2021年湖北省七市（州）教科研協(xié)作體高考物理聯(lián)考試卷

2021年湖北省七市（州）教科研協(xié)作體高考物理聯(lián)考試

卷（3月份）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.2020年12月4日，新一代“人造太陽(yáng)”一中國(guó)環(huán)流二號(hào)M裝置（HL—2M）正式建

成并實(shí)現(xiàn)首次放電，放電溫度達(dá)太陽(yáng)芯部溫度近10倍?！叭嗽焯?yáng)”實(shí)驗(yàn)中的可

控?zé)岷朔磻?yīng)的方程是出He+ln,海水中富含反應(yīng)原料流（出），氟核（出）可

以用中子變擊鋰核（“。得到。下列說(shuō)法正確的是（）

A.上述核反應(yīng)前后核子數(shù)相等，生成物的質(zhì)量等于反應(yīng)物的質(zhì)量

B.中子轟擊鋰核（“i）反應(yīng)方程為何/H+^He

C.中子級(jí)擊鋰核（"i）發(fā)生了a衰變

D.笊核仔H）和笳核（法）的比結(jié)合能均比氨核的比結(jié)合能大

2.如圖所示，A、2兩顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若3表示

衛(wèi)星角速度大小，S表示衛(wèi)星與地心的連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)

的面積，a表示衛(wèi)星向心加速度大小，r表示軌道半徑，7表示

周期，則下列關(guān)系正確的是（）

A.34>3BB.S4>SBC.a%>（1BD

3.如圖所示，一半圓形玻璃磚，C點(diǎn)為其圓心，直線。。'過(guò)C點(diǎn)與

玻璃磚上表面垂直。與直線00'平行且等距的兩束不同頻率的細(xì)

光a、b從空氣射入玻璃磚，折射后相交于圖中的P點(diǎn)，以下說(shuō)以

正確的是（）

A"光從空氣射入玻璃，波長(zhǎng)變長(zhǎng)

B.真空中“光的波長(zhǎng)小于6光的波長(zhǎng)

C.a光的頻率大于6光的頻率

D.若。、人光從同一介質(zhì)射入真空，a光發(fā)生全反射的臨界角較大

4.如圖所示，變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)金屬框架MNQP,金屬手..

桿湖在恒力廠作用下沿框架從靜止開始運(yùn)動(dòng)，t=o時(shí)磁感應(yīng)?1一

強(qiáng)度大小為8°,為使血中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，下列能正確反映------?一

磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨時(shí)間f變化的圖像是（）

B.

D.

5.如圖所示，一圓環(huán)套在固定的傾斜光滑桿上，輕統(tǒng)繞過(guò)定滑

輪與圓環(huán)相連，整個(gè)裝置處于同一豎直平面內(nèi)，現(xiàn)用力/緩

慢拉動(dòng)輕繩，圓環(huán)對(duì)桿的彈力大小為瓦，在圓環(huán)從A沿桿向

上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()

A.F一直增大，氏先減小后增大

B.尸一直增大，“一直減小

C.尸先減小后增大，風(fēng)一直增大

D.尸先減小后增大，氏先減小后增大

6.如圖所示，木塊靜止在光滑水平面上，子彈A、B

從兩側(cè)同時(shí)射入木塊，木塊始終保持靜止，子彈4

射入木塊的深度是8的2倍。假設(shè)木塊對(duì)子彈阻力大小恒定，則下列說(shuō)法正確的是

()

A.子彈A的質(zhì)量是子彈8的質(zhì)量的2倍

B.子彈A的初動(dòng)量是子彈B的初動(dòng)量大小的2倍

C.若子彈A、B的初始速度都增加為原來(lái)的2倍，則木塊不會(huì)始終保持靜止

D.若子彈A、B的初始速度都增加為原來(lái)的2倍，則子彈A射入木塊的深度仍是

子彈8的2倍

7.如圖所示，空間中存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)，長(zhǎng)方體ABC。-

4B1GD1中4DD14是邊長(zhǎng)為1相的正方形，棱A8長(zhǎng)

2m,E、F為棱AB、8的中點(diǎn),E］、&為棱久/、的名

的中點(diǎn)。已知電勢(shì)9Al=0,(PA=2V,WE=4V,(pg=

6V,0c=8L則下列說(shuō)法正確的是()

第2頁(yè)，共19頁(yè)

A.電場(chǎng)強(qiáng)度方向與CE連線平行

B.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2遍!//小

C.B、0兩點(diǎn)的電勢(shì)差力R與4、E兩點(diǎn)的電勢(shì)差以￡相同

D.把0.1C正電荷從。點(diǎn)移到8點(diǎn)，電場(chǎng)力做功0.2/

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.智能手機(jī)中的電子指南針利用了重力傳感器和霍L一Nh

N：-

爾元件來(lái)確定地磁場(chǎng)的方向。某個(gè)智能手機(jī)中固定

著一個(gè)矩形薄片霍爾元件，四個(gè)電極分別為反尸、!_E

%T*

欣N,薄片厚度為兒在E、尸間通入恒定電流/、

同時(shí)外加與薄片垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,M、M間的電壓為U”，巳知半導(dǎo)體薄片中的載

流子為正電荷，電流與磁場(chǎng)的方向如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.N板電勢(shì)高于M板電勢(shì)

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，翻越大

C.增加薄片厚度h,%增大

D.將磁場(chǎng)和電流分別反向，N板電勢(shì)低于M板電勢(shì)

9.如圖所示，實(shí)線是沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波

在t=2s時(shí)刻的波形圖。已知該波的波速是〃=8m/s,根據(jù)圖形，則下列說(shuō)法正確

的是（）

A.1=0時(shí)亥!],x=8ni處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)

B.該橫波若與頻率為1.5Hz的波相遇可能發(fā)生干涉

C.經(jīng)過(guò)t=Is,x=2nl處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置向下振動(dòng)

D.t=2.75s時(shí)刻，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)位移為

如圖所示，理想變壓器原線圈兩端4、8接在電動(dòng)勢(shì)E

8V、內(nèi)阻r=20的交流電源上，理想變壓器的副線圈

兩端與滑動(dòng)變阻器R相連，滑動(dòng)變阻器阻值可在

0?10。范圍內(nèi)變化，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：

2,下列說(shuō)法正確的是（

A.副線圈兩端輸出電壓為16V

B.當(dāng)R=20時(shí)，電源的輸出功率最大

C.調(diào)節(jié)R,電源的最大輸出功率為8W

D.原線圈兩端的電壓隨著滑動(dòng)變阻器R的阻值增大而增大

11.如圖所示，長(zhǎng)直桿固定放置與水平面夾角。=30。，

桿上。點(diǎn)以上部分粗糙,。點(diǎn)以下部分（含。點(diǎn)）光滑。

輕彈簧穿過(guò)長(zhǎng)桿，下端與擋板相連，彈簧原長(zhǎng)時(shí)上端0

恰好在。點(diǎn)，質(zhì)量為，"的帶孔小球穿過(guò)長(zhǎng)桿，與彈、俎旦—

簧上端連接。小球與桿粗糙部分的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=日，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦

力，現(xiàn)將小球拉到圖示“位置由靜止釋放，一段時(shí)間后觀察到小球振動(dòng)時(shí)彈簧上端

的最低位置始終在方點(diǎn)，。點(diǎn)與人間距均為/。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球在?點(diǎn)彈簧彈性勢(shì)能最大

B.小球在a點(diǎn)加速度大小是在b點(diǎn)加速度大小的2倍

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程小球克服摩擦力做功mgl

D.若增加小球質(zhì)量，仍從。位置靜止釋放，則小球最終運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)仍在b點(diǎn)

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）

12.用如圖（a）所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)。將白紙和復(fù)寫紙對(duì)齊重疊并固定在硬板上。

鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點(diǎn)飛出，落在水平擋板上。由于擋板靠近硬板

一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時(shí)，鋼球側(cè)面會(huì)在白紙上擠壓出一個(gè)痕跡點(diǎn)，在如圖（b）

所示的白紙上建立以拋出點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、水平方向?yàn)閤軸、豎直方向?yàn)閥軸的坐標(biāo)

系（已知g=10m/s2）.

（1）下列說(shuō)法正確的是.

A斜槽軌道必須光滑，且小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放

B.需調(diào)節(jié)斜槽，保證其末端水平

C.需調(diào)節(jié)硬板，保證硬板在豎直平面內(nèi)

。本實(shí)驗(yàn)必需的器材還有刻度尺和秒表

第4頁(yè)，共19頁(yè)

(2)在圖(b)中實(shí)驗(yàn)記錄到有一個(gè)位置明顯發(fā)生偏差的點(diǎn)，其產(chǎn)生的原因可能是：該

次實(shí)驗(yàn)時(shí)，小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏(“高”或“低”)。

(3)根據(jù)圖(b)記錄的點(diǎn)可求得鋼球平拋的初速度大小為m/s(結(jié)果保留兩位

有效數(shù)字)。

13.某研究性小組利用下列實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路來(lái)研究某壓敏電阻心的壓阻效應(yīng)，然

后將該壓敏電阻改裝為壓力傳感器測(cè)量壓力。心的阻值變化范圍為幾歐到幾十歐,

實(shí)驗(yàn)室中有下列器材：

4.電源Ei(電動(dòng)勢(shì)3匕內(nèi)阻約為10)

8.電流表4式量程0?0.6A,內(nèi)阻「1=50)

C.電流表AC量程0?0.64,內(nèi)阻上=1。)

。.定值電阻Ro=50

E.開關(guān)S，導(dǎo)線若干

(1)為了較準(zhǔn)確地測(cè)量電阻勺，請(qǐng)?jiān)趫D(a)中虛線框內(nèi)將測(cè)量電阻％的實(shí)驗(yàn)電路圖補(bǔ)

充完整，并在圖中標(biāo)出所選器材的符號(hào)。

(2)在電阻勺上加一個(gè)豎直向下的力F,閉合開關(guān)S,記下電表讀數(shù)，4的讀數(shù)為/］，

&的讀數(shù)為與，則Rx=(用字母表示)。

(3)小組同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果，作出壓敏電阻Rx隨著所加外力尸的&-尸圖像，

如圖(b)所示。小組同學(xué)將這種壓敏電阻心與一個(gè)量程為3V的現(xiàn)想電壓表按如圖(c)

所示電路改裝成測(cè)量壓力的儀表，已知電源為=4入內(nèi)阻不計(jì)，為了使改裝后壓

力表的量程為0?100N,壓力為100N對(duì)應(yīng)電壓表的刻度為3V,則定值電阻R=

0。壓力為0對(duì)應(yīng)電壓表的刻度為匕這樣改裝后壓力表的刻度值

("均勻”或“不均勻”)。若考慮電壓表的實(shí)際內(nèi)阻，則按上述設(shè)計(jì)，在

測(cè)量實(shí)際壓力時(shí)測(cè)量值______(“偏大”、“相等”、“偏小”)。

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共40.0分)

14.如圖所示，柱形汽缸倒置在水平粗糙地面上，汽缸內(nèi)部封有一定----

質(zhì)量的理想氣體，汽缸質(zhì)量M=10kg,活塞質(zhì)量m=25kg,其“

橫截面積S=0.01m2,活塞與缸壁間的摩擦不計(jì)。當(dāng)缸內(nèi)氣體溫9r

度為27冤時(shí)，活塞剛好與地面相接觸，但對(duì)地面無(wú)壓力?，F(xiàn)對(duì)汽缸加熱，使缸內(nèi)氣

體溫度升高。當(dāng)汽血對(duì)地面恰好無(wú)壓力時(shí)，求缸內(nèi)氣體溫度？(已知大氣壓強(qiáng)po=

1.0x105Pa,g=10m/s2)

15.嫦娥五號(hào)著陸器和上升器的組合體總質(zhì)量為m=2500kg,最后的下降著陸過(guò)程簡(jiǎn)

化如下：組合體從懸停位置，向下先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后增加發(fā)動(dòng)機(jī)的推力繼

續(xù)向下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)月球表面恰好速度為零。若組合體從懸停位置開始

勻加速下降,在最后5min時(shí)，打開距離傳感器并開始倒計(jì)時(shí)。當(dāng)?shù)褂?jì)時(shí)顯示t=200s

時(shí)，組合體到月球表面高度九=160m,此時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)增加推力△F=30N,組合體開

始勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)褂?jì)時(shí)為0時(shí)，成功完成著陸任務(wù)。求：

(1)組合體在加速階段和減速階段的加速度大?。?/p>

(2)懸停位置距離月球表面的高度。

第6頁(yè)，共19頁(yè)

16.甲、乙兩種比荷不同的帶電粒子從容器A上方的狹縫S,飄入電勢(shì)差為%的加速電

場(chǎng)，其初速度為0,然后經(jīng)過(guò)狹縫S沿著與磁場(chǎng)垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，最后打到照相底片上?已知帶電粒子從狹縫S進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與垂直磁場(chǎng)

邊界方向存在一個(gè)很小的散射角。，甲粒子運(yùn)動(dòng)半徑大于乙粒子運(yùn)動(dòng)半徑，甲粒子

能打在底片上的最遠(yuǎn)點(diǎn)為Q,乙粒子能打在底片上的最近點(diǎn)為P,點(diǎn)尸、。到狹縫

S的距離分別為/、1.5/不考息帶電粒子的重力及粒子間任何相互作用。求：

q甲

(1)甲粒子的比荷.；

(2)乙粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間/；

(3)若加速電壓存在波動(dòng)，在(%-△U)到(%+△U)之間變化，要使打在底片上的

甲、乙兩種粒子不會(huì)重疊，應(yīng)滿足的條件。

Q

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、核反應(yīng)過(guò)程中，要釋放熱量，質(zhì)量發(fā)生虧損，生成物的質(zhì)量小于反應(yīng)

物的質(zhì)量之和，故A錯(cuò)誤；

8C、此核反應(yīng)過(guò)程中遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，為人工核反應(yīng)，故8正確，C錯(cuò)

誤；

。、比結(jié)合能大的原子核穩(wěn)定，一個(gè)笊核與一個(gè)晁核結(jié)合成一個(gè)氫核時(shí)，同時(shí)釋放能量，

則,He更穩(wěn)定，比結(jié)合能大，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

核反應(yīng)過(guò)程中釋放能量，質(zhì)量發(fā)生虧損，但滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒；

根據(jù)核反應(yīng)生成物判斷反應(yīng)類型；

比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定；

本題考查了原子核的比結(jié)合能，解題的關(guān)鍵是明確核反應(yīng)過(guò)程中，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒,

質(zhì)量虧損，釋放核能。

2.【答案】B

【解析】解：人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則

有：Gma)2r

rz—m—r—

則…卡,3=^

A、A衛(wèi)星的軌道半徑大，則角速度小，故A錯(cuò)誤；

以衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星與地心的連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積為扇形面

積，S=|Zr=|vtr=|1?"=~tVGMr,半徑越大，掃過(guò)的面積越大，SA>SB,故

B正確；

C,由G^=ma可知，a=詈，半徑大，向心加速度小，aA<aB,故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)開普勒第三定律可知，鳥=再故。錯(cuò)誤；

lA

故選：B。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得出角速度、線速度與軌道半徑的關(guān)系，從而比較角速度和線

速度的大??；根據(jù)扇形面積公式比較掃過(guò)的面積，由開普勒第三定律可求出軌道半徑和

周期的關(guān)系。

第8頁(yè)，共19頁(yè)

本題主要考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵掌握開普勒第三定律，知道線速

度、周期與軌道半徑的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用。

3.【答案】D

【解析】解：小光在兩種介質(zhì)的界面處不改變光的頻率，6光從空氣射入玻璃磚后，

即由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，由九=：知，光的傳播速度變慢，由"'知，波長(zhǎng)變短，

故A錯(cuò)誤；

3C、由題分析可知,玻璃磚對(duì)b束光的折射率大于對(duì)a束光的折射率,則b光的頻率高，

由c=得知，在真空中，。光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，故8C錯(cuò)誤；

D、由sinC=；可知，a光的折射率小，則a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光，故。正

確。

故選：Do

由題意：兩束光折射后相交于圖中的P點(diǎn)，可知玻璃磚對(duì)方束光的偏折角大于對(duì)a束光

的偏折角，則玻璃磚對(duì)6束光的折射率大于對(duì)“束光的折射率，6光的頻率高，波長(zhǎng)短，

由臨界角C的正弦sinC=%分析臨界角大小。

n

本題考查對(duì)不同色光特性的理解能力和掌握程度，注意光在兩種介質(zhì)的界面處不改變光

的頻率，再通過(guò)速度得知波長(zhǎng)，對(duì)于七種色光各個(gè)量的比較是高考中常見(jiàn)的基本題型，

可根據(jù)光的色散、干涉的結(jié)果，結(jié)合折射定律和臨界角公式理解記憶。

4.【答案】C

【解析】解：為使必中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則穿過(guò)閉合電路的磁通量應(yīng)保持不變。

設(shè)t=0時(shí)，與必間的距離為s,MN與PQ間的距離為乙油中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，

導(dǎo)體棒不受安培力，在恒力F作用下作用下由靜止開始向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速

度為。，則r時(shí)刻閉合電路所包圍的面積S=L(s+|at2)；

2

由磁通量不變可得：B0-Ls=BL^s+lat)

解得5=2+親/，則知!—t圖象是開口向上的拋物線，故A8O錯(cuò)誤，C正確；

D￡>0D

故選：Co

為使"中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則穿過(guò)回路的磁通量不變，根據(jù)任意時(shí)刻的磁通量與初始

時(shí)刻的磁通量相等列式，進(jìn)而得到B的表達(dá)式，即可分析圖象的形狀。

解決本題的關(guān)鍵要抓住通過(guò)閉合回路的磁通量不變時(shí)，血棒中就不產(chǎn)生感應(yīng)電流，得

到衿r的關(guān)系式。

D

5.【答案】B

圓環(huán)受到八G、FN三個(gè)力的作用，其中題目所給尸=7,三個(gè)力平衡，三個(gè)力恰組成

一個(gè)閉合的三角形，由于重力大小方向不變，支持力方向不變，隨拉力的方向該變時(shí)，

三個(gè)力的動(dòng)態(tài)分析圖如圖所示，由圖可知，拉力與豎直方向夾角越來(lái)越小，則產(chǎn)一直增

大，風(fēng)一直減小，所以8正確；AC￡＞錯(cuò)誤；

故選：Bo

做出受力分析圖，圓環(huán)在F作用下緩慢上滑，處于共點(diǎn)力平衡狀態(tài)，因此三個(gè)力構(gòu)成閉

合三角形，可以從圖中矢量的長(zhǎng)度確定各力大小變化

本題屬于共點(diǎn)力平衡中的動(dòng)態(tài)平衡類型，考查學(xué)生共點(diǎn)力平衡條件以及結(jié)合受力分析圖,

進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析的能力。

6.【答案】D

【解析】解：AB,以子彈A、B和木塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)的合外力為零，則

系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

mAvA-mBvB=0

得?叫勿=mBvB,即子彈A的初動(dòng)量與子彈B的初動(dòng)量大小相等。

由于木塊始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，則兩子彈對(duì)木塊的推力大小相等，則兩子彈所受的阻力大

第10頁(yè)，共19頁(yè)

小相等，設(shè)為f,根據(jù)動(dòng)能定理得：

對(duì)子彈A,有：一/服=0一%4，得

對(duì)子彈B,有：-fdB=0-EkB,得后收=祝。

由于〃=2%，則兩子彈的初動(dòng)能關(guān)系為=2a8,結(jié)合&4=孚或，&8=警

則得2如=mB,即子彈B的質(zhì)量是子彈A的質(zhì)量的2倍，故AB錯(cuò)誤；

CD、若子彈A、8的初始速度都增加為原來(lái)的2倍，則犯!外=血8%仍成立，可知木塊

始終保持靜止。

由上分析知：EkA=fdA,EkB=fdB,由于兩子彈的初動(dòng)能都增加為原來(lái)的4倍，則兩

子彈射入木塊的深度都增加原來(lái)的4倍，所以，子彈A射入木塊的深度仍是子彈B的2

倍，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

以子彈A、B和木塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量守恒定律列式分析兩子彈的質(zhì)量、

初動(dòng)量關(guān)系。若子彈4B的初始速度都增加為原來(lái)的2倍，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒分析

木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，由動(dòng)能定理分析兩子彈射入木塊的深度關(guān)系。

本題運(yùn)用動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒定律研究沖擊塊模型，分析木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，確定出兩

子彈所受的阻力大小相等是關(guān)鍵。

7.【答案】B

【解析】解：4根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)，平行等間距的兩線段電勢(shì)差相等,

則UAE=UEB=UFC,cpA—<pE=(pE—<PB=VD-WF=VF—Vc

解得WF=6V,(pD=4V,同理可得=,FI=4V

EDFI/平面為等勢(shì)面如圖所示

則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向應(yīng)該是過(guò)點(diǎn)尸作ED&Bi平面的垂線，故

A錯(cuò)誤;

B、場(chǎng)強(qiáng)沿。戶方向的分量用=舞=甯=217小，同理場(chǎng)強(qiáng)沿EE1、Er方向的分量

均為2V/m,故電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=+E]+E。弋入數(shù)據(jù)得,E=2^V/m,故8

正確；

C、B、出兩點(diǎn)的電勢(shì)差為%月為2匕A、E兩點(diǎn)的電勢(shì)差U.E=-2匕故C錯(cuò)誤；

￡＞、把0.1C正電荷從D點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WDB=q、=0.1Cx（一2"=-0.27,

故。錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)題意，先找等勢(shì)面再找電場(chǎng)線。

電場(chǎng)強(qiáng)度由定義式可求。

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)，平行等間距的兩線段電勢(shì)差相等可求。

利用電場(chǎng)力做功可求。

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)，平行等間距的兩線段電勢(shì)差相等，注意電場(chǎng)線與等勢(shì)而垂直。

8.【答案】AB

【解析】解：A、根據(jù)左手定則，電流的方向向里，載流子受力的方向指向N端，向N

端偏轉(zhuǎn)，故N板帶上正電，N點(diǎn)電勢(shì)高，故A正確；

BC、設(shè)左右兩個(gè)表面相距為“，載流子所受的電場(chǎng)力等于洛倫茲力，即：誓=作8

設(shè)材料單位體積內(nèi)載流子的個(gè)數(shù)為〃，材料截面積為S,則有：

/=nqSv

S=dh

聯(lián)立解得，。=意

則叫=急

所以M、N間的電壓與磁感慮強(qiáng)度B成正比，即磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，MN間電勢(shì)差越大；

增加薄片厚度上MN間電勢(shì)差減小，故8正確，C錯(cuò)誤；

D、若磁場(chǎng)和電流分別反向，依據(jù)左手定則，則N板電勢(shì)仍高于M板電勢(shì)，故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

根據(jù)左手定則判斷載流子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定出電勢(shì)的高低。根據(jù)載流子受電場(chǎng)力和

洛倫茲力平衡，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式求出明。

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終載流子在電場(chǎng)力和洛

倫茲力作用下平衡；同時(shí)注意明確載流子帶正電。

9.【答案】AD

【解析】解：A、分析波形圖可知，波長(zhǎng)：A-12m,波速：v=8m/s,

則周期為：T=-=-s=1.5s

v8

第12頁(yè)，共19頁(yè)

根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系可知，t=o.2s=：r,因每經(jīng)過(guò)一個(gè)周期波動(dòng)圖象重復(fù)一次，所

以只要看經(jīng)過(guò)(的振動(dòng)情況即可，由波形平移法知，該波一定沿X軸負(fù)方向傳播，根據(jù)

波動(dòng)規(guī)律可知,t=0時(shí)刻％-8m處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng),故A正確;8、頻率:/="==

|”z,則該橫波若與頻率為1.5，z的波相遇，不可能發(fā)生干涉，故B錯(cuò)誤；

C、經(jīng)過(guò)t=ls時(shí)間，波傳播的距離：x=vt=8xlm=8m,根據(jù)波形平移法可知，

經(jīng)過(guò)t=ls,x=2m處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置向上振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、圓頻率：to=y=^nrad/s,x=4m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程：y=4$譏如加，

當(dāng)t=2.75s時(shí)刻得：y=2百cm,故。正確；

故選：AD.

根據(jù)波形圖讀出波長(zhǎng)九根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期公式計(jì)算周期，由時(shí)間t=0.2s與7的關(guān)

系，根據(jù)同側(cè)法，判斷波的傳播方向；

由時(shí)間與周期的關(guān)系，確定出質(zhì)點(diǎn)的位置，分析出位移；兩列波頻率相同，才可以發(fā)生

干涉現(xiàn)象；

書寫x=4m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程，判斷位移。

此題考查了波動(dòng)圖象的相關(guān)規(guī)律，關(guān)鍵是時(shí)間t=0.2s與T的關(guān)系，利用同側(cè)法判斷波

的傳播方向，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。

10.【答案】CD

【解析】解：A、由于滑動(dòng)變阻器阻值可在0?100范圍內(nèi)變化，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值變

化時(shí)，使得電路中的電流發(fā)生變化，原線圈的電流變化，電源的內(nèi)電壓變化，輸出電壓

變化，則副線圈的電壓變化，即副線圈兩端電壓和電流不是定值，故A錯(cuò)誤；

8C、設(shè)原副線圈中的匝數(shù)分別為W和電，電流分別為人和與，電壓分別為Ui和外，則有：

%_1

;

n2-2

原線圈上的電壓：U1=E-lrr

電阻R消耗的功率為：P=U2I2=UJi'

整理可得：P=(E—/ir)A=EL—I^r,

可見(jiàn)電流為：/1=5=34=24時(shí)，P有最大值，為：/^=-=—WZ=8MZ;

2r2X2"L4r4x2

變壓器的輸出電流為：％=3x24=14

n2N

根據(jù)輸出功率等于輸入功率可得：Pm=llRx,解得：&=8。，故C正確，B錯(cuò)誤;

。、滑動(dòng)變阻器的電阻值R增大時(shí)，使得副線圈電路中的電流減小，則原線圈的電流減

小，電源的內(nèi)電壓減小，輸出電壓增大，即副線圈的電壓增大，故。正確。

故選：CD.

將變壓器和電阻等效為外電阻，則可根據(jù)電源輸出功率最大值的條件可求解原線圈的電

流強(qiáng)度及最大功率；再由匝數(shù)比求解副線圈的電流強(qiáng)度；根據(jù)功率關(guān)系求解滑動(dòng)變阻器

的電阻。

本題考查變壓器原理及電源的輸出功率，要注意明確變壓器可與電阻結(jié)合在一起進(jìn)行分

析，從而根據(jù)電源輸出功率最大值問(wèn)題解答問(wèn)題。

11.【答案】BC

【解析】解：A、由于。點(diǎn)與。、人間距均為/,所以小球在。、人兩點(diǎn)的彈性勢(shì)能相等，

小球初次下滑時(shí)可以落在低于b點(diǎn)的位置，此時(shí)彈性勢(shì)能大于6點(diǎn)，則A錯(cuò)誤；

C、小球從。運(yùn)動(dòng)到b過(guò)程，由動(dòng)能定理可得-叼=0,解得必=加或，

所以C正確；

B、小球在a點(diǎn)有7ngs譏30°+kl—mgcos30°=mar,

小球在b點(diǎn)有也—mgsin30°=ma2>

由于小球最后是在。與〃兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，則在〃點(diǎn)與。點(diǎn)的加速度大小相等，小

球在O點(diǎn)有mgsin30。=ma3,其中a2=

聯(lián)立解得。2==gg，=g，所以小球在a點(diǎn)加速度大小是在b點(diǎn)加速度大小的2

倍，則B正確；

D,若增加小球質(zhì)量，仍從。位置靜止釋放，設(shè)小球最終運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)為c,由于小球

最后是在。與最低點(diǎn)c兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，則在c點(diǎn)與O點(diǎn)的加速度大小相等，小球在

c點(diǎn)有m'-mgsin3(r=ma2,解得2'=詈，所以增大小球的質(zhì)量，彈簧在最低點(diǎn)的形

變量也會(huì)增大，則最低點(diǎn)位置發(fā)生了改變，所以。錯(cuò)誤；

故選：BC。

解答本題可通過(guò)分析。、人位置受力情況，結(jié)合牛頓第二定律列式；利用動(dòng)能定理，可

以求出各個(gè)位置能量關(guān)系。

本題考查功能關(guān)系，結(jié)合動(dòng)能定理與牛頓運(yùn)動(dòng)定律，考點(diǎn)較為全面，要求學(xué)生具備一定

的分析綜合能力。

12.【答案】BC低1.0

第14頁(yè)，共19頁(yè)

【解析】解：(1)4、斜槽軌道無(wú)論光滑與否，只要小球每次從斜槽同一位置靜止釋放，

都保證每次到達(dá)底端速度相同，故A錯(cuò)誤；

8、斜槽軌道末端切線必須水平以保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、需調(diào)節(jié)硬板，保證硬板在豎直平面內(nèi)，讓小球出射方向與硬板平行，讓其在豎直面

運(yùn)動(dòng)，故C正確；

。、小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可以根據(jù)豎直位移求出，不需要秒表，故。錯(cuò)誤。

(2)由圖可知，第5個(gè)點(diǎn)明顯不到線上，水平方向的位移小了很多，是由于水平方向的

初速度太小，所以原因是：小球從斜槽上滾下時(shí)的初始位置比其他幾次的位置偏低；

(3)在豎直方向上，根據(jù)y=：gT2得，丁=品=s=0.2s,

小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為="=20m/s=1-Om/s

故答案為：(1)BC；(2)低;(3)1.0；

(1)研究平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，使每次小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，做平拋運(yùn)動(dòng)，小

球與斜槽之間的摩擦對(duì)測(cè)量的結(jié)果準(zhǔn)確性沒(méi)有影響；

(2)畫線時(shí)要畫一條拋物線，把明顯偏離拋物線的點(diǎn)舍棄.通過(guò)分析水平或豎直方向的

位移與圖線之間的關(guān)系來(lái)分析實(shí)驗(yàn)時(shí)的錯(cuò)誤：

(3)利用水平方向和豎直方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合拋出點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，即可求解初速度大

小.

熟練掌握平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，利用其規(guī)律解決實(shí)際問(wèn)題，同時(shí)要加強(qiáng)動(dòng)手實(shí)驗(yàn)，深刻理解

該實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng).

13.【答案】曾150不均勻偏小

【解析】解：(1)從所給的器材來(lái)看，還缺少一個(gè)電壓表測(cè)電壓，但有一個(gè)內(nèi)阻己知的

電流表可以作為電壓表來(lái)使用，電流表4內(nèi)阻與待測(cè)電阻相當(dāng)，能直接并聯(lián)，而必測(cè)干

路中的電流，補(bǔ)充的電路如圖所示；

(2)根據(jù)串并聯(lián)電路電流電壓關(guān)系和歐姆定律

可求出心=牛=吟；

(3)從圖(b)可以看出，壓敏電阻氏=(25-

0.2F)fl,從電路圖(c)看，電壓表的示數(shù)U=

R4R

-------xE2=--------

R+RxNR+25-0.2F

當(dāng)尸=100N時(shí)，U=3V,將兩值代入上式可

求得：R=150

再令F=。時(shí)，將R=10。代入上式可得：U=1.5K

從以上表達(dá)式看，U-F關(guān)系并不是線性關(guān)系，所以刻度不均勻。

若考慮電壓表內(nèi)阻，則有U'=^*XE2,R'是定值電阻與電壓表并聯(lián)的總電阻，顯然

R'<R,則有U'<U,測(cè)量值偏小。

不均勻、偏小

(1)根據(jù)伏安法的原理和所給器材的限定畫出電路圖；

(2)根據(jù)串并聯(lián)電路電流電壓關(guān)系及歐姆定律求出待測(cè)電阻的表達(dá)式；

(3)根據(jù)設(shè)計(jì)電路圖寫出電壓表示數(shù)的關(guān)系式進(jìn)行答題。

本題是把實(shí)際應(yīng)用與伏安法測(cè)電阻、電路設(shè)計(jì)、歐姆定律相關(guān)計(jì)算等內(nèi)容綜合在一起的

好題，不僅考查恒定電流的基礎(chǔ)知識(shí)，還要考慮實(shí)際情況的限定，是培養(yǎng)高素質(zhì)人材的

措施之一。

14.【答案】解：缸內(nèi)溫度為7;=(27+273)K=300K時(shí)，壓強(qiáng)大小為p1

活塞對(duì)地面無(wú)壓力，對(duì)活塞有：prS+mg=p0S

5

解得:P1=0.75x10Pa

當(dāng)溫度升為72時(shí)氣缸對(duì)地面無(wú)壓力，對(duì)氣缸有：P2S=p()S+Mg

5

解得：p2=1.1x10Pa

對(duì)缸內(nèi)氣體由查理定律得：7=?

12

聯(lián)立求解得：T2=440K

答：缸內(nèi)氣體溫度為440K。

【解析】抓住題目中的突破口“當(dāng)缸內(nèi)氣體溫度為27篤時(shí)，活塞剛好與地面相接觸，但

對(duì)地面無(wú)壓力”，以活塞為研究對(duì)象，受力分析，利用平衡即可求出此時(shí)封閉氣體的壓

強(qiáng)；現(xiàn)使缸內(nèi)氣體溫度升高，當(dāng)氣缸恰對(duì)地面無(wú)壓力時(shí)，以氣缸為研究對(duì)象，可求出升

溫后封閉氣體的壓強(qiáng)，然后一封閉氣體為研究對(duì)象，等容變化，利用查理定律就可求出

第16頁(yè)，共19頁(yè)

氣體溫度。

在求解被封閉氣體壓強(qiáng)時(shí)，往往結(jié)合力學(xué)知識(shí)進(jìn)行求解，注意將力學(xué)知識(shí)和熱學(xué)知識(shí)的

聯(lián)系，加強(qiáng)所學(xué)知識(shí)的綜合應(yīng)用。

15.【答案】解：(1)組合體加速和減速階段加速度大小分別為的和。2,在減速階段，對(duì)

組合體有：

2

h=^a2t,代入數(shù)據(jù)：160=gxa?x20。2

得：a?=8x10-3m/s2

加速階段對(duì)組合體有：△F-mar=ma2

-32

得：a1=4x10m/s

(2)t=200s時(shí),組合體速度大小為v,0=v+(-a2t)

得：v=1.6m/s

設(shè)組