2021年廣西南寧二中高考物理綜合能力測(cè)試試卷

2021年廣西南寧二中高考物理綜合能力測(cè)試試卷（3月份）

1.下列說(shuō)法正確的是（）

A.在高溫高壓下放射性元素的半衰期會(huì)縮短

B.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率成正比

C.核子結(jié)合成原子核時(shí)會(huì)放出能量

D.氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，可輻射出任意頻率的光子

2.銀河系的恒星中大約四分之一是屬于雙星系統(tǒng)。某雙星系統(tǒng)由質(zhì)量不等的星體A和

B構(gòu)成，兩星體在相互的萬(wàn)有引力作用下繞兩者連線上某一點(diǎn)C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。

由天文觀察測(cè)得其運(yùn)動(dòng)周期為T(mén),A和B的距離為小已知萬(wàn)有引力常量為G,則

由此可知兩星質(zhì)量之和為（）

A27rL2B2TT2L24TT2L3口4TT2L3

?GT*GT2?GT2*GT3

3.將一帶電粒子沿某一方向射入某電場(chǎng)中，只在電場(chǎng)力的作用下由

a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的速度與時(shí)間的關(guān)系如圖所示，則下列說(shuō)法正確..J

的是（）

A.該粒子一定帶負(fù)電

B.該粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在“點(diǎn)的電勢(shì)能

C.a點(diǎn)的電勢(shì)一定高于b點(diǎn)的電勢(shì)

D.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定小于方點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

4.如圖所示線圈匝數(shù)為〃的小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電

機(jī)的原理圖，其矩形線圈面積為S,在磁感應(yīng)強(qiáng)度

為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸0。'

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。矩形線圈電阻為r,矩形線圈通過(guò)兩刷

環(huán)接電阻R，伏特表接在R兩端。當(dāng)線圈以角速度

3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.從線圈與磁場(chǎng)平行位置開(kāi)始計(jì)時(shí)瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為e=nBSa）sina）t

B.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到與磁場(chǎng)垂直時(shí)電壓表示數(shù)為零

線圈從與磁場(chǎng)平行位置轉(zhuǎn)過(guò)。過(guò)程中通過(guò)電阻的電荷量為等

C.90RR

222)

D.線圈轉(zhuǎn)一周的過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為nnBSa

R+r

5.如圖所示，abed是豎直面內(nèi)的固定軌道，岫段水平粗糙長(zhǎng)度為2R,兒為四分之一

光滑圓弧軌道，cd為四分之一光滑圓管道，兩管道平滑相接，半徑均為上一質(zhì)量

為俄的小球，在受到水平向右與重力大小相等的拉力F的作用下，由a點(diǎn)靜止開(kāi)

始向右運(yùn)動(dòng)，到達(dá)c點(diǎn)后撤去E小球恰好到達(dá)"點(diǎn)。重力加速度大小為g。小球

從a點(diǎn)恰好運(yùn)動(dòng)到"點(diǎn)過(guò)程中，機(jī)械能的變化量為（）

力

A.2mgRB.4mgRC.5mgRD.6mgR

6.如圖所示，一固定光滑絕緣半圓弧槽C處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)JI|SIIL

8中，槽內(nèi)放有質(zhì)量不變、電流方向垂直紙面向外的通電導(dǎo)體棒L：

靜止于A位置，已知。位置為圓弧槽最低點(diǎn)?，F(xiàn)使導(dǎo)體棒的電流?”"「

緩慢增加時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒受的安培力方向緩慢改變

B.導(dǎo)體棒將向圓弧槽最低點(diǎn)。移動(dòng)

C.導(dǎo)體棒對(duì)圓弧槽的壓力增加

D.導(dǎo)體棒所受的安培力與圓弧槽對(duì)導(dǎo)體棒的支持力的合力不變

7.如圖所示，在光滑平面的左側(cè)固定一豎直擋板，A球在水平|

面上靜止放置，B球以某一速率向左運(yùn)動(dòng)與A球發(fā)生正碰，

B球碰撞前、后速率之比為2：1,A球垂直撞向擋板后以原速率返回，兩球恰好不

再次發(fā)生碰撞，A、B兩球的質(zhì)量之比和碰撞前、后兩球的總動(dòng)能之比分別為（）

A.mA：mB=1：3B.mA：mB=3：1

C.EH：Ek2=1：1D.Eki：Ek2=1：3

8.如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)且與水平面的夾角為。，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌底

端與阻值為R的定值電阻相連，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面向上，虛線Q1Q2以上

I區(qū)是磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，虛線QiQz以下n區(qū)是磁感應(yīng)強(qiáng)度為23的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)。有一質(zhì)量為，隊(duì)長(zhǎng)為乙、電阻為R的導(dǎo)體棒MN與軌道垂直且接觸良好，從

P1P2處由靜止釋放，P$2的位置距離斜面底端足夠長(zhǎng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦

因數(shù)為〃，且4<tan。，若導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到Q1Q2之前某處時(shí)所受的安培力大小為Fi=

mgsind-nmgcosO,則下列說(shuō)法正確的是（）

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A.導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上先減速運(yùn)動(dòng)后加速運(yùn)動(dòng)

B.導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中最大速度為u=變"嚅竺竺竺

C.導(dǎo)體棒在I區(qū)中勻速時(shí)的速度大小是在II區(qū)中勻速時(shí)的4倍

D.導(dǎo)體棒從開(kāi)始釋放到在QI<?2下勻強(qiáng)磁場(chǎng)速度不變時(shí)的過(guò)程中，導(dǎo)體棒所受的合

力的沖量大小為/=空絲筆3

2B2L2

9,小明同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中紅外線發(fā)射器、接

收器可記錄小球的擋光時(shí)間。小明同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑為mm,

（2）該小球質(zhì)量為”?、直徑為d.現(xiàn)使小球從紅外線的正上方的高度處自由下落，記

錄小球擋光時(shí)間h已知重力加速度為g,則小球下落過(guò)程中動(dòng)能增加量的表達(dá)式

為;重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為（用所給字母表示）。

（3）改變小球下落高度〃，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小球動(dòng)能的增加量總是小于重力勢(shì)能

的減少量，你認(rèn)為可能的原因是（至少寫(xiě)出一條）。

10.某同學(xué)在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：

A.待測(cè)干電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V,內(nèi)阻小于1.0。）

8.電流表4（量程0?3m4,內(nèi)阻=

C.電流表色（量程0?0.64,內(nèi)阻62約為0.1。）

。滑動(dòng)變阻器飛（阻值0?20。，額定電流104）

E.滑動(dòng)變阻器8(阻值0?2000，額定電流14)

凡電阻箱比(阻值范圍0?9990)

G.開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干

(1)某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒(méi)有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了

如圖甲、乙、丙、丁所示的四個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，并計(jì)劃用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，為

了使測(cè)量結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，其中最合理的是圖所示的電路；在該電路中，為

了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選(填器材前的字母代號(hào))。

(2)該同學(xué)選出合理的實(shí)驗(yàn)電路后，把與串聯(lián)的電流表當(dāng)作量程為0?3U的電壓

表使用，于是將電阻箱R。的阻值調(diào)至_____0。

(3)圖為該同學(xué)利用(1)中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)出的數(shù)據(jù)繪出的人-/2圖線”為

電流表&的示數(shù)，％為電流表&的示數(shù))，被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻

r=n.(以上兩空結(jié)果保留2位小數(shù))

11.如圖所示，某一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶A、B以速率％=2m/s沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)

動(dòng)，一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的煤塊從光滑曲面上高為H=0.8機(jī)處由靜止釋放，煤塊經(jīng)

過(guò)曲面和傳送帶連接處時(shí)無(wú)能量損失。煤塊和傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.4,g

取lOzn/s2。求：

(1)煤塊第一次到達(dá)曲面底端時(shí)的速度%大??；

(2)煤塊第一次在傳送帶上往返運(yùn)動(dòng)過(guò)程中在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度小

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〃=0.8m

oV/o

AB

12.如圖所示，在xOy平面內(nèi)，以射線0M為界，且射線

與x軸正方向成60。角，MOy區(qū)域內(nèi)存在豎直向下

的勻強(qiáng)電場(chǎng)，），軸為電場(chǎng)的右邊界；MOx區(qū)域內(nèi)有垂

直于平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，x軸為磁場(chǎng)的下邊界。一質(zhì)

量為"?、電荷量為+q的帶電粒子從y軸上P點(diǎn)以初速

度%（孫已知）沿x軸正方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，穿過(guò)電場(chǎng)

后，以與x軸正方向成60。角的速度，從射線OM上的

。點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）進(jìn)入磁場(chǎng)，已知。點(diǎn)的縱坐標(biāo)為3/?,帶電粒子再經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)和電

場(chǎng)后，恰好又返回y軸上的P點(diǎn)。粒子重力忽略不計(jì)。求：

（l）MOy區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；

（2）M0x區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。

13.下列說(shuō)法正確的是（）

A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的熱運(yùn)動(dòng)

B.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果

C.晶體在熔化過(guò)程中，要吸收熱量，溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變

D.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故

E.干濕泡濕度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水

蒸發(fā)吸熱的結(jié)果

14.如圖所示，右端封閉、內(nèi)徑相同的U形細(xì)玻璃管豎直放置，右

管中封閉有長(zhǎng)為L(zhǎng)i=25cm的理想空氣柱，兩管水銀面高度差

L2=15cm,已知大氣壓強(qiáng)為po=75cmHg。

①將圖中的閥門(mén)K打開(kāi)，緩慢流出部分水銀至兩管水銀面相平

（右管中空氣柱溫度不變），然后關(guān)閉閥門(mén)K,求U形細(xì)玻璃管

中流出水銀柱的長(zhǎng)度生；

②若①中J=300K,再將U形細(xì)玻璃管的右管中空氣柱溫度

緩慢升高，求當(dāng)兩管水銀面高度差九2=15。加時(shí)（右管中仍有水銀柱），求右管中空

氣柱的溫度72。

15.某橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播，圖甲為t=0.75s時(shí)的波形圖，圖乙為P點(diǎn)（x=1.5m處

的質(zhì)點(diǎn)）的振動(dòng)圖象，那么下列說(shuō)法正確的是（）

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A.該波沿x軸負(fù)方向傳播，波速為2m/s

B.從0.75s到2.25s質(zhì)點(diǎn)P的通過(guò)的路程為60cm

C.t=1.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置，并正在往y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

D.在0.75s到1.75s時(shí)間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)N運(yùn)動(dòng)到Z,位置

E.該波能與頻率為0.5Hz的另一橫波發(fā)生干涉現(xiàn)象

16.如圖，將半徑為R的透明半球體放在水平桌面上方，。為

球心，直徑恰好水平，軸線。0'垂直于水平桌面。位于。

點(diǎn)正上方某一高度處的點(diǎn)光源S發(fā)出一束與。。'，夾角。=

60。的單色光射向半球體上的A點(diǎn)，光線通過(guò)半球體后剛好

垂直射到桌面上的B點(diǎn)，已知。缶=在R,光在真空中傳播

2

速度為C,不考慮半球體內(nèi)光的反射，求:

(i)透明半球?qū)υ搯紊獾恼凵渎蕁；

(ii)該光在半球體內(nèi)傳播的時(shí)間。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與原子核所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)

無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B、由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=/iv-%,光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成線

性關(guān)系，并非正比，故B錯(cuò)誤；

C、核子結(jié)合成原子核時(shí)會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，釋放出核能，故C正確；

。、氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，可輻射出特定頻率的光子，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

半衰期的大小與原子核所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)；

光電效應(yīng)方程琮=hv-W0,可判斷最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系；

核子結(jié)合成原子核時(shí)會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，釋放出核能；

氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射特定頻率的光子。

本題考查了半衰期、光電效應(yīng)、結(jié)合能、能級(jí)躍遷等知識(shí)點(diǎn)。這種題型知識(shí)點(diǎn)廣，多以

基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多加積累，難度不大。

2.【答案】C

【解析】解：設(shè)A和B的質(zhì)量分別為和巾2,做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為心和「2,

則

72

將兩式相加得：

G卡=S+/2）等，

G+72=L

設(shè)兩星質(zhì)量之和為則

M=m1+m2

整理可得

4TT2L3

M=cP

GT2

故A8O錯(cuò)誤，C正確。

故選：C。

根據(jù)雙星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由雙星之間的萬(wàn)有引力提供，結(jié)合半徑關(guān)系列方程求

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解。

在處理雙星問(wèn)題時(shí)，要注意隱含條件：半徑之和等于它們之間的距離；做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

的向心力由它們的萬(wàn)有引力來(lái)提供。

3.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)u-t圖像可知，帶電粒子做減速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力方向與初速度

方向相反，由于不知道電場(chǎng)方向，所以不能確定帶電粒子的電性，故A錯(cuò)誤；

8、帶電粒子從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到，點(diǎn)的過(guò)程中，動(dòng)能減小，由能量守恒定律知其電勢(shì)能增加，

則該粒子在6點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在a點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；

C、由于不能確定電場(chǎng)方向，所以不能確定電勢(shì)高低，故C錯(cuò)誤：

。、根據(jù)u-t圖像的斜率等于加速度,知帶電粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度，

由a=也知。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故。錯(cuò)誤。

m

故選：B。

根據(jù)UT圖像知道帶電粒子從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到6點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)電場(chǎng)力方向，無(wú)法確定

粒子的電性：根據(jù)動(dòng)能的變化分析電勢(shì)能的變化，無(wú)法判斷電場(chǎng)方向，不能判斷電勢(shì)高

低；根據(jù)u-t圖像的斜率等于加速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)判斷帶電粒子的加速度變化情況，

即可判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。

解答本題時(shí)，要根據(jù)速度-時(shí)間圖像斜率的意義分析加速度的變化情況，由電場(chǎng)強(qiáng)度與

加速度的關(guān)系a=歿分析電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。

rrt

4.【答案】D

【解析】解：A、交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值圖示位置電動(dòng)勢(shì)最大，

所以從線圈與磁場(chǎng)平行位置開(kāi)始計(jì)時(shí)瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為e=nBScocoscot,故4錯(cuò)誤；

8、電壓表示數(shù)顯示的是電壓有效值，不為零，故B錯(cuò)誤；

C、線圈從與磁場(chǎng)平行位置轉(zhuǎn)過(guò)90。過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量為q=篝=黑，故C

錯(cuò)誤；

D、線圈轉(zhuǎn)一周的過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q=/2Rt="K衿，故。正確；

故選：Do

交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值%=交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，通

過(guò)電阻的電量為詈，電阻產(chǎn)生的熱量為Q=l2Rt.

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，記住，求電量用電動(dòng)勢(shì)的平均

值，求熱量用有效值

5.【答案】A

【解析】解：由題意可知，小球恰好到達(dá)圓管道的“點(diǎn)，小球到達(dá)4點(diǎn)時(shí)的速度為零,

動(dòng)能為零，小球從a點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在。點(diǎn)動(dòng)能為零，從"到d過(guò)程小球動(dòng)能的增

加量AEkuO；從”到d過(guò)程，小球重力勢(shì)能的增加量△Ep=mg(R+R)=2mgR,則

從。到d過(guò)程小球機(jī)械能的變化量△EuA&+△&,=2mgR,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選:Ao

動(dòng)能與勢(shì)能之和統(tǒng)稱(chēng)為機(jī)械能，根據(jù)題意求出小球動(dòng)能與重力勢(shì)能的變化量，然后求出

小球機(jī)械能的變化量。

知道機(jī)械能的概念，根據(jù)題意分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵，根據(jù)題意求出小

球動(dòng)能與重力勢(shì)能的變化量即可解題。

6.【答案】CD

【解析】解：A、增大電流，只增大安培力的大小，但不改變方

向，故A錯(cuò)誤；

B、導(dǎo)體棒受三力處于靜止?fàn)顟B(tài)如圖所示，由平衡條件有：水平

方向，BIL=FNsin0,豎直方向，mg=FNcos9,聯(lián)立可得：

BIL-mgtanO,當(dāng)電流/增大時(shí)，0增大，導(dǎo)體棒向右稍微移

動(dòng)一點(diǎn)，故8錯(cuò)誤;

C、由上一問(wèn)豎直方向的的平衡方程可知：FN=梟，當(dāng)。增大時(shí):FN增大，故C正確；

。、由平衡條件可知，導(dǎo)體棒所受安培力與支持力的合力與重力大小相等，方向相反,

而重力不變，則合力也不變，故。正確。

故選：CD。

根據(jù)左手定則判斷導(dǎo)體棒受到的安培力方向；再由F處=B/L和平衡條件判斷支持力大

小和方向的變化。

本題是磁場(chǎng)與平衡條件的綜合，還涉及到動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，要掌握安培力公式和和平衡條

件等關(guān)系進(jìn)行解答。

7.【答案】BC

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【解析】解：AB,設(shè)碰前B球速度大小為％,碰后A、B兩球速度大小分別為外、vB,

由題意知，以方向向左，切方向向右，且%=%

碰撞過(guò)系統(tǒng)程動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

~mBv0=-mAvA+mBvB

解得：?=?故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、碰撞前總動(dòng)能：。=綱3詔,

碰撞后總動(dòng)能：E2=如4若+|mBv|

聯(lián)立解得，碰撞前、后總動(dòng)能之比為：詈=；,故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：BC。

設(shè)碰撞前8的速度為火,由題得出8與4碰撞后A與8的速度關(guān)系，然后由動(dòng)量守恒

定律即可求出質(zhì)量關(guān)系。

由動(dòng)能的定義式即可求出碰撞前、后兩球總動(dòng)能之比。

本題考查動(dòng)量守恒定律，從題目給出的條件中判斷出碰撞后A與8的速度方向相反，大

小相等是解答的關(guān)鍵。要注意規(guī)定正方向，用符號(hào)表示速度方向。

8.【答案】BCD

【解析】解：A、由于導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到Q1Q2之前某處時(shí)所受的安培力大小為Fi=mgs譏8-

limgcosd,即導(dǎo)體棒受力平衡，此后導(dǎo)體棒在I區(qū)勻速運(yùn)動(dòng)，所以導(dǎo)體棒在I區(qū)下滑過(guò)

程中，先加速運(yùn)動(dòng)再勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤：

BC,由于I區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與口區(qū)的一半，根據(jù)安培力的計(jì)算公式結(jié)合平衡條件

可得：—mgSin0-fimgcosO^則導(dǎo)體棒在I區(qū)勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小與II區(qū)勻速運(yùn)

動(dòng)速度大小的4倍；

導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中最大速度等于在I區(qū)勻速運(yùn)動(dòng)的速度，根據(jù)比包=

2R

mgsind-fimgcosO,解得：u=2m”北丁辦。)，故臺(tái)。正確；

D、導(dǎo)體棒在II區(qū)勻速運(yùn)動(dòng)的速度為M,則有：g-^mgcosd,解得：

2R=msind

/_mgR(sinO-ucosO)

v=,

全過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得導(dǎo)體棒所受的合力的沖量大小為/=mv'=但然更簪”2

故。正確。

故選：BCD。

根據(jù)導(dǎo)體棒的受力情況分析運(yùn)動(dòng)情況；根據(jù)安培力的計(jì)算公式結(jié)合平衡條件分析導(dǎo)體棒

在兩個(gè)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大速度，再根據(jù)動(dòng)量定理求解合外力的沖量大小。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象的力學(xué)問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況,

根據(jù)平衡條件、安培力的計(jì)算公式列方程進(jìn)行求解，掌握動(dòng)量定理的應(yīng)用方法。

9.【答案】18.305：mg/z；阻力做負(fù)功

【解析】解：(1)螺旋測(cè)微器的固定刻度為18.0mm,可動(dòng)刻度為30.5xO.Olrmn=

0.305mm,

所以最終讀數(shù)為18.0小小+0.305mm=18.305mm,

(2)己知經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的時(shí)間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度；

所以u(píng)=p

則小球下落過(guò)程中動(dòng)能增加量的表達(dá)式為△Ek=

重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為△EP=mgho

(3)根據(jù)能量守恒定律分析，重力勢(shì)能的減少量△昂往往大于動(dòng)能的增加量小后欠的原因

是阻力做負(fù)功，

故答案為：(1)18.305；mgh；(3)阻力做負(fù)功。

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀;

根據(jù)下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬

時(shí)速度求出光電門(mén)的速度，從而得出動(dòng)能的增加量；

根據(jù)能量守恒定律分析重力勢(shì)能的減少量△Ep往往大于動(dòng)能的增加量4Ek的原因。

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀

器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量。本題為創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn)，要注意通過(guò)分析題意明確實(shí)驗(yàn)的基本原理才能正

確求解。

10.【答案】乙。9901.480.85

【解析】解：(1)將內(nèi)阻已知的電流表必與電阻箱心串聯(lián)改裝為電壓表，由此排除甲、

丁兩圖所示的電路。

對(duì)于圖乙所示的電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=(/i+/2)r+/l(Rgl+Ro)，對(duì)于

圖丙所示的電路，可得E=/2(Rg2+r)+/l(Rgl+Ro)，由于用2的準(zhǔn)確值未知，用圖象

法處理數(shù)據(jù)時(shí)，會(huì)使測(cè)量結(jié)果誤差更大，故應(yīng)選圖乙所示的電路。

第12頁(yè)，共18頁(yè)

因?yàn)殡娫吹膬?nèi)阻較小，所以采用最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測(cè)量和誤差

的減小，所以滑動(dòng)變阻器選擇

(2)根據(jù)歐姆定律可知u=%(Rgi+Ro),

n3

代入數(shù)據(jù)解得%=廠一=-ion=9900。

1QD人■LU

(3)根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)得，電源兩端的電壓為U=4(990+10)=IO。。/1，

根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)得電動(dòng)勢(shì)為E=1.48m4x1000/2=1.48V,

與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為l.lU時(shí)電流是0.454根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電

源的內(nèi)阻為r=0.850。

故答案為:⑴乙,D(2)990(3)1.48,0.85。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)器材選擇實(shí)驗(yàn)原理圖，將電流表G串聯(lián)一個(gè)電阻，可以改裝成

較大量程的電壓表，因?yàn)殡娫磧?nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。

(2)根據(jù)歐姆定律以及串聯(lián)電路特征求解。

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律分析求解出圖象有關(guān)的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式求解電源電動(dòng)勢(shì)

和內(nèi)阻的大小。

解決該題的關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)?zāi)康囊约皩?shí)驗(yàn)〃注意事項(xiàng)，掌握電表d改裝原理，熟

悉串聯(lián)電路的特點(diǎn)以及閉合電路歐姆定律。

11.【答案】解：(1)煤塊從最高點(diǎn)下落到曲面底端過(guò)程中，由動(dòng)能定理可知：

1,

mgH=-mv^

解得：v0=4m/s

(2)煤塊到達(dá)傳送帶后先向左勻減速運(yùn)動(dòng)直到速度減為零，

由牛頓第二定律可知：fimg=ma,a=4m/s2

減速時(shí)間：。=也=；S=Is

a4

煤塊在傳送帶上留的劃痕為：△/=何+去解得：△Xi=4m

此過(guò)程中煤塊的位移石=^-—2m

之后煤塊向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則加速度到與傳送帶共速過(guò)程中，煤塊的位移為：

資22

x=—=-——-m=0.5m<

222a2x41

之后煤塊與傳送帶共速

煤塊的加速時(shí)間：t2="=：s=0.5s

a4

煤塊在傳送帶上留的劃痕為：△右二U也一能解得：△%2=0?5巾

則煤塊第一次在傳送帶上往返運(yùn)動(dòng)過(guò)程中在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度L=△%I+A%2=

4m+0.5m=4.5m

答：(1)煤塊第一次到達(dá)曲面底端時(shí)的速度%大小為4m/s；

(2)煤塊第一次在傳送帶上往返運(yùn)動(dòng)過(guò)程中在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度L為4.5m。

【解析】(1)煤塊從最高點(diǎn)下落到曲面底端過(guò)程中，由動(dòng)能定理可求出幾；

(2)分別求出煤塊在向左減速過(guò)程和向右加速過(guò)程，在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度，根據(jù)

煤塊和傳動(dòng)帶之間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)分析可知，煤塊留在傳送帶上的總劃痕長(zhǎng)度為兩次劃痕之

和。

本題考查傳動(dòng)帶問(wèn)題，傳送帶上的物塊總有與傳送帶共速的趨勢(shì)，根據(jù)這一原理取分析

煤塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程。根據(jù)煤塊和傳送帶的相對(duì)運(yùn)動(dòng)分析總劃痕為兩次劃痕之和是本題的關(guān)

鍵。

12.【答案】解：(1)根據(jù)題意畫(huà)出粒子在電磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：

帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)根據(jù)幾何關(guān)系有，?=?=t即60。=V3,故為=V3v

VXVOz0

QD=x=vot=3/ixtan30°=V3/i

v—at——t=V3v

yvm0

聯(lián)立以上方程解得E=華。

q九

(2)設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,由幾何關(guān)系可知GQ=V3/?

帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)有，

GK—"G=21^0亡1

在AGOK中根據(jù)兒何關(guān)系有，

l3hV3

GK=(V3/?+——)sin30°=—(/?+/i)

cos30°2

第14頁(yè)，共18頁(yè)

l3hV3

KO=（遮R+——）cos30°=—R+3h

'cos30"2

GK

tan30°=的

由PD-l^-t2

2xm

2

聯(lián)立以上各式有R=2h,根據(jù)牛頓第二定律有quB=詈

故2=旃。

答：（l）MOy區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為甯。

（2）M0x區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為鼠。

【解析】（1）根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)可求電場(chǎng)強(qiáng)度。

（2）畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系可求磁場(chǎng)強(qiáng)度。

明確帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，正確畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)

軌跡通過(guò)幾何關(guān)系求解是解決問(wèn)題的關(guān)鍵。

13.【答案】ABE

【解析】解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是由于液體分子對(duì)花粉顆粒

的無(wú)規(guī)則撞擊形成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的熱運(yùn)動(dòng)，故4正確；

8、由于液體表面張力的作用，使得空氣中小雨滴呈球形，故B正確；

C、晶體在熔化過(guò)程中要吸收熱量，溫度升高，內(nèi)能增大，故C錯(cuò)誤；

。、沸點(diǎn)的高低與外界的大氣壓有關(guān)，高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)氣壓較低

的緣故，故。錯(cuò)誤；

E、濕溫度計(jì)下端包有濕紗布，濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要

吸熱，所以濕溫度計(jì)的示數(shù)較低，所以干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的

溫度，故E正確。

故選：ABE.

布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能反映花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)；根據(jù)表面張力分

析小雨滴的形狀；晶體在熔化過(guò)程中，要吸收熱量，內(nèi)能增大；高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，

這是高原地區(qū)氣壓低的緣故；濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要吸

熱。

本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、液體表面張力、晶體、沸點(diǎn)干濕泡溫度計(jì)等熱學(xué)基礎(chǔ)知識(shí)，這一

部分知識(shí)比較簡(jiǎn)單，在平時(shí)多加積累，強(qiáng)化記憶。

14.【答案】解：①右管封閉氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)Pi=Po+pL2=(75+15)cmHg-

90cmHg,

設(shè)玻璃管的橫截面積為S,氣體初狀態(tài)的體積匕=LiS,

氣體末狀態(tài)的壓強(qiáng)P2=Po=75cmHg,設(shè)末狀態(tài)空氣柱的長(zhǎng)度為L(zhǎng),

氣體溫度不變，由玻意耳定律得：PihS=p?LS

代入數(shù)據(jù)解得：L=30cm

流出水銀柱的長(zhǎng)度色=L2+2a-k)=15cm+2X(30-25)cm=25cm

②右管封閉氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)P2=Po=75cmHg,匕=LS=30S,7\=300K

氣體末狀態(tài)壓強(qiáng)P3=Po+Ph2—(75+IS)cmHg—90cmHg,V3=(L+^/i2)S=(30+

Ix15)5=37.5S

由理想氣體狀態(tài)方程得：竿=竿,即甯=誓等

/1123UU12

解得：T2=450