2024屆陜西省漢中市南鄭區(qū)龍崗學(xué)校物理高二上期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

2024屆陜西省漢中市南鄭區(qū)龍崗學(xué)校物理高二上期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，下列說法中正確的是()A.穿過線圈磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大B.穿過線圈的磁通量的變化量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大D.若某時(shí)刻穿過線圈的磁通量為零，則該時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定為零2、靜電計(jì)可以用來測(cè)量電容器的電壓．如圖把它的金屬球與平行板電容器一個(gè)極板連接，金屬外殼與另一極板同時(shí)接地，從指針偏轉(zhuǎn)角度可以推知兩導(dǎo)體板間電勢(shì)差的大?。F(xiàn)在對(duì)電容器充完點(diǎn)后與電源斷開，然后將一塊電介質(zhì)板插入兩導(dǎo)體板之間，則A電容C增大，板間場(chǎng)強(qiáng)E減小，靜電計(jì)指針偏角減小B.電容C增大，板間場(chǎng)強(qiáng)E增大，靜電計(jì)指針偏角減小C.電容C增大，板間場(chǎng)強(qiáng)E增大，靜電計(jì)指針偏角增大D.電容C增大，板間場(chǎng)強(qiáng)E減小，靜電計(jì)指針偏角增大3、某金屬導(dǎo)線的電阻為R，現(xiàn)將它均勻拉長(zhǎng)到橫截面積為原來的三分之一，那么該導(dǎo)線的電阻變?yōu)椋ǎ〢.3R B.9RC. D.4、如圖所示，壓緊的鉛塊甲和乙“粘”在一起，下列說法正確的是A.甲下表面與乙上表面的鉛原子都保持靜止B.甲下表面的任一鉛原子對(duì)乙上表面相鄰鉛原子的引力一定大于斥力C.甲下表面的所有鉛原子對(duì)乙上表面所有鉛原子引力的合力大于斥力的合力D.甲下表面的鉛原子對(duì)乙上表面相鄰鉛原子間只有引力，沒有斥力5、有一電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖所示，場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和電勢(shì)分別用Ea、和表示，則（）A. B.C. D.6、在地面附近有一高速飛行的宇宙飛行器，地面上的人和宇宙飛行器中的宇航員觀察到的現(xiàn)象，正確的是A.地面上的人觀察到宇宙飛行器變短了B.地面上的人觀察到宇宙飛行器變長(zhǎng)了C.宇航員觀察到宇宙飛行器內(nèi)的時(shí)鐘變慢了D.宇航員觀察到宇宙飛行器內(nèi)的時(shí)鐘變快了二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、a、b、c三個(gè)相同帶電粒子由同一點(diǎn)垂直電場(chǎng)方向同時(shí)進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)（不計(jì)粒子相互作用力及重力），其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場(chǎng)，由此可以斷定（）A.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中的加速度大小相等B.三個(gè)粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度相等C.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間D.三個(gè)粒子在飛行過程中動(dòng)能的增量8、下列對(duì)牛頓第二定律的表達(dá)式F=ma及其變形公式的理解，正確的是（）A.由a=可知，物體的加速度與其所受合力成正比，與其質(zhì)量成反比B.由m=可知，物體的質(zhì)量與其所受合力成正比，與其運(yùn)動(dòng)的加速度成反比C.由F=ma可知，物體所受的合力與物體的質(zhì)量成正比，與物體的加速度成反比D.由m=可知，物體的質(zhì)量可以通過測(cè)量它的加速度和它所受到的合力求出9、在如圖所示的直流電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是A.電壓表V1示數(shù)變大 B.電壓表V2示數(shù)變大C電流表A1示數(shù)變小 D.電流表A2示數(shù)變大10、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是（)A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=F/q適用于任何靜電場(chǎng)B.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式,若長(zhǎng)為L(zhǎng),通電電流為I的直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度B也一定為零C.電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與在該點(diǎn)的帶正電的檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力的方向一定相同D.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與放入磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向相同三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)進(jìn)行了以下測(cè)量：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出正方體木塊的邊長(zhǎng)，其示數(shù)如圖甲所示，則正方體木塊的邊長(zhǎng)為_____cm（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑，其示數(shù)如圖乙所示，則小球的直徑為_____mm12．（12分）勻強(qiáng)電場(chǎng)中a、b、c三點(diǎn)，在以它們?yōu)轫旤c(diǎn)的三角形中，∠a＝30°、∠c＝90°.電場(chǎng)方向與三角形所在平面平行．已知a、b和c點(diǎn)的電勢(shì)分別為(2－)V、(2＋)V和2V．該三角形的外接圓上最低電勢(shì)為________；最高電勢(shì)為______________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A．由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率有關(guān)，磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故A正確；B．由可知，穿過線圈的磁通量的變化量越大，但若所用的時(shí)間長(zhǎng)，則電動(dòng)勢(shì)可能小，故B錯(cuò)誤；C．穿過閉合回路的磁通量越大，磁通量變化不一定快，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定大，故C錯(cuò)誤；D．穿過線圈的磁通量為零，若磁通率不為零，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就不為零，故D錯(cuò)誤。故選A。2、A【解析】在平行板電容器兩極板間插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式C=，可知電容C增大，因切斷電源，則兩極板所帶電荷量Q一定，由電容的定義式C=Q/U得知，U減小，所以靜電計(jì)指針偏角減小，根據(jù)E=U/d知電場(chǎng)強(qiáng)度E減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A.【點(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵是要掌握電容的決定式C=和電容的定義式C=Q/U，并抓住電容器的電量不變進(jìn)行分析3、B【解析】明確截面積的變化，根據(jù)體積不變得出長(zhǎng)度的變化，由于電阻率的大小由材料決定，根據(jù)電阻定律判斷電阻的變化；【詳解】橫截面積為原來的三分之一，而總體積不變，則長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，由于材料未變，則電阻率不變，根據(jù)電阻定律知電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故B正確，ACD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律，知道電阻與導(dǎo)線橫截面積和長(zhǎng)度的關(guān)系，同時(shí)注意導(dǎo)線截面積變化時(shí)長(zhǎng)度一定發(fā)生了變化4、C【解析】由題意可知考查利用分子力的觀點(diǎn)解釋生活現(xiàn)象問題，根據(jù)分子力的作用特點(diǎn)分析可得【詳解】A．根據(jù)分子熱運(yùn)動(dòng)，可知甲下表面與乙的上表面鉛原子都在做無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．甲下表面的任一鉛原子對(duì)乙的上表面相鄰鉛原子因距離無法確定，所以引力、斥力的大小關(guān)系無法確定，故B錯(cuò)誤；C．乙和下方物體整體靜止，合力為零，甲下表面的所有鉛原子對(duì)乙的上表面所有鉛原子引力的合力等于斥力的合力和物體總的重力之和，所以鉛原子引力的合力大于斥力的合力，故C正確；D．甲下表面的鉛原子對(duì)乙的上表面相鄰鉛原子間引力和斥力是同時(shí)存在的，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】分子每時(shí)每刻都在做無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，溫度越高，運(yùn)動(dòng)的越激烈．分子間引力和斥力同時(shí)存在，二者都隨分子距離的增大而減小，斥力減小的快；隨著分子距離減小而增大，斥力增大的快5、D【解析】由電場(chǎng)線的疏密程度可知，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，即沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，可得故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。6、A【解析】由相對(duì)論效應(yīng)分析宇宙飛行器的時(shí)間和長(zhǎng)度變化；當(dāng)人和宇宙飛行器之間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，人觀察到的火箭長(zhǎng)度會(huì)變短，時(shí)間會(huì)變慢【詳解】根據(jù)愛因斯坦相對(duì)論可知，地面上的人觀察到宇宙飛行器變短了，宇宙飛行器上的時(shí)間進(jìn)程變慢了．故A正確，B錯(cuò)誤．宇宙飛行器上的人與宇宙飛行器之間沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，所以此人觀察到宇宙飛行器中的時(shí)鐘無變化，故CD錯(cuò)誤．故選A二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A.相同帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)Eq=ma，三個(gè)粒子加速度大小相等，故A正確；BC.三個(gè)粒子都做類平拋運(yùn)動(dòng)，且加速度相同．水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有豎直方向有，由圖粒子a、b的豎直位移大小相等，大于c，則得ta=tb>tc；水平方向有x=v0t，由圖知b、c水平位移大小相等，大于a，則va<vb<vc，故B錯(cuò)誤，C正確D.動(dòng)能變化量△E=qEy，qE相等，則△Eka=△Ekb>△Ekc，故D正確故選ACD.8、AD【解析】A．由a=可知，物體的加速度與其所受合力成正比，與其質(zhì)量成反比，選項(xiàng)A正確；B．物體的質(zhì)量與其所受合力以及運(yùn)動(dòng)的加速度無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．物體所受的合力與物體的質(zhì)量以及物體的加速度無關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由m=可知，物體的質(zhì)量可以通過測(cè)量它的加速度和它所受到的合力求出，選項(xiàng)D正確。故選AD。9、BC【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，由“串反并同”可知，由于電壓表V1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，所以電壓表V1示數(shù)變小，電壓表V2與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，所以電壓表V2示數(shù)變大，電流表A1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，所以電流表A1示數(shù)變小，電流表A2與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，所以電流表A2示數(shù)變小.故選BC。10、AC【解析】電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=F/q適用于任何靜電場(chǎng)，選項(xiàng)A正確；通電電流為I的直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，可能是電流的方向與磁場(chǎng)方向平行，而該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度B不一定為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與在該點(diǎn)的帶正電的檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力的方向一定相同，選項(xiàng)C正確；磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與放入磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.97②.0.990【解析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；【詳解】游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為，游標(biāo)讀數(shù)為所以最終讀數(shù)：；螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為，可動(dòng)刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)，注意游標(biāo)卡尺不需估讀，螺旋測(cè)微器需估讀12、①.0②.4【解析】作出三角形的外接圓，其圓心O在ab的中點(diǎn)，該點(diǎn)電勢(shì)為2V，OC為等勢(shì)線，作出OC的垂線MN為電場(chǎng)線，根據(jù)U=Ed，順著電場(chǎng)線MN，找出離O點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)，電勢(shì)最低；逆著電場(chǎng)線，離O點(diǎn)最遠(yuǎn)點(diǎn)電勢(shì)最高如圖所示，取ab的中點(diǎn)O，即為三角形的外接圓的圓心，則：O點(diǎn)的電勢(shì)為故Oc為等勢(shì)線，其垂線MN為電場(chǎng)線，方向?yàn)椋篗→N所以外接圓上電勢(shì)最低點(diǎn)為N點(diǎn)，最高點(diǎn)為M點(diǎn)設(shè)外接半徑為R，則Op間的電勢(shì)差等于Oa間的電勢(shì)差，即：又UON=ER，UOP=ERcos30°，則：故有：UON=2V，N點(diǎn)電勢(shì)為零，為最低電勢(shì)點(diǎn)，同理M點(diǎn)電勢(shì)為4V，為最高電勢(shì)點(diǎn)。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC，則對(duì)于小球由A→C的過程中，由動(dòng)能定理得：解得：(2)小球在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的