成都樹德中學(xué)2023-2024學(xué)年高二物理第一學(xué)期期末綜合測試試題含解析

成都樹德中學(xué)2023-2024學(xué)年高二物理第一學(xué)期期末綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩根等高光滑的1/4圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始，在拉力作用下以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運(yùn)動至ab處，則該過程中（）A.通過R的電流方向為由a→R→bB.通過R的電流方向為由b→R→aC.R上產(chǎn)生的熱量為D.流過R的電量為2、在如圖示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，L1、L2、L3均為小燈泡，P為滑動變阻器的滑動觸頭，開關(guān)S1、S2閉合。則A.向右滑動觸頭P，小燈泡L2變亮B.向右滑動觸頭P，小燈泡L3變亮C.若只斷開S2，小燈泡L1變暗D.若只斷開S2，小燈泡L2變亮3、如圖所示，靜止站在地面的人仰頭看一座高樓時，感到高樓正向一邊傾斜，這是由于天空中的云朵在飄動．關(guān)于這一現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.高樓是絕對靜止的B.高樓相對于人在運(yùn)動C.高樓相對于地面在運(yùn)動D.高樓相對于云朵在運(yùn)動4、如圖所示裝置中，一個足夠長的光滑水平導(dǎo)軌與一理想變壓器的原線圈相連，導(dǎo)體棒ab放在導(dǎo)軌上并處于勻強(qiáng)磁場中，副線圈上連接有燈泡L和電容器C，其余一切電阻不計．則下列說法正確的是A.若ab棒向右做勻速直線運(yùn)動，則燈泡L中有c→d的電流B.若ab棒向右做勻速直線運(yùn)動，則電容器C下極板帶正電C.若ab棒向左做勻加速直線運(yùn)動，則燈泡L中有d→c的電流D.若ab棒向左做勻加速直線運(yùn)動，則電容器C上極板帶正電5、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，∠MOP＝90°，M、N處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有方向如圖所示的電流，電流強(qiáng)度大小相等，每條長直導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B0，則在圓心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度A.大小為B0，方向垂直于MN向下B.大小為B0，方向垂直于MN向上C.大小為2B0，方向垂直于MN向下D.大小為2B0，方向垂直于MN向左6、電磁學(xué)中電荷量、電動勢、電容、磁通量這四個物理概念的國際制單位是（）A.庫倫，特斯拉，法拉，伏特 B.庫倫，伏特，法拉，韋伯C.庫倫，伏特，法拉，特斯拉 D.安培，焦耳，伏特，韋伯二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個帶電微粒在如圖所示正交勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，重力不可忽略，已知軌跡圓的半徑為r，電場強(qiáng)度的大小為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，重力加速度為g，則（）A.該微粒帶正電 B.帶電微粒沿逆時針旋轉(zhuǎn)C.微粒從a到c，機(jī)械能守恒 D.微粒做圓周運(yùn)動的速度為8、如圖所示，在球殼內(nèi)部球心放置帶電荷量為＋Q的點(diǎn)電荷，球殼內(nèi)有A點(diǎn)，殼壁中有B點(diǎn)，殼外有C點(diǎn)，則下列說法正確的是()A.EA＞EC＞EBB.A、B、C三點(diǎn)的電勢φA＝φB＞φCC.EA＞EB＞ECD.A、B、C三點(diǎn)的電勢φA＞φB＞φC9、在如圖所示的電路，電源的內(nèi)阻為r，現(xiàn)閉合電鍵S，將滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是A.燈泡L變亮 B.電壓表讀數(shù)變小C.電流表讀數(shù)變小 D.電容器C上的電荷量增大10、如圖所示，將某一電源E的路端電壓隨干路電流的變化關(guān)系和某一電阻R的電壓與通過該電阻的電流關(guān)系畫在同一個U-I圖象中，若將該電源與這個電阻R構(gòu)成閉合回路，則下列分析正確的是（）A.甲圖反映電源的U-I關(guān)系，其內(nèi)阻為2.0ΩB.乙圖反映電源的U-I關(guān)系，其電動勢為3.0VC.通過電阻R的電流大小為1.0AD.電源內(nèi)阻r消耗的熱功率為2.0W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定電池電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路(1)按如圖甲所示的實驗電路，把圖乙中剩余的電路連接起來____________(2)在圖乙的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于________端(填“A”或“B”)(3)圖丙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω，短路電流I短＝________A12．（12分）如圖所示，某同學(xué)用插針法測定一半圓形玻璃磚的折射率．先在平鋪的白紙上放半圓形玻璃磚，用鉛筆畫出直徑所在的位置MN、圓心O以及玻璃磚圓弧線（圖中半圓實線）；再垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O；最后在玻璃磚圓弧線一側(cè)垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像．移走玻璃磚，作出與圓弧線對稱的半圓虛線，過O點(diǎn)作垂直于MN的直線作為法線；連接OP2P1，交半圓虛線于B點(diǎn)，過B點(diǎn)作法線的垂線交法線于A點(diǎn)；連接OP3，交半圓實線于C點(diǎn)，過C點(diǎn)作法線的垂線交法線于D點(diǎn)（1）測得AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l4．計算玻璃磚折射率n的公式是n=__________（選用l1、l2、l3或l4表示）（2）該同學(xué)在插大頭針P3前，不小心將玻璃磚以O(shè)為軸順時針轉(zhuǎn)過一個小角度，該同學(xué)測得的玻璃磚折射率將__________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】金屬棒從軌道最低位置cd運(yùn)動到ab處的過程中，穿過回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知通過R的電流方向為由b→R→a，故A錯誤，B正確；金屬棒做勻速圓周運(yùn)動，回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為Em=BLv0，有效值，經(jīng)過的時間為：，根據(jù)焦耳定律有：，故C錯誤；通過R的電量由公式：，故D錯誤2、B【解析】AB.在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動觸頭P，總電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L3兩端電壓增大，故L3變亮，故A錯誤，B正確；CD.若只斷開S2，總電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L1和P兩端電壓增大，電流增大，故L1變亮，故C錯誤，D錯誤。故選：B3、D【解析】高樓只是相對地面靜止，人看到高樓正向一邊傾斜，是人以云朵為參考系，高樓相對于云朵在運(yùn)動，所以ABC錯誤；D正確故選D。4、D【解析】理想變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，當(dāng)原線圈的磁通量恒定時，副線圈是沒有感應(yīng)電流的，根據(jù)變壓器的工作的原理，運(yùn)用楞次定律和右手定則、安培定則結(jié)合分析原線圈中的電流的變化情況即可得出結(jié)論【詳解】AB．若棒勻速運(yùn)動，則棒切割磁場產(chǎn)生的電流是恒定的，線圈產(chǎn)生的磁通量也是恒定的，不會引起副線圈的磁通量的變化，所以副線圈不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以副線圈的電流為零，燈泡不亮，電容器不帶電．故A、B均錯誤；CD．若棒向左做勻加速直線運(yùn)動，由右手定則判斷可知，棒中產(chǎn)生由的感應(yīng)電流，而且感應(yīng)電流增大，感應(yīng)電流通過原線圈，根據(jù)安培定則可知，原線圈中產(chǎn)生向上的磁場，而且磁場不斷增強(qiáng)，則穿過副線圈的磁通量增大，由楞次定律判斷得知，副線圈中產(chǎn)生向上的螺旋式電流，燈泡中有的電流，電容器上極板帶正電，故D正確，C錯誤【點(diǎn)睛】變壓器只能在交流電路中工作，變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，知道變壓器的工作的原理就可以解決本題5、C【解析】由磁場的疊加可知每根導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度大小，移動之后距O點(diǎn)的距離不變，故磁感強(qiáng)度大小不變【詳解】兩導(dǎo)線在O點(diǎn)各自形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0．則根據(jù)幾何關(guān)系可知，兩導(dǎo)線形成的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B0，方向垂直MN向下，故C正確，ABD錯誤故選C【點(diǎn)睛】磁感強(qiáng)度為矢量，在求合磁感強(qiáng)度時應(yīng)先分別求得各導(dǎo)線O點(diǎn)的磁感強(qiáng)度再由矢量的合成方法-平行四邊形求得總的磁感強(qiáng)度6、B【解析】電荷量Q、電動勢Q、電容C、磁通量的國際制單位為庫倫C、伏特V、法拉F、韋伯Wb，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．帶電微粒在正交勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，可知所受的向下的重力和向上的電場力平衡，電場向下，則粒子帶負(fù)電，選項A錯誤；B．根據(jù)左手定則可知，帶電微粒沿逆時針旋轉(zhuǎn)，選項B正確；C．微粒從a到c，動能不變，重力勢能減小，則機(jī)械能減小，選項C錯誤；D．根據(jù)mg=qE，以及，解得微粒做圓周運(yùn)動的速度為選項D正確。故選BD。8、AD【解析】由靜電知識我們知道球殼為一等勢體，內(nèi)部場強(qiáng)為零即，由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，知道離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電場強(qiáng)度越小，所以即A正確C錯誤．球殼上所有的點(diǎn)的電勢是一樣的，，由可知，距離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電勢越小，所以B錯誤D正確9、CD【解析】滑片P向左移動一段距離后電阻變大，故電路的電流減小，電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗；路端電壓變大，故電壓表讀數(shù)變大；滑動變阻器兩端電壓變大，根據(jù)Q=CU可知，電容器C上的電荷量增大，選項CD正確，AB錯誤.10、BC【解析】由電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象與縱軸的交點(diǎn)讀出電源的電動勢，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻．電阻R的伏安特性曲線的斜率等于電阻．兩圖線的交點(diǎn)讀出電流與電壓，求出電源內(nèi)阻的的熱功率【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，當(dāng)I=0時，U=E，由讀出電源的電動勢E=3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則，故B正確，A錯誤．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=1.0A，則通過電阻R的電流大小為1.0A，電源內(nèi)阻r消耗的熱功率為I2r=1W．故C正確，D錯誤；故選BC【點(diǎn)睛】對于圖線關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律，從數(shù)學(xué)角度來理解其物理意義．本題要抓住圖線的斜率、交點(diǎn)的意義來理解圖象的意義三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.圖見解析②.B③.1.50④.1⑤.1.50【解析】（1）[1]．由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由原理圖連接實物圖所示；（2）[2]．為保證實驗安全，在開始時電路中電流應(yīng)為最小值，故滑動變阻器應(yīng)接入最大阻值，由圖可知，滑動變阻器接入部分為左半部分；故滑片應(yīng)接到B端；（3）[3]．由U-I圖可知，電源的電動勢E=1.50V；[4]．當(dāng)路端電壓為1V時，電流為0.5A，則由閉合電路歐姆定律可知：；[5]．短路電流12、①.（1）l1/l3②.（2）偏大【解析】用插針法測定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律，利用幾何知識得到入射角的正弦和折射角的正弦，推導(dǎo)出折射率的表達(dá)式，即可知道所要測量的量【詳解】（1）設(shè)圓的半徑為R，由幾何知識得入射角的正弦為：sini=sin∠AOB=；折射角的正弦為：sinr=sin∠DOC=根據(jù)折射定律（2）該同學(xué)在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O(shè)為圓心順時針轉(zhuǎn)過一小角度，折射光線將順時針轉(zhuǎn)動，而作圖時其邊界和法線不變，則入射角（玻璃磚中的角）不變，折射角（空氣中的角）減小，由折射率公式可知，測得玻璃磚的折射率將偏大【點(diǎn)睛】本題采用單位圓法測量玻璃磚的折射率，是數(shù)學(xué)知識在物理實驗中的運(yùn)用，簡單方便，分析誤差關(guān)鍵分析入