2024屆安徽省肥東市高級中學高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

2024屆安徽省肥東市高級中學高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列事例中屬于靜電應用的有（）A．油罐車拖一條鐵鏈B．靜電復印C．織地毯時夾一些不銹鋼絲D．飛機機輪用導電橡膠制成2、如圖所示，兩塊較大的金屬板A．B相距為d，平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)，以下說法正確的是A．若將S斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流B．若將A向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b→a的電流C．若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有a→b的電流D．若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有b→a的電流3、人靜止于光滑水平冰面上，現欲前進，則可行的辦法是A．向后踢腿 B．手臂前后甩C．在冰上滾 D．脫去外衣向后擲去4、如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內，一質量為m的小球沿軌道做完整的圓周運動．已知小球在最低點時對軌道的壓力大小為N1，在高點時對軌道的壓力大小為N2.重力加速度大小為g，則N1–N2的值為A．3mg B．4mg C．5mg D．6mg5、如圖所示，在真空中電荷量相等的離子P1、P2分別以相同初速度從O點沿垂直于電場強度的方向射入勻強電場，粒子只在電場力的作用下發(fā)生偏轉，P1打在極板B上的C點，P2打在極板B上的D點．G點在O點的正下方，已知GC＝CD，則離子P1、P2的質量之比為()A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶46、電動勢為E的電源與一電壓表和一電流表串聯成閉合回路，如果將一電阻與電壓表并聯，則電壓表的讀數減小為原來的1/3，電流表的讀數增大為原來的3倍，則可以求出A．電源的內阻B．電流表的內阻C．電流表原來的讀數D．電壓表原來的讀數二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個半徑相同的金屬小球，帶電量之比是1∶5，當它們相距r時作用力大小為F1，若把它們互相接觸后再置于原來的位置上，作用力大小為F2，則F1∶F2可能為()A．5∶1 B．5∶9 C．5∶4 D．5∶88、某同學在研究電子在電場中的運動時，得到了電子由a點運動到b點的軌跡圖中實線所示，圖中未標明方向的一組虛線是電場線，則下列說法正確的判斷是A．電子在a點動能較小 B．電子在b點動能較小C．a點的場強大于b點的場強 D．a點電勢低于b點電勢9、我國第21次南極科考隊在南極觀看到了美麗的極光．極光是由來自太陽的高能量帶電粒子流高速沖進高空稀薄大氣層時，被地球磁場俘獲，從而改變原有運動方向，向兩極做螺旋運動，如圖所示．這些高能粒子在運動過程中與大氣分子或原子劇烈碰撞或摩擦，從而激發(fā)大氣分子或原子使其發(fā)出各種顏色的光．科學家發(fā)現并證實，向兩極做螺旋運動的這些高能粒子的旋轉半徑是不斷減小的，這主要與下列哪些因素有關()A．太陽對帶電粒子的引力做負功B．越靠近南北兩極的磁感應強度越強C．空氣阻力對帶電粒子做負功，使其動能減少D．洛倫茲力對帶電粒子做負功，使其動能減少10、如圖所示，虛線a、b、c、d、e是電場中的一組平行且間距相等的等差等勢面，實線是一帶正電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，M、N、P、Q分別為運動軌跡與等勢面的交點，下列判斷正確的是()A．粒子在電場中做勻變速運動B．圖中等勢面a的電勢最高C．粒子經過Q點的動能小于P點的動能D．粒子在M點的電勢能比Q點的小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻，已知干電池的電動勢約為1.5V，內阻約1Ω，電壓表（0﹣3V3kΩ），電流表（0﹣0.6A1.0Ω），滑動變阻器有R1（10Ω2A）和R2（100Ω0.1A）各一只；（1）實驗中滑動變阻器應選用____（選填R1．R2）（2）在圖乙中用筆畫線代替導線連接實驗電路____．（3）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的U﹣I，由圖可較準確求出電源電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω．12．（12分）根據試題的要求填空或作圖。（1）圖（甲）為多用電表的示意圖，其中S、K、T為三個可調節(jié)的部件，現用此電表測量一阻值約為20～30Ω的定值電阻，測量的某些操作步驟如下：①調節(jié)_________（選填S、K或T），使電表指針停在_________(選填“右”或“左”)端的“0”刻度位置；②調節(jié)K，使它在尖端指向_________（選填“×1”、“×10”、“×100”或“×1K”擋）位置；③將紅、黑表筆分別插入“＋”、“－”插孔，筆尖相互接觸，調節(jié)_________（選填S、K或T），使電表指針指向___________(選填“右”或“左”)端的“0”刻度位置。（2）在測量另一電阻的阻值時，電表的讀數如圖（乙）所示，該電阻的阻值為__________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=31°，OA的長度為L．在△OCA區(qū)域內有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t1．不計重力．(1)求磁場的磁感應強度的大??；(2)若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場，求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；(3)若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內運動的時間為，求粒子此次入射速度的大?。?4．（16分）一束初速度不計的電子流在經加速電壓U加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離為d，板長為l，那么，要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓？15．（12分）如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接在電壓為50V的恒定電源上，兩板間距為4cm，電容器帶電荷量為6×10－6C，A極板接地．求（1）平行板電容器的電容；（2）平行板兩板間的電場強度；（3）距B板為3cm的C點的電勢．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

A．油罐車拖一條鐵鏈是防止靜電，選項A錯誤；B．靜電復印是利用靜電，選項B正確；C．織地毯時夾一些不銹鋼絲是為了防止靜電，選項C錯誤；D．飛機機輪用導電橡膠制成是為了防止靜電，選項D錯誤。2、B【解題分析】

A．若將S斷開則不變，由：知電場強度不變，所以，油滴仍然處于靜止狀態(tài)，G中無電流，故A錯誤。B．保持S閉合，則不變，將A向左移動則d不變，電場強度E不變，所以，油滴仍然處于靜止狀態(tài)；將A向左移動則電容器正對面積S減小，則根據：知C減小，根據：知電容器容納電荷量減小，所以電容器有放電現象，G表中有b到a的電流，故B項正確。C．保持S閉合，則不變，將A向上移動則d增大，根據電場強度減小，所以，油滴向下加速運動；由于d增大根據：可知C減小，電容器容納電荷量減小，所以電容器有放電現象，G表中有b到a的電流，故C錯誤。D．保持S閉合，則不變，將A向下移動則d減小，根據：可知電場強度增大，，油滴向上加速運動；由于d減小根據：可知C增大，電容器容納電荷量增大，所以電源對電容器充電，G表中有a到b的電流，故D錯誤3、D【解題分析】

以人作為整體為研究對象，向后踢腿或手臂向后甩，人整體的總動量為0，不會運動起來，故A錯誤B錯誤；因為是完全光滑的水平冰面，沒有摩擦力，人是滾不了的，故C錯誤；把人和人的隨身物品視為一整體，這個整體動量為0，人給隨身物品一個向后速度，動量總量不變，所以人也可以有一個反向的速度，可以向前運動，故D正確；故選D．4、D【解題分析】試題分析：在最高點，根據牛頓第二定律可得，在最低點，根據牛頓第二定律可得，從最高點到最低點過程中，機械能守恒，故有，聯立三式可得考點：考查機械能守恒定律以及向心力公式【名師點睛】根據機械能守恒定律可明確最低點和最高點的速度關系；再根據向心力公式可求得小球在最高點和最低點時的壓力大小，則可求得壓力的差值．要注意明確小球在圓環(huán)內部運動可視為繩模型；最高點時壓力只能豎直向下．5、D【解題分析】設離子的初速度為v0，電荷量為q，質量為m，加速度為a，運動的時間為t，則加速度a＝，離子運動的時間，由于GC＝CD，所以飛行的時間之比t1∶t2＝1∶2，離子的偏轉量，因為P1帶電荷量與P2的帶電荷量相同，可得P1、P2的質量之比m1∶m2為1∶4，D正確，ABC錯誤故選D．6、D【解題分析】

設電壓表和電流表的原來讀數分別為U和I,電源和電流表的內阻分別為r1和r2.E=U+IrE=解兩式得

U=0.75E通過以上的兩個公式,不能求出電源和電流表的內阻分別為r1和r2.故D對；ABC故選D【題目點撥】題目中給出的是兩種情況下的電流表電壓表示數的變化,故可設出原來兩表的讀數,由比例關系得出變化后的讀數,通過閉合電路的歐姆定律列方程組求解即可二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

由庫侖定律可得，帶電量之比是1：5，當它們相距r時作用力大小為當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量都變?yōu)?q，當它們相距r時作用力大小為所以庫侖力之比為5：9；當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?q，當它們相距r時作用力大小為所以庫侖力之比為5：4。A.5∶1與分析不符，故A錯誤。B.5∶9與分析相符，故B正確。C.5∶4與分析相符，故C正確。D.5∶8與分析不符，故D錯誤。8、BC【解題分析】

AB、從軌跡彎曲方向可知電場力沿著電場線向左，由a到b電場力做負功，動能減小，電子在b點動能較小，故A錯誤，B正確；C、由電場線的密集程度可看出a點的場強較大，故C正確；D、從電子曲線軌跡向下彎曲可知電場線方向向右，沿著電場線方向電勢越來越低，所以a點電勢高于b點電勢，故D錯誤；故選BC。9、BC【解題分析】A、粒子在運動過程中，若電量增大，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知當電量增大時，半徑是減小，與太陽的引力做功無關,故A錯誤．B、粒子在運動過程中，南北兩極的磁感應強度較強，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知，當磁感應強度增加時，半徑是減小，故B正確．C、粒子在運動過程中可能受到空氣的阻力，對粒子做負功，所以其動能會減小，故C正確；D、地球的磁場由南向北，當帶負電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時，根據左手定則可以判斷粒子的受力的方向為向西，所以粒子將向西偏轉；當帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時，根據左手定則可以判斷粒子的受力的方向，粒子受到的洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功，故D錯誤；故選BC．【題目點撥】本題就是考查左手定則的應用，掌握好左手定則即可判斷粒子的受力的方向．同時利用洛倫茲力提供向心力，推導出運動軌跡的半徑公式來定性分析．10、ACD【解題分析】

粒子在勻強電場中做勻變速運動。根據軌跡彎曲的方向可判斷出粒子所受的電場力方向，可分析電場線的方向，從而判斷出電勢的高低。由電場力做功正負分析動能及電勢能的變化.【題目詳解】A、由圖知，等差等勢面均勻分布，則知該電場是勻強電場，粒子所受的電場力恒定，所以粒子在電場中做勻變速運動；故A正確.B、根據電場線與等勢面垂直，可知電場線位于水平方向，粒子所受的電場力也在水平方向。由粒子的軌跡向左彎曲，所以粒子所受的電場力水平向左，粒子帶正電，則電場線方向水平向左，則a處電勢最低；故B錯誤.C、D、若粒子從M運動到Q，電場力做負功，粒子的動能減小，電勢能增加，則粒子經過Q點動能小于P點動能，粒子在M點的電勢能比Q點的??；故C、D正確.故選ACD.【題目點撥】根據電場線與等勢面垂直，可作出電場線，結合曲線運動的條件分析電場力的方向是解決本題的關鍵，同時結合能量的觀點分析是解決這類問題常用方法.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1圖見解析1.471.88【解題分析】

（1）[1]電路中最大電流的額定電流小于，同時阻值遠大于電源內阻，不便于調節(jié)，所以變阻器選用R1；

（2）[2]對照電路圖，按電流方向連接電路，如圖所示：

（3）[3][4]由閉合電路歐姆定律得知，當時，，U-I圖象斜率的絕對值等于電源的內阻，則將圖線延長，交于縱軸，縱截距即為電動勢12、S左×1T右15K【解題分析】(1)①機械調零：調節(jié)S，使電表指針停在左端的“0”刻度位置。②選擇擋位：阻值約為20～30Ω的定值電阻，要使指針指在中間附近，則選擇的倍率應為×1。③歐姆調零：將紅、黑表筆分別插入“＋”、“－”插孔，筆尖相互接觸，調節(jié)T，使電表指針指向右端的“0”刻度位置。（2）在測量另一電阻的阻值時，電表的讀數如圖（乙）所示，該電阻的阻值為。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)2t1(3)【解題分析】

（1）粒子在磁場中做勻速圓周運動，在時間t1內其速度方向改變了91°，故其周期T=4t1①設磁感應強度大小為B，粒子速度為v，圓周運動的半徑為r由洛倫茲力提供向心力得：②勻速圓周運動的速度滿足：③聯立①②③式得④（2）設粒子從OA邊兩個不同位置