猜題卷（五） 備戰(zhàn)2021年中考物理猜題卷（湖北武漢專用）（解析版）

備戰(zhàn)2021年中考物理猜題卷（武漢市專用）猜題卷（五）參考答案1．D【解析】由題中的焦距和物距可知，物距小于1倍焦距，因此成正立放大的虛像．故選D.2．C【解析】A．響度指聲音的強弱或大小，鼓面振動的幅度越大，鼓聲的響度越大，而不是音調(diào)越高，故A錯誤；B．瓶內(nèi)水量越多，質(zhì)量越大，越難振動，頻率越小，音調(diào)越低；所以敲擊裝水量不同的玻璃瓶時，發(fā)聲的音調(diào)不同，故B錯誤；C．聲音是由物體的振動產(chǎn)生的，發(fā)聲的音叉激起水花，說明音叉在振動，故C正確；D．聲音不能在真空中傳播，而電磁波可以在真空中傳播，所以北斗衛(wèi)星不能依靠超聲波與地面接收站通訊，而是依靠電磁波與地面聯(lián)系的，故D錯誤。3．A【解析】A．圖中氣泡在上升過程中，體積增大，所以是沸騰時的情景，故A正確為答案．B．探究冰熔化時的特點，（b）圖用“水浴法”受熱均勻，冰熔化較慢，便于觀察記錄溫度變化，所以（b）圖比（a）圖的效果好，故B錯誤．C．把酒精燈撤去，用注射器向試管內(nèi)打氣，使水面上方氣壓增大，水的沸點升高，所以水不會重新沸騰，故C錯誤．D．用溫度計測量水的溫度，讀數(shù)時，視線應(yīng)與溫度計液面相平，故D錯誤．4．C【解析】A．核電站是利用鈾核裂變發(fā)生鏈式反應(yīng)釋放出大量的核能來發(fā)電的，是可控鏈式反應(yīng)，故A正確，不符合題意；B．北斗衛(wèi)星定位系統(tǒng)是利用電磁波來傳遞信息的，故B正確，不符合題意；C．光纖通信是利用激光從光纖的一端射入，在內(nèi)壁上多次反射后在另一端射出來，然后在接收端，檢測器收到光信號后把它變換成電信號，經(jīng)解調(diào)后恢復(fù)原信息，故C錯誤，符合題意；D．煤炭、石油、天然氣屬于不可再生能源，也是一次性能源，故D正確，不符合題意。

故選C。5．A【解析】A．由于力的作用是相互的小紅推墻的過程中小紅對墻施加了力的作用，墻對小紅也施加了力的作用，使小紅由靜止變?yōu)檫\動，故正確；B．小紅能繼續(xù)向后退一段距離，是因為她具有慣性，要保持原來的運動狀態(tài)，故錯誤；C．小紅后退時速度會越來越慢是由于受到阻力的作用，故錯誤；D．小紅在后退的過程中，受到重力、支持力、摩擦力和空氣阻力的共同作用，故錯誤。故選A。6．B【解析】A．水對杯底的壓強：，故錯誤；B．由得，水對杯底的壓力：，故正確；CD．杯放在桌面上，杯對桌面的壓力：，杯對桌面的壓強：，故CD錯誤．7．C【解析】A．A未浸入時，水深0.06m，水對容器底的壓強故A不符合題意；B．A未浸入時，容器對桌面的壓強故B不符合題意；C．A浸沒在水中時，它受到的浮力大小故C符合題意；D．A浸沒在水中靜止時，它受到細線的拉力大小故D不符合題意。故選C。8．D【解析】A．第1次滑動過程中，以彈簧測力計為參照物，木塊的位置沒有發(fā)生改變，所以是靜止的，故A錯誤；B．第1次滑動過程中，手的拉力作用在彈簧測力計上，而摩擦力作用在木塊上，不是同一物體，因此不是一對平衡力，故B錯誤；C．第2次滑動過程中，速度變小，但滑動摩擦力只與壓力和接觸面的粗糙程度有關(guān)，與速度無關(guān)，因此兩次拉動時，木塊受到的摩擦力相同，故C錯誤；D．第2次滑動過程中，木塊的質(zhì)量不變，速度比第一次小，所以動能變??；同時高度不變，重力勢能不變，因此機械能比第一次小，故D正確．9．D【解析】A．O點和P點串聯(lián)，流過的電流相同，故A不符合題意；B．AB段與CD段電流方向相同，磁場方向也相同，所以CD段受到的磁場力方向向上，故B不符合題意；CD．讓線圈轉(zhuǎn)180o到右圖位置，電流、磁場方向均不變，則受到的磁場力方向向上，故C不符合題意、D符合題意。故選D。10．D【解析】A．開關(guān)閉合后燈不發(fā)光，若是燈絲發(fā)生斷路，用測電筆測試電燈，只有右邊接線處發(fā)光，左邊接線處不發(fā)光，測試插座左孔不發(fā)光，故A不符合題意；B．若插座發(fā)生短路，則保險絲會燒斷，故B不符合題意；C．若進戶火線斷路，則用測電筆測試電燈和插座都不會發(fā)光，故C不符合題意；D．若進戶零線斷路，則燈泡不能形成回路，不發(fā)光，但用電燈兩接線處及插座兩孔都與火線相通，所以測電筆接觸接觸這些位置都發(fā)光，故D符合題意。故選D。11．B【解析】由電路圖甲可知，與串聯(lián)，電流表測電路中的電流，當滑片位于最左端時，變阻器接入電路中的電阻為零，此時電路中的電流最大，由圖乙可知，電路中的最大電流由可得：電源電壓當滑片位于右端時，接入電路中的電阻最大，由圖乙可知，變阻器的最大阻值根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點和歐姆定律可得：電路中的最小電流即圖乙中坐標值當電流表示數(shù)時，電路中的總電阻則滑動變阻器接入電路的阻值定值電阻消耗的電功率與滑動變阻器R消耗的電功率之比故ACD不符合題意，B符合題意。故選B。12．D【解析】當滑片P置于變阻器的b端時，其電阻變大，分壓增多，電壓表的示數(shù)變化了2V，則變阻器此時電壓是6V，設(shè)電源電壓是U，滑動變阻器最大阻值是R，由題意列方程得解得由串聯(lián)分壓比等于電阻比可知，滑片在b端時，R和R1各分6V電壓，電源電壓是12V。當滑片在中點時，R分4V電壓，R1分8V電壓。滑片P置于變阻器的b端時，在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J，則R1的阻值是A．當滑片在a點時，變阻器接入電路的阻值為0，電路中的電流最大，最大電流是故A錯誤；B．串聯(lián)電路中各處電流相等，滑片在中點時，電路中的電流10s內(nèi)滑動變阻器消耗的電能故B錯誤；C．當滑片在b點時，變阻器接入的阻值最大，電路中的電流最小，最小電流是由P=UI可得，滑動變阻器R先后兩次消耗的電功率之比故C錯誤；D．由P=UI可得，R1先后兩次消耗的電功率之比故D正確。故選D。13．【解析】（1）由歐姆定律知，電阻一定時，電流與電壓成正比，由圖象知，正比例圖象是R的I﹣U圖象，曲線是L的I﹣U圖象，由電路圖可知，只閉合開關(guān)S1，電路是燈泡的簡單電路，由圖象可知，當燈泡兩端的電壓UL＝2V，通過的電流IL＝0.5A，此時小燈泡L的實際功率：PL＝ULIL＝2V×0.5A＝1W，符合題意，所以此時燈泡電阻RL＝＝＝4Ω，且電源電壓U＝UL＝2V；（2）再閉合開關(guān)S2時，R與L并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，U＝UL＝UR＝2V，由圖象可知，此時通過R的電流IR＝0.2A，R在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：QR＝IR2Rt＝（0.2A）2×10Ω×60s＝24J。故答案為：4；24。14．【解析】自拍桿可以看成一個杠桿（O為支點），游客施加在A點的力為動力；手機對桿的壓力為阻力，則由圖示可知，利用自拍桿進行自拍時動力臂小于阻力臂，所以這是一個費力杠桿。在阻力、阻力臂一定的情況下，要使動力最小，由杠桿平衡條件可知動力臂需要最長，則由圖知OA為最長的動力臂L1；阻力為手機對桿的壓力，方向向下，所以動力的方向應(yīng)該向上；因動力與動力臂垂直，則過A點作垂直于OA向上的力，即為施加在A點的最小動力F1，如下圖所示：故答案為：費力；最小動力F1及力臂見解答圖。15．【解析】（1）探究動能的大小可能與物體的密度有關(guān)時，采用控制變量法，需要控制小球的質(zhì)量相同，滾下的高度相同，小球的材料不同；所以應(yīng)該選用100g的鐵球和100g的鋁球從同一斜面的相同高度滾下，觀察木塊移動的距離來判定動能與密度的關(guān)系；（2）探究動能大小與質(zhì)量的關(guān)系，采用的是控制變量法，需要控制速度相同，質(zhì)量不同，實驗表格為：物體的質(zhì)量木塊移動的距離故答案為：（1）100g的鐵球；100g的鋁球；相同；木塊移動的距離；（2）如上表。16．【解析】（1）為測量滾動摩擦的大小，將小車置于水平長木板上，用彈簧測力計沿水平方向拉動小車做勻速直線運動，讀數(shù)時發(fā)現(xiàn)彈簧測力計示數(shù)很小，無法準確讀數(shù)；（2）于是將毛巾鋪在長木板上，重復(fù)（1）中的操作，如圖甲所示，測力計分度值為0.1N，此時彈簧測力計示數(shù)為0.4N；（3）當一個物體在另一個物體表面滑動時，產(chǎn)生的摩擦力叫滑動摩擦，為測量滑動摩擦的大小，將車輪卡住，在毛巾表面重復(fù)（1）中的操作，此時彈簧測力計示數(shù)為0.8N；實驗二：（1）小車在木板上運動時，受到沿水平向左的摩擦阻力的作用，受力示意圖如下所示：；（2）探究水平面上摩擦阻力對車運動的影響，要控制小車到達水平面的速度相同，使小車在粗糙程度不同的水平面上運動。故應(yīng)將毛巾鋪在木板表面，再次讓小車從斜面頂端由靜止下滑，觀察小車在水平面上運動的距離；（3）小車在毛巾表面受到的阻力最大，小車毛巾在上運動的距離較小，這表明：小車運動時所受摩擦阻力越大，速度減小得越快，綜合兩個實驗可知：急剎車時抱死車輪是用滑動代替滾動增大摩擦來減小剎車距離。故答案為：實驗一：（1）勻速直線；（2）0.4；（3）卡??；實驗二：（1）如上所示；（2）木板；（3）快。17．【解析】（1）方案一：①根據(jù)F?。紾﹣F可知，石塊浸沒在水中受到的浮力：F?。紽1﹣F3＝2.5N﹣1.4N＝1.1N；排開水的重力G排＝1N；所以，F(xiàn)浮≠G排，A、若最初溢水杯中的水未裝至溢水口，則石塊排開水的只有一部分溢出到桶中，排開水的重力G排減小，故A有可能；B、若彈簧測力計都沒有校零，那么四次測量結(jié)果都應(yīng)加上測量前彈簧測力計示數(shù)，那么所得浮力與排開水的重力大小應(yīng)不變，故B不可能；C、步驟C中，石塊浸沒后，碰觸到溢水杯底部，容器對石塊有支持力，測的F3偏小，由F?。紽1﹣F3可知F浮偏大，故C有可能；故選：B；（2）方案二：重物浸入水中時，由F?。紾﹣F示知彈簧測力計A的示數(shù)的變化量為浮力；又因為重物浸入水中時，彈簧測力計B的示數(shù)的變化量為溢出水的重力，根據(jù)阿基米德原理可知，物體所受浮力的大小和排開液體的重力相等，所以彈簧測力計A示數(shù)的變化量和彈簧測力計B的示數(shù)變化量相等；將燒杯、水和物體看做一個整體，容器對升降臺C的壓力等于空杯和杯內(nèi)水的總重與物體的重力之和再減去物體受到的拉力（大小等于測力計的示數(shù)），即：F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+G物﹣F示，而G物﹣F示＝F浮，所以F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+F浮，根據(jù)阿基米德原理，F(xiàn)?。紾排水，所以F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+G排水，由于杯內(nèi)的水和排出的水的總重等于原來杯子里的水，是個定值，所以在這個過程中容器對升降臺C的壓力不變；（3）①如圖丙所示，將燒杯中裝入適量的水，置于天平上，天平平衡時的讀數(shù)為m1；②如圖丁所示，接著用細線將石塊拴住，使之完全浸沒在上述燒杯的水中，天平平衡時的讀數(shù)為m2（此時手向上拉住細線另一端，石塊不觸杯壁和杯底，水不外溢），排開水的質(zhì)量為m排＝m2﹣m1；若水的密度為ρ水，石塊的體積：V石＝V排＝＝，石塊的密度：ρ石＝＝＝。故答案為：（1）1.1；B；（2）等于；不變；（3）。18．【解析】（1）由圖知，電流表選用小量程，由表中數(shù)據(jù)知，電壓表示數(shù)為：UV＝IR＝0.48A×5Ω＝2.4V，故電壓表選用小量程與電阻并聯(lián)，如下所示：（2）連接好電路，閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表沒有示數(shù)，移動滑動變阻器的滑片，電壓表示數(shù)始終接近電源電壓。造成這一現(xiàn)象的原因可能是CA．若電流表壞了，整個電路斷路，兩表都沒有示數(shù)，不符合題意；B．若滑動變阻器短路，電路為通路，兩表都有示數(shù)，不符合題意；C．電阻處接觸不良，電路斷路，電流表沒有示數(shù)，電壓表串聯(lián)在電路中測電源電壓，移動滑動變阻器的滑片，電壓表示數(shù)始終接近電源電壓，符合題意；D．若電阻短路，電壓表示為0，不符合題意；故選C；（3）其中第3次實驗電流表示數(shù)如圖丙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，其讀數(shù)為0.12A；（4）橫向比較表中數(shù)據(jù)，電阻為原來的幾倍，通過的電流為原來的幾分之一，即實驗結(jié)果是：電阻的電壓不變時，電流與電阻成反比；（5）本實驗中測量了多組數(shù)據(jù)，是為了從不同情況中找到普遍規(guī)律：①測量物體的長度，多次測量取平均值可減小誤差；②用伏安法測量定值電阻的阻值，多次測量取平均值可減小誤差；③探究重力大小與質(zhì)量的關(guān)系，多次測量是為了從不同情況中找到普遍規(guī)律；故選③。故答案為：（1）如上所示；（2）C；（3）0.12；（4）電阻的電壓不變時，電流與電阻成反比；（5）③。19．【解析】（1）電磁波可以在真空中傳播，可以傳遞信息，無人機是通過電磁波來實現(xiàn)遙控的；無人機在加速上升的過程中，當電機帶動旋翼（螺旋槳）轉(zhuǎn)動，對下方空氣施加向下的作用力，根據(jù)物體間力的作用是相互的，空氣對它施加向上的反作用力，即為升力。（2）根據(jù)v＝可得，勻速上升需要的時間：t1＝＝＝10s，水平勻速直線飛行的時間：t2＝＝＝100s，無人機從起飛到火場上空，這一過程共耗時：t＝t1+t2＝10s+100s＝110s；（3）懸停時電動機總功率：P總＝4P0