2021年河北省邯鄲市高考物理二模試卷（附答案詳解）

2021年河北省邯鄲市高考物理二模試卷

1.如圖所示，觀察者面朝東坐在一列火車中，看到水

平桌面上的小球忽然離開他向東滾動，僅憑這一現(xiàn)

象，他能夠做出的正確判斷是（）

A.列車的速度方向一定向東

B.列車的速度方向一定向西

C.列車的加速度方向一定向西

D.列車的加速度方向一定向東

2.用頻率為v的紅光和頻率為1.5v的紫光分別照射逸出功為W的同一金屬，都能發(fā)生

光電效應(yīng)。紫光照射時產(chǎn)生的光電子最大初動能是紅光照射時產(chǎn)生的光電子最大初

動能的2倍，則頻率v與逸出功W以及普朗克常量〃之間的關(guān)系為（）

Wn2W廠3Wn2W

AA-v=7B-v=~C-v=^D.v=^

3.如圖所示，理想變壓器原線圈與副線圈匝數(shù)之比葛＞1,R、%、Rz是三個定值電

阻。變壓器的輸入端經(jīng)電阻R與輸出電壓恒定的交變電源相連。下面說法正確的是

()

A.開關(guān)S閉合之后，電阻R上的電流可能等于電阻/?2上的電流

B.開關(guān)S閉合之前，電阻R上的電流可能等于電阻上的電流

C.開關(guān)S閉合前后，電阻R消耗的功率不變

D.開關(guān)S閉合前后，電阻/?2消耗的功率不變

4.小汽車A和卡車8在平直的公路上沿著兩條平行車道同向行駛，t=0時刻，兩車

車頭相齊，兩車的u-t圖像如圖所示，由圖像可知（）

A.在t=2t0時刻，兩車車頭再次相齊

B.在t=2t。時刻之前，兩輛車距離逐漸減小

C.在￡=2%時刻之后，兩輛車距離逐漸加大

D.在玲?3玲這段時間內(nèi)，兩車前進(jìn)的距離相等

5.如圖所示，內(nèi)壁光滑的半圓形槽豎直固定在水平面上，。是圓

心，半圓形槽內(nèi)壁上的兩個點(diǎn)4、8到圓心。所在水平面的豎

直距離分別為心、原。在槽口無初速度釋放一個小球，以半圓

形槽最低點(diǎn)為零勢能點(diǎn)，當(dāng)小球滾落到A點(diǎn)時，其動能與重力勢能相等；當(dāng)小球滾

落到8點(diǎn)時，其動能為重力勢能的2倍，則器的值為（）

A.|B.JC-D.|

3456

6.如圖所示，電源電動勢E=6U,內(nèi)阻r=20,滑動變阻器&總阻值為60,定值電

阻7?2=10。，電流表A以及電壓表匕、彩是理想電表。在調(diào)整滑動變阻器％的過

程中，下面說法正確的是（）

A.電壓表匕讀數(shù)改變量與電流表讀數(shù)改變量之比為2。

B.電壓表右讀數(shù)改變量與電流表讀數(shù)改變量之比為600

C.電阻&消耗的最小功率為2.5〃

D.電源的最大輸出功率為2.5W

7.如圖所示，長木板靜止在光滑水平地面上，其右端放一個小滑塊。某時刻同時給兩

者以大小相等、方向相反的初速度北，最終兩者以共同的速度運(yùn)動。已知長木板質(zhì)

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量為小滑塊質(zhì)量的2倍，兩者之間的動摩擦因數(shù)為出重力加速度為g,則在小滑

塊速度與加速度同向的那段時間內(nèi)，長木板運(yùn)動的位移大小為（）

——

------------------------_Jo

，〉〃）〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〉/〃〃〃

A.也B.反C.D.反

9林g18〃g36林g72ng

8.如圖,xOy坐標(biāo)系的x、y軸分別在水平和豎直方向上，0">

?■X

其中b點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)分別為。點(diǎn)縱、橫坐標(biāo)值的2

...........，：

倍。從。點(diǎn)分別以以、益的水平初速度拋出小B兩：

個小球，忽略空氣阻力，兩球在空中都做平拋運(yùn)動，.

A球經(jīng)過以時間到達(dá)a點(diǎn),3球經(jīng)過S時間到達(dá)。點(diǎn)。"

下面說法正確的是（）

A.tB=2tAB.tB=y/2tAC.vB—2VAD.VB=2^2vA

9.如圖所示，M、N兩處分別固定電荷量為+2q、-q的點(diǎn)電荷，A、B是M、N連線

上的兩個點(diǎn)，且M4=4B=BN。A、B之間的電勢差為為B，A、B兩點(diǎn)場強(qiáng)分別

為&、EB。若僅取走右邊的負(fù)電荷，A、B之間的電勢差變?yōu)椤?，A、8兩點(diǎn)場強(qiáng)

分別為E/、EB',下面說法正確的是（）

10.如圖所示，質(zhì)量為0.4kg的長方形線框A8CZ）靜止在光

滑水平桌面上，長邊是短邊的2倍，總電阻為0.750。

有理想右邊界的勻強(qiáng)磁場豎直向下，長方形線框C。邊

與磁場右邊界線重合。對CQ邊施加一水平向右的拉力F,線框做勻加速運(yùn)動在15

時離開磁場，在線框全部離開磁場過程中1.2N<F<1.7N。下面說法正確的是（）

A.線框的加速度為3m/s2

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度為近7

3

C.線框磁通量最大值為:小b

D.此過程中，通過線框的電荷量為3C

11.如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測量物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)。把長木板一端放在水

平面上，另一端支撐起來形成一個斜面。物塊沿斜面加速下滑的過程中先后經(jīng)過光

電門A和光電門及如果測得物塊上擋光片寬度為"，物塊經(jīng)過光電門A、8時擋

光片的擋光時間分別為4“和4t2,已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

（1）要測出物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)，需要測量出斜面的傾角。以及光電門A、

8之間的距離卻

（2）計(jì)算物塊沿斜面下滑的加速度a的運(yùn)動學(xué)公式是。=。

（3）物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)“=o

12.如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路可以用來測量電阻，可供選用的實(shí)驗(yàn)器材如下：

A.待測電阻&（阻值約為550

B.定值電阻島（阻值為160）

C電壓表匕（0?3V,內(nèi)阻很大，可看做理想電壓表）

D電壓表匕（0?15U,內(nèi)阻很大，可看做理想電壓表）

E滑動變阻器8（5224）

E滑動變阻器8（50。,24）

G.蓄電池（電動勢4.0U,內(nèi)阻忽略不計(jì)）

H.單刀雙擲開關(guān)、導(dǎo)線等

（1）要完成本實(shí)驗(yàn)且較準(zhǔn)確進(jìn)行測量，電壓表應(yīng)該選用,滑動變阻器應(yīng)該選

用（填器材前面的序號）。

（2）實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按照電路圖連接實(shí)驗(yàn)器材，單刀雙擲開關(guān)空置，把滑動變阻器觸頭滑到最左端；

②將單刀雙擲開關(guān)擲于“1”，調(diào)節(jié)滑動變阻器觸頭，使得電壓表讀數(shù)為2.8V；

③將單刀雙擲開關(guān)擲于“2”，（填“向左滑動”“向右滑動”或“不再滑

動”）變阻器觸頭，觀察并記錄電壓表讀數(shù)為1.6V。

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，被測電阻的測量值%=

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(4)由于蓄電池內(nèi)阻/?的存在，氏測量值將真實(shí)值(填“大于”“小于”或

“等于”)。

13.電動玩具遙控汽車沿水平直線從A處由靜止出發(fā)到達(dá)8,”處的B點(diǎn)。汽車前一段時

間做勻加速直線運(yùn)動，達(dá)到額定功率后繼續(xù)加速運(yùn)動，速度達(dá)到最大時恰好運(yùn)動到

B處。已知玩具汽車質(zhì)量2伙，額定功率10W,運(yùn)動過程中受到的阻力恒為4N,勻

加速階段末速度為2m/s。求：

(1)汽車在勻加速階段的位移；

(2)汽車從A到B的時間。

14.如圖所示,48和是長度為Z,的兩塊正對豎直放置的平行金屬板，板間距離為更3

2

板帶負(fù)電荷、板帶等量正電荷。一電荷量為-q、質(zhì)量為，”的帶電粒子緊貼

著板AB從A點(diǎn)以初速度為豎直向上進(jìn)入兩板間，經(jīng)板間電場偏轉(zhuǎn)之后，粒子從板

8的邊緣。點(diǎn)離開電場，進(jìn)入右側(cè)的勻強(qiáng)磁場中，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)之后剛好

打到板CC的邊緣C點(diǎn)。不計(jì)粒子所受重力，求：

(1)CD、A8兩板之間的電勢差；

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度；

(3)若另一個質(zhì)量為2,〃、電荷量為-q的帶電粒子以當(dāng)火的初度仍從A點(diǎn)緊貼著板

A8豎直向上進(jìn)入電場，在電場、磁場的作用下，粒子兩次經(jīng)過C。板所在直線時

兩點(diǎn)間的距離是多少。

15.分子間作用力與分子之間的距離有關(guān)，液體表面層分子間的作用力表現(xiàn)為（

填“引力”或“斥力”），這說明液體內(nèi)部分子之間的距離（填“大于”或

“小于”）表面層分子之間的距離。

16.如圖所示，放在水平面上的汽缸內(nèi)有質(zhì)量為〃，的活塞，活塞密封華廣

一定質(zhì)量的理想氣體?；钊靡患?xì)線懸掛起來，處于靜止?fàn)顟B(tài)，

細(xì)線上的拉力等于活塞的重力，此時被封閉氣體的溫度為7°,活

塞到氣缸底部的距離為人。現(xiàn)緩慢加熱汽缸中的氣體，當(dāng)活塞與

氣缸底部的距離為42時活塞再次平衡。已知大氣壓強(qiáng)為P0,氣缸

的橫截面積為S,不考慮汽缸、活塞之間的摩擦，重力加速度大

小為g,求：

（i）再次平衡時，汽缸內(nèi)氣體的溫度是多少；

（五）氣體膨脹過程中氣體對外界做了多少功。

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17.有一塊截面為長方形ABAC的玻璃傳，其中AB長

,1C

為9cm。一束光線從。點(diǎn)以與AC面成30。角入射，'A

經(jīng)過兩次折射后從8。面上的M點(diǎn)射出，0、。，是」上|口

法線與AC、BO兩個面的交點(diǎn)，用與。'相距30cm。'

則該玻璃的折射率n=.若該光束在空氣

中的傳播速度為3x1087n/s,則此光在玻璃磚中傳播的時間￡=s。

18.一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，波源位于坐標(biāo)原點(diǎn)O,某時刻的波形如圖所示。x

軸上兩質(zhì)點(diǎn)尸、Q的平衡位置到原點(diǎn)O的距離分別為3，〃、1m,此時質(zhì)點(diǎn)P振動了

0.4s,質(zhì)點(diǎn)。剛好起振，求：

⑴波速；

(4)從圖示時刻算起x軸上坐標(biāo)為30〃?的質(zhì)點(diǎn)M在10s內(nèi)運(yùn)動的路程和10s時質(zhì)點(diǎn)

M的位移。

QW

2/4\6

-10

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：觀察者面朝東坐在一列火車中，看到水平桌面上的小球忽然離開他向東滾

動，可知小球的速度與列車的速度不等，

列車可能向東做減速運(yùn)動，也有可能向西做加速運(yùn)動，列車的加速度方向一定向西，故

ABD錯誤，C正確。

故選：C?

一切物體，不論是運(yùn)動還是靜止、勻速運(yùn)動還是變速運(yùn)動，都具有慣性，慣性是物體本

身的一種基本屬性，根據(jù)慣性知識進(jìn)行分析。

只有車速發(fā)生改變的時候小球才會因?yàn)閼T性而發(fā)生相對于車的運(yùn)動，運(yùn)動的方向則取決

于車速如何變化.

2.【答案】B

【解析】解：頻率為v的紅光和頻率為L5v的紫光分別照射同一金屬，紫光照射時產(chǎn)生

的光電子最大初動能是紅光照射時產(chǎn)生的光電子最大初動能的2倍，由愛因斯坦光電方

程EKO=hv-W有：紅光：EKI=hv-W①；紫光：EK2=hx1.5v-W②且=2EKl

①②聯(lián)立得：v=華，故B正確，AC。錯誤；

故選：B。

根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程EK=/in-勿，再結(jié)合題目中的條件進(jìn)行求解即可。

本題考查了愛因斯坦光電效應(yīng)方程的應(yīng)用，直接應(yīng)用眼=hv-小代入數(shù)據(jù)即可解決此

類問題。

3.【答案】A

【解析】解：AB,由變壓器的電流比：?=由題意可知：合>1,故/2>/「即開

，2日1n241

關(guān)S閉合之前，電阻R上的電流一定小于電阻&上的電流，開關(guān)閉合后，/RI+IR2>4.

開關(guān)S閉合之后，電阻R上的電流可能等于電阻/?2上的電流，故A正確，8錯誤；

C、開關(guān)閉合后，負(fù)載電阻減小，由歐姆定律：I=%副線圈電流增大，由其=￡，原

線圈上電流也增大，由功率公式：P=I2R,R消耗的功率增大，故C錯誤；

D、據(jù)C分析，原線圈上電流增大，由UR=/1R,R兩端電壓增大，故原線圈上的電壓

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減小，由￡=注可知，副線圈兩端電壓減小，由p=?，”上消耗的功率減小。故。錯

誤。

故選:Ao

由變壓器的電流關(guān)系，可得原副線圈的電流大小關(guān)系，即可判斷開關(guān)S閉合前后，電阻

R上的電流與電阻燈上的電流大小關(guān)系；

負(fù)載電阻變化，根據(jù)歐姆定律、變壓器的電流關(guān)系、變壓器的電壓關(guān)系以及功率公式即

可判斷判斷開關(guān)S閉合前后，電阻/?2消耗的功率變化情況。

本題主要是考查了變壓器的知識；要知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，電流之比等

于匝數(shù)的反比；分析時一定要注意，負(fù)載電阻減小，變壓器原線圈兩端的電壓會發(fā)生變

化。

4.【答案】D

【解析】解：A、t=0時刻，兩車車頭相齊，根據(jù)u-t圖像與時間軸所圍的面積表示位

移，知0—2%內(nèi)，A車的位移大于8車的位移，則在t=2t0時刻，A車在B車的前面，

故A錯誤；

B、t=0時刻，兩車車頭相齊，在t=2t()時刻之前，A車的速度大于B車的速度，A車

在8車的前面，兩輛車距離逐漸增大，故8錯誤；

C、t=2t0時刻，4車在8車的前面。在t=2加時刻之后，A車的速度小于B車的速度，

則兩輛車距離逐漸減小，故C錯誤；

。、根據(jù)u-t圖像與時間軸所圍的面積表示位移，根據(jù)幾何知識可知在片?3to這段時間

內(nèi)，兩車前進(jìn)的距離相等，故。正確。

故選：￡)o

根據(jù)速度-時間圖像與時間軸所圍的面積表示位移，分析兩車位移關(guān)系，結(jié)合初始位置

關(guān)系，確定兩車位置關(guān)系，并判斷兩車間距的變化情況。

對于v-t圖像，關(guān)鍵要需掌握u-t圖像與時間軸圍成的面積代表位移，要能根據(jù)位移

關(guān)系和初始位置關(guān)系分析兩車間距的變化情況。

5.【答案】B

【解析】解：以半圓形槽最低點(diǎn)為零勢能點(diǎn)，設(shè)小球的質(zhì)量為，小半圓槽的半徑為R,

小球到達(dá)A點(diǎn)時的重力勢能Ep4=mg(R-%)

小球到達(dá)B點(diǎn)時的重力勢能Epp=mg(R-hB)

小球在槽口時的重力勢能Ep=mgR

由題意可知，在A點(diǎn)：EkA=EpA,在B點(diǎn)：EkB=2EpB,

小球運(yùn)動過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：

EkA+EpA=Ep'EkB+EpB=Ep,

解得：=故B正確，48錯誤。

34

故選：8。

半圓形槽內(nèi)壁光滑，小球運(yùn)動過程機(jī)械能守恒，根據(jù)題意應(yīng)用機(jī)械能守恒定律分析答題。

根據(jù)題意分析清楚小球的運(yùn)動過程、求出小球重力勢能的表達(dá)式，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律

即可解題。

6.【答案】D

【解析】解：根據(jù)U=/R,對于定值電阻而言U與/成正比，故號=當(dāng)=R

A、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

Ui=E-/?+r)

故第=/?2+「=(10+2)。=120,故A錯誤。

B、因?yàn)椋郏?=//?2，故等=/?2=10。，故B錯誤。

C、根據(jù)P=/2R可知，R一定,當(dāng)/最小時，P最小，故當(dāng)滑動變阻器接入電路的阻值

最大時，/最小，即電阻/?2上消耗的最小功率為：

P2=［布指YR?=［蕭西］2X10皿=￡-故C錯誤。

。、當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，因?yàn)槎ㄖ惦娮枳柚??2大于電源內(nèi)阻，，

所以外電路的總電阻大于電源內(nèi)阻，故當(dāng)外電路總電阻最小，即滑動變阻器接入電路的

阻值為零時，電源的輸出功率最大，最大功率為：

%=［舟］2/?2=［備］2x10W=2.5W,故。正確。

故選：D。

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，根據(jù)U=/R,對于定值電阻而言U與/成正比，寫出電壓

變化與電流變化之比，可求電壓改變量與電流改變量之比；當(dāng)滑動變阻器接入電路的阻

值最大，回路中的電流最小時，電阻&上消耗的最小功率最?。寒?dāng)內(nèi)外電阻相等時電源

的輸出功率最大，當(dāng)不能相等時，差值越小，電源的輸出功率越大。

本題主要考查應(yīng)用閉合電路歐姆定律對電路的動態(tài)分析，注意當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源

的輸出功率最大。

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7.【答案】C

【解析】解：從滑塊開始運(yùn)動到速度為零的過程中，選取長木板和小滑塊整體作為研究

對象，取水平向右為正，由動量守恒定律可知：(2m-m)v0=2mv1,解得：%=|v0,

從開始到兩者速度相同的過程中，取水平向右為正，由動量守恒定律可知：(2m-

m)v0-(2m+7n)v2,解得：v2=|v0,

由牛頓第二定律可知，木板加速度。=翳=攀，則在滑塊做加速運(yùn)動的時間內(nèi)，長木

2m2

板的位移為s=^亙，解得：S=磬，故480錯誤，C正確；

-2a36ng

故選：C。

將滑塊的運(yùn)動分為兩個過程：向左減速和向右加速。分別在兩個過程對整體做動量守恒

求出末速度，然后由運(yùn)動學(xué)公式可求出在滑塊做加速運(yùn)動的時間內(nèi)長木板的位移。

本題考查多木塊疊加問題，此類問題關(guān)鍵是分清楚運(yùn)動過程，由動量守恒定律求出速度,

然后由運(yùn)動學(xué)公式求位移。

8.【答案】B

【解析】解：A8、平拋運(yùn)動豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動，得：h=1gt2,由題意可知兩

次平拋的豎直位移之比1：2,所以治=企以，故A錯誤，3正確；

CD、水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動，由題意知水平位移之比為1：2,即為tp=2勿以，所

以外=在孫,故CD錯誤。

故選：B。

將平拋運(yùn)動分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的自由落體運(yùn)動，得出公式，然

后再分析即可。

解答該題關(guān)鍵是將平拋運(yùn)動分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的自由落體運(yùn)

動。

9.【答案】BC

【解析】解：AB,在電荷量為Q,距其r處，其產(chǎn)生的場強(qiáng)E=k*,隼=吟設(shè)M4=

AB=BN=T,故初始狀態(tài)下,+2q在4產(chǎn)生的電勢必】=嶺,-q在A產(chǎn)生的電勢心2=

一晦，所以以=吟，同理可得到%=>B1-"B2=。，所以〃8=WA-SB=噌，

UAB=-3BI=k：,所以［7.8>（/力），故8正確，A錯誤；

8、場強(qiáng)為矢量，計(jì)算應(yīng)考慮方向，設(shè)向右為正。則私=k駕-k^=k駕,￡/=k"

c4r<4r<nT

所以詈=',同理得獸=3,故C正確，。錯誤；

七4‘&bBr

故選：BC。

根據(jù)E=k^,<p=吟判斷取走負(fù)電荷前后A、8兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度和電勢。

本題考查電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系、電場的疊加，正確分析兩個點(diǎn)電荷在AB兩點(diǎn)產(chǎn)生

的電勢和電場強(qiáng)度是解題關(guān)鍵。

10.【答案】AB

【解析】解：A、由題意可知，線框做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，線框剛開始運(yùn)動

時所受安培力為零，拉力最小，為1.2N,由牛頓第二定律可知，線框的加速度大?。篴=

—=—m/s2=3m/s2>故A正確；

8、由題意可知，線框的長邊是短邊的2倍，設(shè)短邊長度為L,則長邊長度為"，

線框做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，設(shè)線框即將離開磁場時的速度為v,

由勻變速直線運(yùn)動的速度-時間公式得：v=at

由勻變速直線運(yùn)動的速度-位移公式得：v2=2ax2L

線框在磁場中運(yùn)動時所受安培力F妥喈=B/L=牛

線框即將離開磁場時拉力最大，為F最大=\.7N,對線框，由牛頓第二定律得：F最大一

F安培=3

代入數(shù)據(jù)解得：L=0.75m,B=J,故8正確；

3

C、線框的最大磁通量：（p=BLx2L=—x0.75x2x0.751V/?=—IVb,故C錯誤；

38

D、線框穿過磁場的整個過程，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：￡=絲=叱4=些

△tAtAt

由歐姆定律可知，平均感應(yīng)電流：7=E

R

流過線框的電荷量：q=/Zkt

代入數(shù)據(jù)解得：q=%,故。錯誤。

故選：AB.

應(yīng)用牛頓第二定律可以求出線框的加速度大??；

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線框做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，牛頓第二定律與運(yùn)動學(xué)公式可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度;

線框完全在磁場中時穿過線框的磁通量最大，根據(jù)磁通量的計(jì)算公式求出磁通量的最大

值；

由法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出平均感應(yīng)電流，根據(jù)電

流的定義式求出通過線框的電荷量。

根據(jù)題意分析清楚線框的運(yùn)動過程與受力情況，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式，法拉

第電磁感應(yīng)定律與歐姆定律、電流定義式即可解題。

11?【答案】（（.）〃加一嬴（七）

【解析】解：（2）經(jīng)過光電門A的速度為：以

經(jīng)過光電門B的速度為：vB=-j-

再根據(jù)物塊做勻加速直線運(yùn)動，位移與速度的關(guān)系2aL=vl-若代入解得：a=

2LQtf-Atp0

（3）根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsinO-fimgcosO=ma

將a代入解得：M=tand-（尋彳）。

故答案為：（2）9（目汾（3）￡加。一盛前（昌正）。

A。］乙gLCOSD△△二1

利用平均速度代替瞬時速度的思想求出物塊經(jīng)過兩個光電門的速度，然后根據(jù)位移與速

度的關(guān)系求得加速度表達(dá)式，再結(jié)合牛頓第二定律就可以求出動摩擦因數(shù).

本題考查利用光電門計(jì)算物體的瞬時速度，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式及牛頓第二定律分析加速度

及受力問題。

12.【答案】CF不再滑動56.0等于

【解析】解：（1）①為準(zhǔn)確起見，量程為3V的電壓表匕即可，故選C,為使調(diào)節(jié)范圍大，

滑動變阻器選擇最大阻值與待測電阻相當(dāng)?shù)腇；

（2）從實(shí)驗(yàn)步驟來看，由于電源不計(jì)內(nèi)阻，所以當(dāng)單刀雙擲打向兩個位置時只有滑動變

阻器不變，才可能不增加未知數(shù)；

（3）根據(jù)歐姆定律有：E=Ui+*xR,E=U+^XR,將已知條件代入解得：R=

Kx2Kox

56.0/2；

（4）若考慮電源的內(nèi)阻，則可以等效到滑動變阻器中去，故測量值等于真實(shí)值。

故答案為：(1)C、F；(2)不再滑動；(3)56.0；(4)等于

(1)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過電阻的最大電流選擇電流表，根據(jù)題意確定

滑動變阻器與電流表的接法，然后作出電路圖；

(2)按實(shí)驗(yàn)要求，只有兩次電壓表的示數(shù)，那么要計(jì)算待測電阻就不能讓滑動變阻器改

變；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律列方程，解出未知數(shù)；

(4)從列方程的角度考慮，若電源有內(nèi)阻，測出的未知電阻與與真實(shí)值的大小關(guān)系。

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖、求電阻阻值的表達(dá)式；要掌握實(shí)驗(yàn)器材

的選擇原則，選擇實(shí)驗(yàn)器材時要首先保證安全，器材要使測量值精確，還要考慮方便實(shí)

驗(yàn)操作：要掌握電流表的改裝原理，根據(jù)電路圖應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出

電阻阻值.

13.【答案】解：(1)在勻加速階段，玩具車的牽引力F=￡=三N=5N,根據(jù)牛頓第二

定律可得F-f=ma,解得a=0.5m/s2,故勻加速階段通過的位移為匕=葛=

22.

---m=4m

2x0.5

(2)在勻加速階段所需時間h=；=念=4s

達(dá)到額定功率后開始在額定功率下運(yùn)動，最終達(dá)到勻速運(yùn)動，此時牽引力等于阻力時，

pp10

速度達(dá)到最大，貝U%=?=7=7巾/5=2.5zn/s,

根據(jù)動能定理可得：Pt2-/(x-%!)=解得：12=1.825s

故從A到B經(jīng)歷的總時間為t=tj+t2=4s+1.825s=5.825s

答：(1)汽車在勻加速階段的位移為4w；

(2)汽車從A到B的時間為5.825s。

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【解析】(1)根據(jù)P=F"求得勻加速階段的牽引力，利用牛頓第二定律求得加速度，根

據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求得位移；

(2)在勻加速階段，根據(jù)速度-時間公式求得勻加速時間，當(dāng)牽引力等于阻力時，速度達(dá)

到最大，根據(jù)P=求得達(dá)到的最大速度，在額定功率下根據(jù)動能定理求得運(yùn)動時間，

即可求得總時間。

本題主要考查了機(jī)車啟動，抓住玩具車的運(yùn)動過程，明確當(dāng)達(dá)到額定功率時此時勻加速

結(jié)束，當(dāng)牽引力等于阻力時，速度達(dá)到最大即可。

14.【答案】解：(1)設(shè)粒子在。點(diǎn)的速度大小為心

垂直于磁場邊界的速度為以，根據(jù)類平拋運(yùn)動的規(guī)律

可得：

vt=L,—t=—L

o22

解得：vx=V3v0

貝：V=yjvQ+=yjvQ+3VQ=2v0;

從A到。根據(jù)動能定理可得：-qUAC=

解得：〃c=一萼;

(2)粒子運(yùn)動軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得：的。=尊=等=當(dāng)

則：9=30°

根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得：2Rcos6=L,解得：R=熠

3

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：quB=m彳

解得：8=晅出；

qL

(3)設(shè)粒子從A點(diǎn)開始到進(jìn)入磁場經(jīng)過的時間為f,則有：警=*

根據(jù)牛頓第二定律可得：a=Fq|u4cl

m,-L

解得：”回

%

粒子進(jìn)入磁場時沿豎直方向的位移為：y=^vot=L，說明粒子進(jìn)入磁場時恰好經(jīng)過D

點(diǎn)；

粒子進(jìn)入磁場時速度方向與水平方向夾角不變，則粒子進(jìn)入磁場的速度為：/=燮=

sin6

V2v0

粒子在磁場中運(yùn)動的半徑為：r='R=^L

26

粒子兩次經(jīng)過CD板所在直線時兩點(diǎn)間的距離為：d=2rcos3=2x漁Lx@=近人

62

答：(1)CD、AB兩板之間的電勢差為一用；

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為窄&

(3)粒子兩次經(jīng)過CD板所在直線時兩點(diǎn)間的距離是夜L。

【解析】(1)根據(jù)類平拋運(yùn)動的規(guī)律求解粒子進(jìn)入磁場的速度大小，應(yīng)用動能定理可以

求出C。、A8兩板之間的電勢差；

(2)根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求

解勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度；

(3)求出粒子從A點(diǎn)開始到進(jìn)入磁場經(jīng)過的時間和粒子進(jìn)入磁場時沿豎直方向的位移，

得到粒子恰好從D點(diǎn)進(jìn)入磁場，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行解答。

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動

軌跡、應(yīng)用凡何知識求出粒子的軌道半徑是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律即可

解題。

15.【答案】引力小于

【解析】解：液體表面層分子間的作用力表現(xiàn)為引力，是因?yàn)橐后w表面層由于蒸發(fā)等原

因等導(dǎo)致分子數(shù)較少，分子間距離較大；故可以說明液體內(nèi)部分子之間的距離小于表面

層分子之間的距離。

故答案為：引力；小于。

明確表面張力的成因，知道液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面

存引力。

本題考查液體表面張力的成因，要掌握根據(jù)分子間相互作用力的規(guī)律來解釋液體表面張

力。

16.【答案】解：(i)開始時，細(xì)線上的拉力等于活塞的重力，即F=

設(shè)開始時封閉氣體的壓強(qiáng)為Pi，對活塞，由平衡條件得：p0S+mg=P1S+F

解得：Pi=p0

活塞開始上升時，細(xì)線的拉力為零，設(shè)此時封閉氣體的壓強(qiáng)為P2，

對活塞，由平衡條件得：p0S+mg=p2S

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解得：P2=PO+%

對氣體加熱活塞