2021年天津市和平區(qū)高考物理三調(diào)試卷（附答案詳解）

2021年天津市和平區(qū)高考物理三調(diào)試卷

一、單選題（本大題共5小題，共25.0分）

1.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）2020年12月4日中國新一代可控核聚變研究裝置“中

國環(huán)流器二號（“L-2M）在成都實現(xiàn)首次發(fā)電，標志著我國自主掌握了大型先

進托卡馬克裝置的設計、建造和運行技術。該裝置內(nèi)核反應方程式是

He+^n,其中僦（汾）在自然界中含量極微，但可以用某種粒子X轟擊

鋰核（乳i）得到，核反應方程為乳t+X/He+狙，則（）

A.核反應方程+為a衰變

B.氯核的比結(jié)合能大于核6H）的比結(jié)合能

C,裝置內(nèi)核反應也是世界各地正在運行的核電站中的主要核反應

D.在核反應彳中，反應前的核子總數(shù)小于反應后的核子總數(shù)

2.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖，物體P和斜面均靜止于地面上,P的上表面水平,

現(xiàn)把物體。輕輕地疊放在P上，貝K）

A.P開始向下滑動B.斜面對P的作用力不變

C.P、Q間沒有摩擦力的作用D.斜面對地面的摩擦力增大

3.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）對下列四個有關光的實驗示意圖，分析正確的是（）

甲乙丙丁

A.圖甲中若改變復色光的入射角，則b光先在水珠中發(fā)生全反射

B.圖乙若只減小屏到擋板的距離3則相鄰亮條紋間距離將增大

C.圖丙中若得到明暗相間平行等距條紋說明待測工件表面平整

D,若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個偏振片，光屏P上的光斑亮度不發(fā)生變化

4.（2021.浙江省溫州市.同步練習）CT掃描是計算機X射線斷層掃描技術的簡稱，CT

掃描機可用于對多種病情的探測。圖（a）是某種CT機主要部分的剖面圖，其中X

射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場，

虛線框內(nèi)有勻強偏轉(zhuǎn)磁場；經(jīng)調(diào)節(jié)后電子束從靜止開始沿帶箭頭的實線所示的方向

前進，打到靶上，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)；將電子束打到靶上的點

圖(a)圖(b)

A.M處的電勢高于N處的電勢

B.增大M、N之間的加速電壓可以使P點左移

C.偏轉(zhuǎn)磁場的方向垂直于紙面向外

D,增大偏轉(zhuǎn)磁場磁感應強度的大小可使P點左移

5.(2021?天津市市轄區(qū)?模擬題)我國從2020年開始執(zhí)行“天問1號”火星探測任務。

質(zhì)量為，”的著陸器在著陸火星前，會在火星表面附近經(jīng)歷一個時長為％、速度由火

減速到零的過程，忽略火星大氣阻力。若該減速過程可視為一個豎直向下的勻減速

直線運動，已知火星的質(zhì)量約為地球的0.1倍，半徑約為地球的0.5倍，地球表面的

重力加速度大小為g,地球半徑為R,萬有引力常量為G,貝1()

A.火星的第一宇宙速度為回

B.火星質(zhì)量為《

C.減速過程中著陸器位移為;g婚

D,減速過程中著陸器受到的制動力大小約為

二、多選題(本大題共3小題，共15.0分)

6.(2021.天津市市轄區(qū).模擬題)一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)4經(jīng)狀態(tài)8、C、D

再回到狀態(tài)A,其體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中二、吟和乃為已知量則下

列說法正確的是()

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A,從狀態(tài)A到8,氣體經(jīng)歷的是等壓過程

B.從B到C的過程中，氣體的內(nèi)能減小

C.從C到。的過程中，氣體向外放熱

D.氣體在狀態(tài)力時的體積%=華

7.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖所示，圖中兩小孩各握住輕繩一端M、N連續(xù)振動,

形成甲、乙兩列橫波分別沿x軸相向傳播，波速均為2m/s,振幅相同。t=0時刻

的波形圖如圖所示。下列說法正確的是（）

4》

7777^7777777777777777777777777777^7777777771

乙

B.再經(jīng)過3s,平衡位置在x=3m處的質(zhì)點振動方向向下

C.兩列波將同時傳到x=77n處

D.在兩列波相遇過程中，x=7m處始終為振動減弱點

8.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）一傳送帶裝置示意圖，其中傳送帶經(jīng)過A8區(qū)域時是水

平的，經(jīng)過BC區(qū)域時變?yōu)閳A弧形（圓弧由光滑模根形成，未畫出），經(jīng)過C。區(qū)域

時是傾斜的，AB和CQ都與BC相切?，F(xiàn)將大量的質(zhì)量均為機的小貨箱一個一個在

A處放到傳送帶上，放置時初速度為零，經(jīng)傳送帶運送到。處，。和A的高度差為

從穩(wěn)定工作時傳送帶速度火不變,CD段上各箱等距排列。每個箱子在A處投放后，

在到達8之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，且以后也不再滑動（忽略經(jīng)BC段的微小滑

動）。已知在一段相當長的時間T內(nèi)，共運送小貨箱的數(shù)目N個。這裝置由電動機

帶動，傳送帶與輪子間無相對滑動，不計輪軸處的摩擦，下列說法正確的是（）

A.AB段傳送帶對每個小箱做功為m詔

B.CQ段傳送帶與小箱摩擦生熱為0

C.C。段傳送帶對小箱做功為0

D.T時間內(nèi),電動機輸出的功率為P='叫NE

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

9.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）某同學在做“探究合外力與加速度之間關系”的實驗,

實驗裝置如圖中所示。

①按圖甲正確組裝實驗器材，平衡小車所受的阻力圖乙中紙帶的端與小車

相連（選填"左"或"右”）。

②關于實驗操作，下列說法正確的是。

4實驗中，需要墊高木板有打點計時器的一端來平衡摩擦力

8.平衡摩擦力就是放開拖著紙帶的小車時小車能夠自由下滑即可

C若用砂桶總重力作為小車合外力，則要求小車的質(zhì)量遠小于砂桶的質(zhì)量

D實驗中拉著小車的細線必須與長木板平行

③如圖乙所示為某次實驗中打出的一條紙帶的一部分，A、B、C、。、E、F、G是

紙帶上7個相鄰的計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有兩個打出的點沒有畫出。已

知打點計時器的電源頻率為50Hz,由此可算出小車的加速度a=m/s2（保

留兩位有效數(shù)字）。

10.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）一實驗興趣小組欲測一段金屬絲的電阻。由于實驗室的

電表均不能視為理想電表，該小組設計了如下電路圖，其中&表示待測金屬絲的阻

值，即表示電壓表阻值，R.表示電流表阻值，&表示定值電阻阻值?；卮鹣铝袉?/p>

題：

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①按照電路圖甲連接好電路后，按照如下步驟進行測量：

L閉合工，斷開52,調(diào)節(jié)滑動變阻器長,使電壓表和電流表示數(shù)合適，記錄下U和

，1，/1=（用。和圖甲中標注的符號表示）；

ii.再閉合S2,調(diào)節(jié)滑動變阻器&，保持電壓表電壓U不變，記錄電流表示數(shù)七；

iii.重復以上步驟，改變電壓值，進行多次測量。

②該小組同學在進行數(shù)據(jù)處理時為了減小偶然誤差，使用圖像法處理數(shù)據(jù)。繪出U

隨變化的圖線斜率為％則待測電阻Rx=（用題中所給符號表示）；

③在理論上，此方法的電阻測量值（填“大于”、“小于”、“等于"）真

實值。

四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）

11.（2020?全國?同步練習）湯姆生用來測定電子的比荷（電子的電荷量與質(zhì)量之比）的實

驗裝置如圖所示，真空管內(nèi)的陰極K發(fā)出的電子（不計初速、重力和電子間的相互

作用）經(jīng)加速電壓加速后，穿過4中心的小孔沿中心軸。］。的方向進入到兩塊水平正

對放置的平行極板P和P'間的區(qū)域.當極板間不加偏轉(zhuǎn)電壓時，電子束打在熒光屏

的中心。點處，形成了一個亮點；加上偏轉(zhuǎn)電壓。后，亮點偏離到。'點，。'與O

點的豎直間距為從水平間距可忽略不計.此時，在P和P'間的區(qū)域，再加上一個

方向垂直于紙面向里的勻強磁場.調(diào)節(jié)磁場的強弱，當磁感應強度的大小為B時，

亮點重新回到。點.已知極板水平方向的長度為人，極板間距為“，極板右端到熒

光屏的距離為

（1）求打在熒光屏。點的電子速度的大小.

（2）推導出電子的比荷的表達式.

12.(2021?湖南省?月考試卷)如圖，質(zhì)量為M=4kg的木板A8靜止放在光滑水平面上,

木板右端B點固定一根輕質(zhì)彈簧，彈簧自由端在C點,C到木板左端的距離L=0.5m,

質(zhì)量為m=1kg的小木塊(可視為質(zhì)點)靜止放在木板的左端，木塊與木板間的動摩

擦因數(shù)為〃=0.2,木板AB受到水平向左的恒力F=14N,作用一段時間后撤去,

恒力尸撤去時木塊恰好到達彈簧自由端C處，此后運動過程中彈簧最大壓縮量x=

5cm,g-lOm/s2求:

(1)水平恒力廠作用的時間n

(2)拆去F后，彈簧的最大彈性勢能Ep；

(3)整個過程產(chǎn)生的熱量Q。

13.(2020?江蘇省揚州市?月考試卷)如圖所示，兩平行光滑的金屬導軌MM固定在

水平面上，相距為L處于豎直向下的磁場中整個磁場由〃個寬度皆為X。的條形勻

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強磁場區(qū)域1、2、…、〃組成，從左向右依次排列，磁感應強度的大小分別為8、

2B、3B、…、nB,兩導軌左端MP間接入電阻R,一質(zhì)量為他的金屬棒必垂直于

MMP。放在水平導軌上，與導軌電接觸良好，不計導軌和金屬棒的電阻.

(1)對導體棒碗施加水平向右的力，使其從圖示位置開始運動并穿過〃個磁場區(qū)，

求導體棒穿越磁場區(qū)1的過程中通過電阻R的電荷量仍

(2)對導體棒必施加水平向右的恒力吊，讓它從磁場區(qū)1左側(cè)邊界處開始運動，當

向右運動距學時做勻速運動，求棒通過磁場區(qū)1所用的時間n

(3)對導體棒外施加水平向右的拉力，讓它從距離磁場區(qū)1左側(cè)x=X。的位置由靜

止開始做勻加速運動，當棒仍進入磁場區(qū)1時開始做勻速運動，此后在不同的磁

場區(qū)施加不同的拉力，使棒岫保持做勻速運動穿過整個磁場區(qū)，求棒必通過第i

磁場區(qū)時的水平拉力R?和棒油在穿過整個磁場區(qū)過程中回路產(chǎn)生的電熱Q.

答案和解析

1.【答案】B

【知識點】原子核的衰變、質(zhì)能關系、結(jié)合能和比結(jié)合能、核力與核能、原子核的人工

轉(zhuǎn)變

【解析】解：A、用中子轟擊鋰核得到氫核和僦核，該反應為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故4

錯誤；

8、該裝置內(nèi)的反應為彳小用HT^He+融，比結(jié)合能越大的原子越穩(wěn)定，故氮核廢He）的

比結(jié)合能大于核及H）的比結(jié)合能，故B正確；

C、世界各地正在運行的核電站中的主要核反應為重核裂變，故C錯誤；

D、在核反應：q中，反應前的核子息數(shù)等于反應后的核子總數(shù)，故力錯

誤；

故選：B。

根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出未知粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，確定未知粒子為何種粒

子；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；目前利用核能發(fā)電的是重核裂變。

本題考查了輕核聚變與重核裂變，在核反應過程中滿足電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)守恒定律，

要明白比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，屬于基礎題。

2.【答案】C

【知識點】共點力的平衡、力的合成與分解

【解析】解：P物體起始在斜面上靜止，設斜面傾角為0,故mgcosJ=N,f=mgsind,

且故〃Ntan。。

AB,由于物體。輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，故尸靜止不動；斜面對

P的作用力（支持力、靜摩擦力的合力）等于尸與。的重力之和，所以變大；故A8錯誤；

CQ處于靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件得知：。不受P的摩擦力，否則Q將沿水平方向運動，

故C正確；

D以整體為研究對象，水平方向不受外力作用，所以水平方向合力為零，地面與斜面之

間無摩擦力，故。錯誤。

故選：Co

對P做受力分析，根據(jù)力的平衡條件可得出摩擦力、支持力、重力三者的關系，再結(jié)合

題目進行判斷。

注意本題考查力的平衡問題，靜摩擦力大小小于等于最大靜摩擦力，即滑動摩擦力，增

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加?？梢岳斫鉃樵龃髴舻闹亓?。

3.【答案】C

【知識點】雙縫干涉、光發(fā)生明顯衍射的條件、光的全反射、光的干涉、光的偏振

【解析】解：4由圖像可知，復色光能夠入射進入水珠，根據(jù)光路的可逆性，兩光均不

可能在水珠內(nèi)發(fā)生全反射，故A錯誤；

8.根據(jù)可知，圖乙若只減小屏到擋板的距離，則相鄰亮條紋間距離將減小，故

3錯誤；

C根據(jù)薄膜干涉原理，圖丙中若得到明暗相間平行等距條紋說明待測工件表面平整，故

C正確；

。自然光通過偏振片M后成為偏振光，所以若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個偏振片，則兩

偏振片透振方向的夾角變化，光屏P上的光斑亮度將發(fā)生變化，故。錯誤。

故選：C。

根據(jù)光路的可逆性可進行分析；根據(jù)可判斷相鄰亮條紋間距離變化；根據(jù)薄膜

干涉原理分析；自然光通過偏振片M后成為偏振光，隨兩偏振片透振方向的夾角變化，

偏振光亮度將發(fā)生變化。

本題考查了光學的相關問題，考查知識點針對性強，難度較小，考查了學生掌握知識與

應用知識的能力。

4.【答案】D

【知識點】帶電粒子在直線邊界磁場中的運動、帶電粒子在電場中的加速、帶電粒子在

組合場（電場、磁場）中的運動、動能定理的基本應用

【解析】解：4、根據(jù)題意可知，電子在之間加速，受到向右的電場力，所以

之間的電場線水平向左，則M點的電勢比N點電勢低，故4錯誤；

C、根據(jù)題意可知，電子進入磁場時受到向下的洛倫茲力，根據(jù)左手定則可知偏轉(zhuǎn)磁場

的方向垂直于紙面向里，故C錯誤；

BD、電子在加速電場中運動，根據(jù)動能定理有eU=

在磁場中運動時，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有euB=皿三，

R

則電子在磁場中的半徑為R=平，

如增大M、N之間的加速電壓，電子在磁場中做圓周運動的半徑增大，所以電子出磁場

時的偏角減小，P點向右移動，

增大偏轉(zhuǎn)磁場磁感應強度的大小，則電子在磁場中做圓周運動的半徑減小，電子出磁場

時的速度偏角增大，P點左移，故B錯誤，O正確。

故選：Do

電子受到向右的電場力，所以電場線水平向左，以此分析電勢的高低；

根據(jù)左手定則分析偏轉(zhuǎn)磁場的方向；

根據(jù)洛倫茲力提供向心力以及動能定理求解電子做圓周運動的半徑表達式，從而判斷改

變磁感應強度以及增大增大M、N之間的加速電壓后P點的變化情況。

解決該題需要明確知道電子在各個區(qū)域的運動情況，知道在勻強電場中順著電場線電勢

的變化情況，能正確推導出電子在磁場中運動半徑。

5.【答案】D

【知識點】萬有引力定律的應用、向心力

【解析】解：4、由萬有引力提供向心力可得鬻=69,解得：0=檸

則有：￡=器，解得："火=當"地，而"地=同,所以"次=等，故A錯誤；

B、由萬有引力與重力的關系可得：*=mg,解得：M=喑

火星的質(zhì)量約為地球的0.1倍，則M/=Q1M地=0.1x喑=需，故8錯誤；

C、設著陸器在火星表面減速時的加速度為。次，則減速過程中著陸器位移為：x=火培

由于a火力0所以故C錯誤；

D、由繁=nig可得：g次=(9

對著陸器在火星表面減速過程，根據(jù)牛頓第二定律得mg次一F=ma次

根據(jù)運動學公式可得：%=a次7

聯(lián)立以上各式解得：F=m(0.4g+/故。正確。

故選：D。

由萬有引力提供向心力結(jié)合向心力計算公式求解火星的第一宇宙速度；根據(jù)萬有引力和

重力的關系求解火星的質(zhì)量；根據(jù)運動學公式分析陸器的位移；對著陸器在火星表面減

速過程中，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動學公式進行解答。

本題主要是考查了萬有引力定律及其應用；解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星

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球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心

力列方程進行解答。

6.【答案】CD

【知識點】熱力學第一定律的內(nèi)容及應用、理想氣體狀態(tài)方程

【解析】解：4從狀態(tài)A到&氣體經(jīng)歷的是等容過程，所以A錯誤；

員從B到C的過程中，溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，所以8錯誤；

C.從C到。的過程中，氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小△(;<(),體積減小，則外界對氣

體做正功W>0,根據(jù)熱力第一定律

△U="+Q

可知，Q<0則氣體向外放熱，所以C正確；

。.由7圖像過原點可知從狀態(tài)。到A,氣體經(jīng)歷的是等壓過程，根據(jù)

TD~TA

解得

%=華所以。正確；

故選：CD.

①從狀態(tài)A到8,對應的體積不變；

②溫度不變，則內(nèi)能不變；

③根據(jù)熱力學第一定律判斷氣體是放熱還是吸熱；

④根據(jù)D到A為等壓變化，由等壓變化列方程求解。

知道U-7圖象中過原點的直線表示的是等壓線，直線斜率越小對應的壓強越大。

7.【答案】AC

【知識點】波速、波長和頻率、波的圖象、波的疊加

【解析】解：A,由圖像可知，甲、乙兩列波的波長分別為6,〃、4m,根據(jù)/=軻知，

波速相同時，頻率與波長成反比，所以甲、乙兩列波的頻率之比為2：3,故A正確；

B、由丁=;，代入數(shù)據(jù)計算可得，甲波的周期為T平=3s,乙波的周期為T乙=2s,再

經(jīng)過3s,即甲波的一個周期，甲波在平衡位置x=3巾處，振動1個周期，恰好處于平

衡位置向上振動，乙波在3s內(nèi)波形向前平移|心即6m,所以乙波在平衡位置x=37n處，

恰好處于波峰，振動速度為0,根據(jù)波的疊加原理可知，平衡位置在x=3m處的質(zhì)點振

動方向向上，故8錯誤；

C.開始時刻，兩列波到x=7m處的距離相同，根據(jù)t=?知兩波速度相同，則兩列波將

同時傳到久=7zn處，故C正確：

D由于兩波的頻率不同，不能形成相干波源，不存在始終為振動減弱點及振動加強點，

故。錯誤。

故選：AC.

由圖像可知甲、乙兩列波的波長，波速相同，根據(jù)/可知甲、乙兩列波的頻率之比；

由7=（計算兩波的周期，分別判斷再經(jīng)過3s,兩波在平衡位置x=3m處質(zhì)點的振動狀

態(tài)，再根據(jù)波的疊加原理可知平衡位置在x=3ni處的質(zhì)點振動方向；根據(jù)1=號可判斷

兩列波將同時傳到x=7巾處；兩波的頻率不同，不能形成穩(wěn)定的振動減弱點及振動加

強點。

本題屬于波的圖象的識圖、波的疊加和對質(zhì)點振動的判斷問題?？疾橹R點全面，重點

突出，充分考查了學生掌握知識與應用知識的能力。

8.【答案】BD

【知識點】動能和動能定理、功率、功能關系的應用

【解析】解：4、由于箱子在A處投放后，在到達8之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，由動

能定理知，A3段傳送帶對每個小箱做功為%B=：加若，故A錯誤；

8、由題知，每個箱子在A處投放后，在到達B之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，且以后也

不再滑動，故段傳送帶與小箱摩擦生熱為0,故B正確；

C、CZ）段由于小箱與傳送帶相對靜止，傳送帶對小箱做功等于小箱重力勢能的增加量，

所以叱=mghcDH故C錯誤；

DA8段小貨箱通過的位移為s,所用時間為f,則s=：at2

v0=at

在這段時間內(nèi)，傳送帶運動的路程為So=%￡

故So=2s

則傳送帶對每個小箱做功形B=fs=

電動機輸出的功為%=fs0=mvo

由以上分析可知，電動機輸出的總功為勿=Nmv^+Nmgh

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功率「=絲吟3,故力正確；

故選：BD。

根據(jù)動能定理求得傳送帶對箱子在水平方向所做的功，在CD段由于箱子與傳送帶無相

對滑動，故不產(chǎn)生內(nèi)能，在CD段，箱子的重力勢能增大，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化求得傳送帶對

箱子做功，根據(jù)相鄰兩箱的距離為c求出T時間內(nèi)運送貨箱的個數(shù)，再根據(jù)能量守恒定

律求解電動機的平均輸出功率。

題目看似很難，實際上是由一些簡單的題目綜合而成的，關鍵要正確分析物體的受力情

況，運用力學基本規(guī)律，比如動能定理、牛頓第二定律和運動學公式等等求解。

9.【答案】左ACD0.56

【知識點】實驗：探究加速度與力、質(zhì)量的關系

【解析】解：①因為從左向右點跡越來越稀疏，而小車是做加速運動的，所以紙帶的

左端與小車相連；

②4、根據(jù)實驗原理知，需要墊高右端，以平衡小車受到的摩擦力，故A正確；

8、平衡摩擦力的方法是取下砂桶，輕推小車后，小車能拖著紙帶在傾斜的木板上做勻

速直線運動，故B錯誤；

C、只有m<<M時，砂桶的總重力mg才近似等于拉力，故C正確；

。、只有拉小車的細線與木板平行，才能保證拉力大小不變，故。正確。故選：ACD

③由題意可知，相鄰計數(shù)點的時間間隔T=3X0.02s=0.06s,由逐差公式求加速度a=

(6.50—2.60)—(2.60—0.50)

x10~2m/s=0.56m/s2

(3T)2(3X0.06)2o

故答案為：（1）左；（2）ACD；（3）0.56

①根據(jù)紙帶上點跡的分布判斷紙帶與小車相連的位置；

②實驗前要平衡摩擦力，根據(jù)實驗注意事項與實驗原理分析答題；

③根據(jù)勻變速直線運動的推論AX=區(qū)?可以求出小車的加速度。

本題考查了探究合外力與加速度之間關系實驗，考查了實驗數(shù)據(jù)處理與實驗誤差分析問

題，理解實驗原理、知道實驗注意事項是解題的前提；應用勻變速直線運動的推論即可

解題；對刻度尺讀數(shù)時要注意先確定其分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時視線要與刻度線垂

直。

10?【答案】已+就盤等于

【知識點】伏安法測電阻

【解析】解：①i根據(jù)串并聯(lián)電路的特點有A=看+高；

②再閉合S2,調(diào)節(jié)滑動變阻器&，保持電壓表電壓U不變，記錄電流表示數(shù)，2,有

UU

1=—+—

27RvRo

聯(lián)立解得

,,UU

21=

'~'R^~R0+Rx

整理可得

RQ(RO+Rx)

Kx

繪出U隨。2-11)變化的圖線斜率為Z，則有

,Ro(R()+R%)

k=^T~

解得

③在理論上，此方法的電阻測量值等于真實值。

故答案為：⑴急+黑；(2).普(3).等于

(1)根據(jù)串并聯(lián)電路歐姆定律得電流大小；

(2)聯(lián)立方程整理關于U-(/2-人)的圖像斜率可求得待測電阻；

考查電學實驗，需要根據(jù)串并聯(lián)歐姆定律所得式子，根據(jù)圖像變形后結(jié)合圖像斜率進行

求解。

11.【答案】解：(1)由同時加磁場和電場時，

電子的平衡狀態(tài)可知:W=evB

得…=2

(2)由帶點粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)規(guī)律可得：

y-|at2,

加速度a=三，

運動時間t=?

聯(lián)立可得：y=eU比

2mdv2

由幾何關系可得：小胃、

聯(lián)立以上兩式及第一問結(jié)果可得：*二念B2.

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答：（1）打在熒光屏。點的電子速度的大小為UD

（2）電子的比荷的表達式為小：魯）卅

【知識點】帶電粒子在磁場中運動、帶電粒子在電場中的運動、帶電粒子在組合場（電

場、磁場）中的運動

【解析】（1）抓住粒子平衡，結(jié)合電場力和洛倫茲力平衡求出電子的速度大小.

（2）電子在電場中做類平拋運動，結(jié)合牛頓第二定律和運動學公式得出偏轉(zhuǎn)位移，通過

幾何關系得出b的表達式，從而得出電子比荷的表達式.

解決本題的關鍵知道電子在復合場中做直線運動時，電場力和洛倫茲力平衡，掌握處理

類平拋運動的方法，結(jié)合牛頓第二定律和運動學公式進行求解.

12.【答案】解：（1）木板向左作初速度為零的勻加速運動，而小木塊在摩擦力r

的作用下也做初速度為零的勻加速運動，M,m的加速度分別為0,<72

由牛頓第二定律得F-同"g=M"i…①

…②

解①②得:at=3m/s2,az=2m/s2

撤去尸時，木塊剛好運動到C處，則由運動學公式得：

22

L=^axt-^a2t

解上面各式得：六三=叵-s；

aa

7i~273-2

（2）撤去力E時，M、機的速度分別為也、/，由運動學公式得

vi=ait=3m/s,V2=a.it=2m/s'"?

撤去力F時，因"的速度大于機的速度，木塊將壓縮彈簧，〃，加速，M減速，當它們

具有共同速度v時，彈簧彈性勢能最大，設為場，將木塊和木板及彈簧視為系統(tǒng)，規(guī)定

向左為正方向，系統(tǒng)動量守恒，則有：

Mv\+mvi=（M+m）v…④

系統(tǒng)從撤去力F后到其有共同速度，由能量守恒定律得：

2

++m）v+Ep+卬ngx…⑤

解③④⑤得：Ep=03J,

木板壓縮彈簧的最大彈性勢能為0.3J。

（3）假設木塊相對木板向左滑動離開彈簧后系統(tǒng)又能達到同共速度/,相對向左滑

動的距離為s

由動量守恒定律得：Mv\+mv2=(M+機)v'…⑥

2

由能量守恒定律得：+m)v+Ep=，(M+m)/+卬ngs…⑦

解⑥⑦得：s=0.15m

由于x+L>s且s>x,故假設成立

所以整個運動過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為：Q=nmg(L+x+s)=0.2x10-?(0.5+0.05+0.15)

答：(1)水平恒力尸作用的時間為15；

(2)彈簧的最大彈性勢能為0.3J；

(3)整個運動過程中所產(chǎn)生的熱量為1.4J。

【知識點】功能關系的應用、受恒定外力的板塊問題、完全非彈性碰撞

【解析】(1)在拉力廠的作用下，木板向左做勻加速直線運動，木塊向左也是勻加速

直線運動，分別根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，然后根據(jù)運動學公式列式求解即可；

(2)撤去力尸時，根據(jù)運動學公式得到滑板和滑塊的速度大小，此后滑塊和滑板系統(tǒng)

水平方向不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列式得到共同速度，根據(jù)能量守

恒定律得到最大彈性勢能；

(3)首先要判斷滑塊最終靜止的位置，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律列式求解即

可。

本題是難度較大的一道題，考查的知識面非常廣，這就要求大家要熟練的掌握解決力學

問題的三大法寶：牛頓運動定律、動量守恒定律和能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律。

13.【答案】解：(1)電路中產(chǎn)生的感應電動勢為：E

通過電阻R的電量為：q=/△t=￥

導體棒通過1區(qū)過程：△。=BLx0