福建省泉州市泉港六中2024屆高二物理第一學期期中達標檢測試題含解析

福建省泉州市泉港六中2024屆高二物理第一學期期中達標檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列對電現(xiàn)象及規(guī)律的認識中，正確的是A．自然界中只存在正、負兩種電荷B．同種電荷相互吸引，異種電荷相互排斥C．摩擦起電說明了電荷可以創(chuàng)造D．點電荷間的靜電力隨它們之間距離的增大而增大2、如圖所示，ABCD是勻強電場中一正方形平面的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為15V，3V，-3V，由此可得D點的電勢為（）A．1.5V B．6V C．9V D．12V3、如圖所示，一個帶負電荷的小球懸掛在豎直放置的平行板電容器內(nèi)部，閉合開關后，小球靜止時懸線與豎直方向成θ角，則（）A．閉合開關后，減小AB板間的距離，則夾角θ增大B．閉合開關后，減小AB板間的距離，則夾角θ減小C．斷開開關后，使B板豎直向上移動，則夾角θ減小D．斷開開關后，增大AB板間的距離，則夾角θ減小4、圖中，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=－3V，則D點的電勢為（）A．18VB．12VC．9VD．6V5、關于勻速圓周運動的說法，正確的是()A．勻速圓周運動是勻速運動B．勻速圓周運動是勻變速運動C．勻速圓周運動是加速度不變的運動D．勻速圓周運動是加速度不斷改變的運動6、甲、乙兩個電阻是用同種材料制成的電阻絲繞制而成的，所用電阻絲的長度比為4:1，截面積比為2:1?，F(xiàn)將兩電阻絲并聯(lián)起來接到電路中，則甲乙兩電阻的電阻絲內(nèi)的電荷定向移動的速率比為（）A．1:2 B．2:1 C．4:1 D．1:4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）A．電容器的電容不變B．電容器中的電場強度將減小C．電容器上的電荷量將減少D．液滴將向上運動8、下述關于用多用表歐姆擋測電阻的說法中正確的是()A．測電阻時如果指針偏轉(zhuǎn)角過大，應將選擇開關S撥至倍率較小的擋位，重新調(diào)零后測量B．測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，則會影響測量結(jié)果C．測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開D．測量阻值不同的電阻時都必須重新調(diào)零9、如圖所示，三個小球的質(zhì)量均為m，B、C兩球用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C兩球球心的連線向B球運動，碰后A、B兩球粘在一起．對A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是A．機械能守恒，動量守恒B．機械能不守恒，動量守恒C．三球速度相等后，將一起做勻速運動D．三球速度相等后，速度仍將變化10、某一電源的路端電壓與電流的關系和電阻R1、R2兩端的電壓與電流的關系如圖所示。用此電源和電阻R1、R2組成電路，R1、R2可以同時接入電路，也可以單獨接入電路。下列說法正確的是（）A．將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率為75%B．將R1、R2并聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率為75%C．為使電源輸出功率最大，可將R1單獨接到電源兩端D．為使電源輸出功率最大，可將R2單獨接到電源兩端三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）請按照有效數(shù)字規(guī)則讀出以下測量值________，mm______________mm。12．（12分）（1）用游標為20分度的游標卡尺測量某物體長度，由圖可知其長度為______mm；（2）某同學用螺旋測微器測量一圓柱形金屬工件的直徑，測量結(jié)果如圖所示，該工件的直徑為______mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，真空中兩個相同的小球帶有等量同種電荷，質(zhì)量均為m，分別用長為L的絕緣細線懸掛于絕緣天花板的一點，當平衡時B球偏離豎直方向60°，A豎直懸掛且與絕緣墻接觸。（重力加速度為g，靜電力常量為k）求：(1)小球的帶電荷量和墻壁受到的壓力．(2)兩條細線的拉力14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為、電荷量為的帶電小球拴在一不可伸長的絕緣輕細繩一端，繩的另一端固定于點，繩長為．現(xiàn)加一個水平向右的勻強電場，小球靜止于與豎直方向成θ=30°角的A點．已知重力加速度為．求：（1）所加電場的場強E的大?。唬?）若將小球拉起至與點等高的B點后無初速釋放，則小球經(jīng)過最低點C時，繩對小球拉力的大?。?5．（12分）如圖所示，在水平放置的兩個平行金屬板之間的勻強電場沿豎直方向，電場中A、B兩點之間的連線與豎直方向的夾角為60°.把帶電荷量為q＝－1.5×10－8C的點電荷由A點移到B點，克服電場力做了4.2×10－5J的功.求：(1)若已知A點電勢φA＝800V，|AB|＝1cm，B點的電勢；(2)求電場強度的大小和方向.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

A.自然界中只存在正、負兩種電荷，故A正確；B.同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，故B錯誤；C.摩擦起電是由于電子的轉(zhuǎn)移引起，并非說明了電荷可以創(chuàng)生，故C錯誤；D.利用庫侖定律公式得點電荷間的靜電力隨它們的距離增大而減小，故D錯誤；2、C【解題分析】

根據(jù)勻強電場中電勢差與場強關系可知，選項C正確，ABD錯誤；故選：C．3、A【解題分析】

AB：保持開關S閉合，電容器兩板間電壓等于電源電動勢不變，減小AB板間的距離，則板間電場強度增大，小球所受電場力變大，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ變大．故A項正確，B項錯誤．C：斷開開關，電容器所帶電荷量不變，據(jù)、、可得：；B板豎直向上移動，兩板正對面積減小，板間電場強度增大，小球所受電場力變大，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ變大．故C項錯誤．D：斷開開關，電容器所帶電荷量不變，據(jù)、、可得：；增大AB板間的距離，板間電場強度不變，小球所受電場力不變，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角θ不變．故D項錯誤．【題目點撥】①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化．②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化．4、C【解題分析】試題分析：連接AC、BD，設它們交于O點，則O點的電勢等于AC電勢的平均值，同時也等于BD兩點電勢的平均值．連接AC、BD，設它們交于O點，則有：，由于O點也是BD的中點，故，聯(lián)立解得，C正確．5、D【解題分析】

勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，故速度是變化的，一定是變速運動，一定具有加速度，勻速圓周運動加速度大小不變，方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動，D正確,ABC錯誤。故選D6、D【解題分析】

根據(jù)電阻定律由于兩電阻是用同種材料制成的，所以兩電阻的相同，則兩電阻絲的電阻之比為現(xiàn)將兩電阻絲并聯(lián)起來接到電路中，則兩電阻絲兩端的電壓相同，根據(jù)歐姆定律可得電流的微觀表達式

其中，n表示單位體積內(nèi)的電荷數(shù)，q表示單個電荷的電荷量，S表示導體的橫截面，v指的是電荷運動的速率，則故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】試題分析帶電粒子受重力和向上的電場力平衡．電容器兩端電壓等于電阻R2兩端的電壓，滑動變阻器的滑片P向右移動時，阻值減小，R2兩端的電壓增大，電容器中的電場強度將增大，電場力增大，液滴將向上運動，B錯誤、D正確；電容器的電容與兩端電壓無關，不變，A正確；根據(jù)電容的定義式C=得到帶電量變大，C錯誤．故選AD．考點：電容器8、AC【解題分析】

A．測量電阻時如果指針偏轉(zhuǎn)過大，說明電阻較小，所以應將選擇開關S撥至倍率較小的檔位，每次換擋都需要重新調(diào)零后測量，故A正確；B．測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，不會影響測量結(jié)果，B錯誤；C．測量電路中的某個電阻，內(nèi)置電源接通，所以應該把該電阻與電路斷開，C正確；D．每次換擋都需要重新調(diào)零，但是不換擋不需要調(diào)零，所以測量阻值不同的電阻時并不是必須重新調(diào)零，D錯誤；故選AC。9、BD【解題分析】

AB．在整個運動過程中，系統(tǒng)的合外力為零，總動量守恒，A與B碰撞過程機械能減小，故B正確，A錯誤．CD．當小球B、C速度相等時，彈簧的壓縮量最大，彈性勢能最大．之后彈簧逐漸伸長，C加速，AB減速，直到彈簧到原長，故C錯誤，D正確．10、AC【解題分析】

A．根據(jù)題圖可知，電源的電動勢為E=3V內(nèi)阻根據(jù)知，兩定值電阻的阻值分別為R1=0.5Ω，R2=1Ω．將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率為故A正確；B．外電阻越大，電源的效率越高，因為R1、R2并聯(lián)后的電阻小于將它們串聯(lián)后的電阻，可知，將R1、R2并聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率小于75%，故B錯誤；CD．當外電阻等于電源的內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，據(jù)此可知將R1單獨接到電源兩端時，電源輸出功率最大，故C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.991-4.99361.70mm【解題分析】

[1][2]螺旋測微器讀數(shù)為游標卡尺讀數(shù)為12、50.05;1.775;【解題分析】

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。【題目詳解】(1)游標卡尺主尺讀數(shù)為50mm，游標讀數(shù)為0.05×1=0.05mm，所以最終讀數(shù)為50.05mm；(2)螺旋測微器固定刻度讀數(shù)1.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×27.5mm=0.275mm，所以金屬絲的直徑為1.775mm?！绢}目點撥】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．以及螺旋測微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)q=mgl2k;N'=32【解題分析】

分別對B球受力分析，運用力的合成或分解，結(jié)合共點力平衡條件，與庫侖定律，即可解決問題；再對A球受力分析，運用力的分解，結(jié)合三角知識，即牛頓第三定律，即可求解．【題目詳解】(1)對B球受力分析如圖所示：B球受三力平衡，則重力與庫倫力的合力大小等于繩子拉力，方向與繩子拉力方向相反，

由幾何知識可知：F=mg=TB根據(jù)庫倫定律：F=k解得：q=對A球受力分析如圖：A球受力平衡：N=F由牛頓第三定律得：墻受到小球的壓力大小為32(2)對A球受力平衡：TA=mg+Fcos60°=3由前面分析知TB=mg【題目點撥】對小球進行受力分析，運用力的合成或分解結(jié)合共點力平衡條件解決問題．需要