2022屆北京市順義區(qū)高考物理一模試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，總阻值為R的正方形線框的左半側處在磁感應強度為8的勻強磁場中，磁場方向與線框平面垂直，線

框的對稱軸MN恰與磁場邊緣平齊。若第一次將線框從磁場中以恒定速度n向右勻速拉出，第二次以線速度也讓線框

繞軸MN勻速轉過90。，下列說法正確的是（）

X

X

X

X

A.第一次操作過程中線框產(chǎn)生的感應電流方向沿逆時針方向

B.兩次操作過程中經(jīng)過線框橫截面的電量之比為2：1

C.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱相等，則小也=萬：2

D.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的平均感應電動勢相等，則小也=2：7T

2、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的等邊三角形線框abc,磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電

源，電流方向如圖所示.貝IJ（）

A.導線ab受到的安培力小于導線ac受到的安培力

B.導線abc受到的安培力大于導線ac受到的安培力

C.線框受到安培力的合力為零

D.線框受到安培力的合力方向垂直于ac向上

3、一個帶負電的粒子從x=0處由靜止釋放，僅受電場力作用，沿x軸正方向運動，加速度a隨位置變化的關系如

圖所示，必一X1=X3—M可以得出（）

A.從XI到X3過程中，電勢先升高后降低B.在。和片處，電場強度相同

C.粒子經(jīng)為和X3處，速度等大反向D.粒子在X2處，電勢能最大

4、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標軸，A、8為x軸上的兩點，打、刈分別為A、5兩點在x軸上的坐標值。一

電子僅在電場力作用下沿x軸運動，該電子的動能隊隨其坐標x變化的關系如圖乙所示。則下列說法中正確的是（）

圖甲圖乙

A.4點的電場強度小于8點的電場強度

B.A點的電場強度等于B點的電場強度

C.A點的電勢高于〃點的電勢

D.電子由A點運動到B點的過程中電勢能的改變量4q=EkH-EkA

5、科學家通過實驗研究發(fā)現(xiàn)，放射性元素有多種可能的衰變途徑：先變成2；；Bi可以經(jīng)一次衰變變

成不Ti,也可以經(jīng)一次衰變變成二X（X代表某種元素），；：Ti和二X最后都變成*Pb,衰變路徑如圖所示。則以下

判斷正確的是（）

黑U-2a2空

?lI

；.Ti-WPb

A.?=211,b=82

B.①是p衰變，②是a衰變

C.①②均是a衰變

D.經(jīng)過7次a衰變5次0衰變后變成毛Bi

6、如圖所示，小球4置于固定在水平面上的光滑半圓柱體上，小球3用水平輕彈簧拉著系于豎直板上，兩小球A、B

通過光滑滑輪。用輕質細線相連，兩球均處于靜止狀態(tài)，已知5球質量為“，。點在半圓柱體圓心Oi的正上方，0A

與豎直方向成30。角，長度與半圓柱體半徑相等，08與豎直方向成45。角，則下列敘述正確的是

A.小球A、B受到的拉力與7OB相等，且TOA=7OB=Y3二二

B.彈簧彈力大小、I二二

C.A球質量為二

D.光滑半圓柱體對A球支持力的大小為機g

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、下列說法正確的是（）

A.太陽輻射的能量大部分集中在可見光及附近的區(qū)域

B.兩列機械波在同一介質中相遇，波長相同一定能獲得穩(wěn)定的干涉圖案

C.狹義相對論的第一個基本假設：力學規(guī)律在任何慣性系中都是相同的

D.分別用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實驗，前者中央亮紋較寬

E.電視機顯像管里的電子槍發(fā)射電子束的強弱受圖像信號的控制

8、“HAT-P-1”是迄今為止發(fā)現(xiàn)的河外星系最大的行星，圍繞某恒星A做圓周運動，“HAT-P-1”距離地球的間距大約

為450光年。另觀測到該行星的半徑為R,已知在該行星表面的重力加速度為go由以上條件可求解的物理量是（）

A.恒星A的密度B.行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度

C.行星“HAT-P-1”繞恒星A運行的周期D.繞“HAT-P-1”運行的衛(wèi)星的最小周期

9、下列說法中正確的是（）

A.氣體如果失去了容謂的約束就會散開，這是因為氣體分子之間存在勢能的緣故

B.物體溫度升高時，速率小的分子數(shù)目減小，速率大的分子數(shù)目增多

C.一定量的100C的水變成100c的水蒸氣，其分子平均動能增加

D.物體從外界吸收熱量，其內能不一定增加

E.液晶的光學性質具有各向異性

10、如圖所示，光滑水平面上放置一內壁光滑的半圓形凹槽，凹槽質量為半徑為R。在凹槽內壁左側上方P點

處有一質量為加的小球（可視為質點），距離凹槽邊緣的高度為〃?，F(xiàn)將小球無初速度釋放，小球從凹槽左側沿切線

方向進入內壁，并從凹槽右側離開。下列說法正確的是（）

小球離開凹槽后，上升的最大高度為〃

B.小球離開凹槽時，凹槽的速度為零

C.小球離開凹槽后，不可能再落回凹槽

從開始釋放到小球第一次離開凹槽，凹槽的位移大小為用”

D.

M+m

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學查閱電動車使用說明書知道自家電動車的電源是鉛蓄電池，他通過以下操作測量該電池的電動勢和

內電阻.

甲乙丙

（1）先用多用電表粗測電池的電動勢.把多用電表的選擇開關撥到直流電壓50V擋，將兩表筆與電池兩極接觸，電表

的指針位置如圖甲所示，讀數(shù)為V.

（2）再用圖乙所示裝置進行精確測量.多用電表的選擇開關撥向合適的直流電流擋，與黑表筆連接的應是電池的

極.閉合開關，改變電阻箱的阻值/?,得到不同的電流值/,根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖象如圖丙所示.已知圖中直

線的斜率為七縱軸截距為心電流檔的內阻為小，則此電池的電動勢E=,內阻r=（結果用字母A、

b、以表示）.

（3）多用表直流電流檔的內阻對電動勢的測量值大?。ㄟx填“有”或“無”）影響.

12.（12分）某同學利用圖甲電路測量自來水的電阻率，其中內徑均勻的圓柱形玻璃管側壁連接一細管，細管上加有

閥門K以控制管內自來水的水量，玻璃管兩端接有導電活塞（活塞電阻可忽略），右側活塞固定，左側活塞可自由移動，

實驗器材還有：

電源（電動勢約為2V,內阻不可忽略）

兩個完全相同的電流表A1、42（量程為3111人，內阻不計）

電阻箱R（最大阻值9999Q）

定值電阻Ro（可供選擇的阻值有100。、Ikft、lOkft）

開關S,導線若干，刻度尺.

實驗步驟如下：

A.測得圓柱形玻璃管內徑d=20mm

B.向玻璃管內注自來水，并用刻度尺測量水柱長度L

C.連接好電路，閉合開關S,調整電阻箱阻值，讀出電流表Ai、A2示數(shù)分別記為h、I2,記錄電阻箱的阻值R

D.改變玻璃管內水柱長度，多次重復實驗步驟B、C,記錄每一次水柱長度L和電阻箱阻值R

E.斷開S,整理好器材

（1）為了較好的完成該實驗，定值電阻Ro應選_______.

⑵玻璃管內水柱的電阻Rx的表達式Rx=（用Ro、R、L、I2表示）

（3）若在上述步驟C中每次調整電阻箱阻值，使電流表AkA2示數(shù)均相等，利用記錄的多組水柱長度L和對應的電阻

箱阻值R的數(shù)據(jù)，繪制出如圖乙所示的R-L關系圖像，則自來水的電阻率p=（保留兩位有效數(shù)字），

在用本實驗方法測電阻率實驗中，若電流表內阻不能忽略，則自來水電阻率測量值與上述測量值相比將（選填

“偏大”“不變”或“偏小”）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑R=0.5m的光滑豎直半圓軌道BCD在B點相切，D點為半圓軌道最

高點，A點的右側連接一粗糙的水平面，用細線連接甲、乙兩物體，中間夾一輕質壓縮彈簧，彈簧與甲、乙兩物體不

拴接，甲的質量mi=4kg,乙的質量mi=5kg,甲、乙均靜止.若燒斷細線，甲離開彈簧后經(jīng)過B點進入半圓軌道，過

D點時對軌道的壓力恰好為零.取g=10m/si.甲、乙兩物體可看做質點，求：

（1）甲離開彈簧后經(jīng)過B點時的速度的大小VB；

⑴燒斷細線時彈簧的彈性勢能EP；

（3）若固定甲，將乙物體換為質量為m的物體丙，燒斷細線，丙物體離開彈簧后從A點進入動摩擦因數(shù)N=0.5的粗糙水

平面，AF是長度為41的水平軌道，F(xiàn)端與半徑為1的光滑半圓軌道FCH相切，半圓的直徑FH豎直，如圖所示.設丙

物體離開彈簧時的動能為6mgl,重力加速度大小為g,求丙物體離開圓軌道后落回到水平面BAF上的位置與F點之

間的距離s；

(4)在滿足第(3)問的條件下，若丙物體能滑上圓軌道，且能從GH間離開圓軌道滑落(G點為半圓軌道中點)，求丙物

體的質量的取值范圍

14.(16分)圖中MN和尸。為豎直方向的兩個無限長的平行直金屬導軌，間距為L電阻不計.導軌所在平面與磁感

應強度為B的勻強磁場垂直.質量為,〃、電阻為r的金屬桿刈始終垂直于導軌，并與其保持光滑接觸，導軌一端接有

阻值為K的電阻.由靜止釋放導體棒外，重力加速度為g.

(1)在下滑加速過程中，當速度為v時棒的加速度是多大；

(2)導體棒能夠達到的最大速度為多大；

(3)設外下降的高度為心求此過程中通過電阻R的電量是多少？

15.(12分)質量為，"=10kg的物體靜止在光滑水平面上，零時刻開始物體受到水平向東尸=100N的力作用，1s后,

力廠的大小不變，方向改為向北，作用1s。求：

(1)物體第1s末的速度大小；

(2)物體在2s內的位移大小。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.由右手定則可知，第一次操作過程中感應電流的方向為順時針方向，選項A錯誤；

△①

B.由公式q=——可知兩次操作過程中經(jīng)過線框橫截面的電量相同，選項B錯誤；

R

C.設線框的邊長為L若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱相等，第一次將線框從磁場中以恒定速度也向右勻速拉

出

E；=BLV]

,L

第二次以線速度也讓線框轉過90°

_BScoBLV2

i°iz

2Rv28R

e.=c?2

所以

匕：嶺=乃：4

選項C錯誤；

D.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的平均感應電動勢相等，第一次將線框從磁場中以恒定速度vi向右勻速拉出

E：=BLV1

第二次以線速度V2讓線框轉過90。

-BI)

2

1,1/

后一△①5_28L%

匚、———

~Arv27c

E]=E2

得

匕：3=2:萬

D選項正確。

故選D。

2、A

【解析】

A.導線ab受到的安培力大小為耳導線ac受到的安培力鳥=〃；，，由于ab、be串聯(lián)再與ac并聯(lián)，則

有

，abc<，ac

所以

92

故A正確；

B.導線abc的有效長度為3故受到的安培力大小為：F=BI^L,導線ac受到的安培力居=8晨入，且

則

F<F2

故B錯誤；

CD.根據(jù)左手定則，導線abc受安培力垂直于ac向下，導線ac受到的安培力也垂直于ac向下，合力方向垂直于ac

向下，故CD錯誤。

故選A.

3、A

【解析】

AB.由圖可知，。?馬加速度方向沿X軸正方向，工2~%3加速度方向沿X軸負方向，由于粒子帶負電，則。?馬電

場強度方向沿X軸負方向，馬?七電場強度沿X軸正方向，根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知，從*1到X3過程中，電

勢先升高后降低，在方和X3處，電場強度方向相反，故A正確，B錯誤；

c.a-r圖像與坐標軸所圍面積表示速度變化量，由圖像可知，內?芻速度變化為0,則粒子經(jīng)為和X3處，速度相同,

故C錯誤；

D.0~當電場強度方向沿X軸負方向，々?專電場強度沿X軸正方向，則在X2處電勢最高，負電荷的電勢能最小，

故D錯誤。

故選Ao

4、B

【解析】

AB.根據(jù)動能定理得知：電場力做功等于電子動能的變化，則有

Ek-Eqx

根據(jù)數(shù)學知識可知，圖線的斜率

k=qE

斜率不變，g保持不變，說明電場強度不變，所以該電場一定是勻強電場，則

E—EB

故A錯誤，B正確；

C.由圖知，電子從A到B動能增大，電場力做正功，則知電場力方向從A-3,電場線方向從3-A,根據(jù)順著電場

線方向電勢降低，則有

%＜外

故C錯誤；

D.根據(jù)動能定理知

%=/一4=-/

即

△

Ep=EM-Eklj

故D錯誤。

故選B。

5、D

【解析】

ABC.2tBi經(jīng)過①變化為［Ti,核電荷數(shù)少2,為々衰變，即*Bif；；Ti+；He,故

a=210-4=206

2tBi經(jīng)過②變化為2：X,質量數(shù)沒有發(fā)生變化，為A衰變，即時BifTx+：e,故

6=83+1=84

故ABC錯誤；

D.經(jīng)過7次a衰變，則質量數(shù)少28,電荷數(shù)少14,在經(jīng)過5次“衰變后，質量數(shù)不變，電荷數(shù)增加5,此時質

量數(shù)為

238-28=210

電荷數(shù)為

92-14+5=83

變成了下Bi,故D正確。

故選D。

6、C

【解析】

A、B、隔離對8分析，根據(jù)共點力平衡得：

水平方向有：rOBSin450=F

豎直方向有：7OBCOS45°=機g,

則二二=b二二彈簧彈力F=mg,

根據(jù)定滑輪的特性知：7OA與7OB相等；故A,B錯誤.

C、D、對4分析，如圖所示：

由幾何關系可知拉力TOA和支持力N與水平方向的夾角相等，夾角為60。，則N和T相等，有：2ToASin6(F="?Ag,

解得：二二=、七二，由對稱性可得：二=二二二=\二二二，故C正確，D錯誤.

故選C.

【點睛】

解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解.本題采用隔離法研究比較簡便.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABE

【解析】

A.太陽輻射的能量大部分集中在可見光及附近的區(qū)域，故A正確；

B.兩列機械波在同一介質中傳播速度相同，波長相同則頻率相同，則一定能獲得穩(wěn)定的干涉圖案，故B正確；

C.狹義相對論的第一個基本假設：在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的，故C錯誤：

D.由于紫光的波長比綠光的短，則用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實驗，綠光的中央亮紋較寬，故D錯

誤；

E.圖像信號越強，電視機顯像管里的電子槍發(fā)射電子束越強，故E正確。

故選ABE。

8、BD

【解析】

AC.本題中不知道行星“HAT-P-1”繞恒星A運動的任何量，故不可計算恒星A的密度和繞A運動的周期，AC錯誤;

BD.根據(jù)在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運動的衛(wèi)星，重力提供向心力得

2

V4萬2

mg=m—=m^TR

解得

則行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運動的線速度，所以行星“HAT-P-1”的第

一宇宙速度就是廊，行星“HAT-P-1”附近運行的衛(wèi)星的最小周期就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運動的

周期，所以最小周期是24故BD正確。

故選BD?

9、BDE

【解析】

A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，是因為分子間距較大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做無規(guī)則

運動，所以氣體分子可以自由擴散；故A錯誤.

B.溫度從微觀角度看表示了大量分子無規(guī)則運動的劇烈程度，物體溫度升高時，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分

子數(shù)目增多；故B正確.

C.一定量100C的水變成100C的水蒸氣，因溫度不變則分子平均動能不變，由于吸熱，內能增大，則其分子之間的

勢能增大；C錯誤.

D.物體從外界吸收熱量，若同時對外做功，根據(jù)熱力學第一定律可知其內能不一定增加；故D正確.

E.液晶的光學性質具有晶體的各向異性；故E正確.

故選BDE.

【點睛】

解決本題的關鍵要掌握分子動理論、熱力學第一定律等熱力學知識，要對氣體分子間距離的大小要了解，氣體分子間

距大約是分子直徑的10倍，分子間作用力很小.

10、AB

【解析】

ABC.小球與半圓槽組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，初狀態(tài)時系統(tǒng)在水平方向動量為零，由動量守恒定律可

知，小球第一次離開槽時，系統(tǒng)水平方向動量守恒，球與槽在水平方向的速度相等都為零，球離開槽后做豎直上拋運

動，槽靜止，小球會再落回凹槽，由能量守恒可知小球離開凹槽后上升的最大高度為〃。故AB正確，C錯誤：

D.從開始釋放到小球第一次離開凹槽，凹槽的位移大小為X,由動量守恒

Mx=m(2R-x)

解得

2mR

x=--------

M+m

故D錯誤。

故選AB。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

入1bp

II、12.0；負一一無

kk

【解析】

(1)[1].電壓檔量程為50V,則最小分度為IV,則指針對應的讀數(shù)為12.OV；

(2)[2].作為電流表使用時，應保證電流由紅表筆流進，黑表筆流出，故黑表筆連接的是電池的負極;

[3][4].由閉合電路歐姆定律可得：

變形可得：

1r1

—=—I—R

IEE

則由圖可知：

E

-=k

E

則可解得：

E=-

k

b

r--

k

(3)[5].由于多用表存在內電阻，所以由閉合電路歐姆定律得:

E=IR+I(RA+玲

變形為：

IEE

由圖象可知斜率￡=k和不考慮多用表的內電阻時相同，所以多用表的內電阻對電源電動勢的測量結果無影響。

/1R+4)

12、1000。16,不變

【解析】

E3

(1)定值電阻所在支路最小電阻約為R啕=J—=6麗0=1°°°。；電阻箱R(最大阻值為9999。)，為測多組實

驗數(shù)據(jù)，定值電阻Ro應選1KQ;

?E,(R+&)

電阻箱與R。、A2串聯(lián)，再與水柱、Ai并聯(lián)，所以有，2(我+%,)=1風,玻璃管內水柱電阻Rx的表達式&=3

cLL4L/,(7?+&)/,

R=n—=n------=)----=—=---------c4/?/

(2)由電阻定律可以知道，「s',d、z￡'兀d。/,，則有9-&，根據(jù)題意可知，電流表

萬(2)1%dL

Ai,A2示數(shù)均相等，則有—由圖可得左==*"r=5xl()4

nd1"jid210x10-2

,7vd2k3.14X0.022X5X104”

電阻率p=-=-------------------=16Qm

(3)電流表內阻不能忽略，則有R='胃L+弓一4,電阻率為0=2箸保持不變.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

4

13、(l)5m/ss(1)90J；(3)s=41(4)-m<M<2m

;3

【解析】

2

(1)甲在最高點D,由牛頓第二定律，有網(wǎng)g=m，腎

甲離開彈簧運動到D點的過程機械能守恒：g叫崎=^g-2R+；叫功

聯(lián)立解得：VB=5IH/S；

(1)燒斷細線時動量守恒：0=miV3-mivi

由于水平面AB光滑，貝!1有v產(chǎn)VB=5m/s,解得：vi=4m/s

2

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢能E=-/M1V1+；m2$=90J

(3)甲固定，燒斷細線后乙物體減速運動到F點時的速度大小為VF,

由動能定理得：_〃mg_4/=g/nv；-6mgi,解得VF=1J防

從P點滑到H點時的速度為vH,由機械能守恒定律得

gmv：=gmv^+2mgl

聯(lián)立解得VM=1西

由于VM=1J3>JM，故乙物體能運動到H點，并從H點以速度vH水平射出.設乙物體回到軌道AF所需的時間為

t,由運動學公式得：2/=；g/

乙物體回到軌道AF上的位置與B點之間的距離為s=VHt

聯(lián)立解得s=4/;

（4）設乙物體的質量為M,到達F點的速度大小為