廈門市大同中學(xué)2023年物理高二第一學(xué)期期末考試試題含解析

廈門市大同中學(xué)2023年物理高二第一學(xué)期期末考試試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、用電動(dòng)勢ε=6V、內(nèi)電阻r=4Ω的直流電源依次分別對(duì)下列四個(gè)電珠供電，最亮的電珠是（）A.6V，12W B.6V，9WC.6V，4W D.6V，3W2、一物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。當(dāng)t=0時(shí)，物體的速度大小為12m/s，方向向東;當(dāng)t=2s時(shí)，物體的速度大小為8m/s，方向仍向東。當(dāng)物體的速度變?yōu)橄驏|的2m/s時(shí)，t為()A.5s B.3sC.7s D.9s3、金屬鉑的電阻值對(duì)溫度的高低非?！懊舾小?，如圖的四個(gè)圖象中可能表示金屬鉑電阻的U﹣I圖象是（）A. B.C. D.4、如圖所示，一個(gè)絕緣光滑半圓環(huán)軌道處于豎直向下的勻強(qiáng)電場E中，在軌道的上端，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為＋q的小球由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)，則（）A.小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒B.小球機(jī)械能和電勢能的總和先增大后減小C.在最低點(diǎn)球?qū)Νh(huán)的壓力為（mg＋qE）D.在最低點(diǎn)球?qū)Νh(huán)的壓力為3（mg＋qE）5、如圖所示，R是光敏電阻，當(dāng)它受到的光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻減小，則()A.燈泡L變暗B.光敏電阻R上的電壓增大C.電壓表V的讀數(shù)增大D.電容器C的帶電荷量增大6、在磁感應(yīng)強(qiáng)度B的定義式B=F/IL中，有關(guān)各物理量間的關(guān)系，下列說法中正確的是（）A.B由F、I和L決定 B.F由B、I和L決定C.I由B、F和L決定 D.L由B、F和I決定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，圖中電表為理想電表．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中（）A.電壓表示數(shù)變大 B.電容器C所帶電荷量減少C.電流表示數(shù)變小 D.a點(diǎn)的電勢降低8、如圖所示，在一幢居民樓里有各種不同的用電器，如電燈、電視機(jī)、洗衣機(jī)、微波爐、排油煙機(jī)等．停電時(shí)，用多用電表測得A、B間的電阻為R；供電后，設(shè)各家用電器全都同時(shí)使用時(shí)，測得A、B間電壓為U，進(jìn)線電流為I；經(jīng)過一段時(shí)間t，從總電能表中測得這段時(shí)間內(nèi)消耗的電能為W，則下列表達(dá)式用來計(jì)算該幢樓居民用電的總功率，其中正確的是()A.P=I2R B.P=C.P=IU D.P=9、如圖所示，把一個(gè)架在絕緣支架上的枕形導(dǎo)體放在一正電荷形成的電場中，A、B兩點(diǎn)為枕形導(dǎo)體內(nèi)部兩點(diǎn)。導(dǎo)體處于靜電平衡時(shí)，下列說法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相等，電勢相等B.A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度不相等，電勢相等C.感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場EA<EBD..當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電子從大地沿導(dǎo)線向?qū)w移動(dòng)10、帶電荷量為＋q的粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)，下面說法中正確的是()A.只要速度大小相同，所受洛倫茲力就相同B.如果把＋q改為－q，且速度反向、大小不變，則洛倫茲力的大小不變C.洛倫茲力方向一定與電荷速度方向垂直，磁場方向一定與電荷運(yùn)動(dòng)方向垂直D.粒子只受到洛倫茲力的作用，不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測某一電阻，如果采用如圖甲所示的電路，測量值為R1，如果采用如圖乙所示電路，測量值為R2，則電阻的真實(shí)值為R真，它們之間的關(guān)系是：R1___R真，R2____R真（填“＞”、“＝”或“＜”），這種誤差屬于_________誤差12．（12分）如圖所示為用熱敏電阻及和電磁鐵L等組成的一個(gè)簡單的恒溫控制電路，其中熱敏電阻的阻值會(huì)隨溫度的升高而減小。電源甲與電磁鐵、熱敏電阻等組成控制電路，電源乙與恒溫箱加熱器(圖中未両出）相連接。則當(dāng)溫度________(填“升高”“降低”）到某一數(shù)值時(shí)，銜鐵P將會(huì)被吸下，工作時(shí)，應(yīng)該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在_________(“A、B端”“C、D端”）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】內(nèi)外電阻相等時(shí)電源輸出功率最大，即小燈泡最亮．根據(jù)可知A、電阻為3Ω，B、4Ω，C、9Ω，D、12Ω，故選B2、A【解析】由可得物體加速度為故當(dāng)物體速度變?yōu)橄驏|2m/s需要的時(shí)間為故A正確；BCD錯(cuò)誤。故選A。3、B【解析】金屬鉑導(dǎo)體的電阻對(duì)溫度的變化很敏感，電阻隨溫度的升高而增大，在一定溫度下其U-I圖線是非線性的，且圖線的斜率越來越大，B正確、ACD錯(cuò)誤故選B4、D【解析】A．小球運(yùn)動(dòng)過程中電場力做功，機(jī)械能不守恒．故A不符合題意B．小球運(yùn)動(dòng)過程中只有電場力和重力做功，發(fā)生的時(shí)機(jī)械能與電勢能的轉(zhuǎn)化，但小球機(jī)械能和電勢能的總和不變．故B不符合題意CD．小球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：，由，聯(lián)立解得：N=3（mg+qE）由牛頓第三定律知在最低點(diǎn)球?qū)Νh(huán)的壓力為3（mg+qE）．故C不符合題意，D符合題意5、D【解析】由題中“當(dāng)它受到的光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻減小”可知，本題考查電路動(dòng)態(tài)變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律可分析本題【詳解】A．當(dāng)R受到的光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻減小，電流增加，燈泡變亮，故A錯(cuò)誤；B．串聯(lián)電路電阻分壓，電阻越大，分壓越多，電阻越小分壓越低，故B錯(cuò)誤；C．電壓表所測電壓為電路的路端電壓，當(dāng)R變小，外電路分壓變小，故電壓表讀數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；D．燈泡兩端電壓，電容器電壓增大，根據(jù)可知，電容器帶電量增大，故D正確6、B【解析】公式中B表示磁感應(yīng)強(qiáng)度，有磁場自身的因素決定；I為導(dǎo)體棒中的電流，由電路決定；L為導(dǎo)體棒的有效長度，由導(dǎo)體棒及其放在磁場中的形式?jīng)Q定；F為導(dǎo)體棒在磁場中受到的安培力，由B、I、L共同決定，故ACD錯(cuò)誤，B正確.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】考查含容電路的動(dòng)態(tài)分析。【詳解】A．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P自a端向b端滑動(dòng)過程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)增大，A正確；B．電阻R2兩端電壓：，I增大，則U2減小，電容器板間電壓減小，帶電量減小，B正確；C．通過R2的電流I2減小，通過電流表的電流，I增大，I2減小，則IA增大，即電流表示數(shù)變大，C錯(cuò)誤；D．外電路順著電流方向電勢降低，可知a的電勢大于0，a點(diǎn)電勢等于R2兩端電壓，U2減小，則a點(diǎn)電勢降低，D正確。故選ABD。8、CD【解析】居民樓里的用電器不全是純電阻所以不可以用P＝I2R，P＝，進(jìn)行功率計(jì)算，計(jì)算該幢樓居民用電的總功率可以用P＝IU，P＝，選CD9、AD【解析】AB．枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布。因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，枕形導(dǎo)體左端帶負(fù)電，右端帶正電，達(dá)到靜電平衡后感應(yīng)電荷的電場與點(diǎn)電荷的電場疊加，內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，整個(gè)導(dǎo)體是一個(gè)等勢體，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．A、B兩點(diǎn)合場強(qiáng)相等，且都為零，由于點(diǎn)電荷形成的場強(qiáng)A點(diǎn)大于B點(diǎn)，則可知感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場一定是EA>EB，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，由于導(dǎo)體處在正電荷形成的電場中，故電子將從大地沿導(dǎo)線流向?qū)w，選項(xiàng)D正確。故選AD。10、BD【解析】粒子速度大小相同，由f=qvBsinθ可知，如果速度v與磁場B的夾角不同，洛倫茲力大小不同，即使洛倫茲力大小相同，速度方向不同，洛倫茲力方向不同，洛倫茲力不同，故A錯(cuò)誤；如果把+q改為-q，且速度反向，大小不變，則洛倫茲力的大小、方向均不變，故B正確；洛倫茲力方向一定與電荷運(yùn)動(dòng)方向垂直，磁場方向與電荷運(yùn)動(dòng)方向不一定垂直，故C錯(cuò)誤；洛倫茲力方向一定與電荷運(yùn)動(dòng)方向垂直，所以粒子只受到洛倫茲力的作用，不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確．所以BD正確，AC錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.<；②.>；③.系統(tǒng)；【解析】根據(jù)電流表接法確定電壓、電流的偏差，從而根據(jù)歐姆定律得到電阻偏差；根據(jù)誤差來源判斷誤差類型【詳解】電流表外接時(shí)，電壓表測得電壓為電阻兩端電壓，電流表測的電流為電阻和電壓表的總電流，故電流偏大，那么，電阻偏小，即；電流表內(nèi)接時(shí)，電壓表測得電壓為電阻和電流表兩端的電壓，故電壓偏大，電流表電流為通過電阻的電流，那么，電阻偏大，即；這些誤差是由實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)本身造成的，實(shí)驗(yàn)方案不變，那么誤差不變；那么，按照誤差分類可知：這種誤差為系統(tǒng)誤差【點(diǎn)睛】伏安法測電阻實(shí)驗(yàn)中，若最大電流大于電流表量程則采用分壓式接法，一般采用限流式接法；被測電阻較大，電流表采用內(nèi)接法；被測電阻較小，電流表采用外接法12、①.升高②.A、B端【解析】[1]．當(dāng)溫度降低到某一數(shù)值，熱敏電阻R的阻值增大，電路中電流減小，繼電器L對(duì)銜鐵P吸引力減小，P將不會(huì)被吸合下。當(dāng)溫度升高到某一數(shù)值，熱敏電阻R的阻值減小，電路中電流增大，繼電器L對(duì)銜鐵P吸引力增大，P將會(huì)被吸下。

[2]．恒溫箱內(nèi)溫度高到一定數(shù)值后，應(yīng)與電源斷開停止加熱，由上分析可知，溫度升高后，A、B端斷開，所以工作時(shí)，應(yīng)該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B端。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC，則對(duì)于小球由A→C的過程中，由動(dòng)能定理得：解得：(2)小球在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N14、8cm【解析】粒子a板左端運(yùn)動(dòng)到P處，由動(dòng)能定理得代入有關(guān)數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關(guān)系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持