移始終為零，所以0~9s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為零。右邊的波傳播到質(zhì)點(diǎn)M的時(shí)間為時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M在平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)，經(jīng)過(guò)質(zhì)點(diǎn)M在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，經(jīng)過(guò)的路程為右邊的