2021年福建省新高考物理二模試卷(含答案詳解)

2021年福建省新高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.騎自行車的人由靜止沿直線行駛，在第1s、第2s、第3s、第4s內(nèi)通過的路程分別是1爪、2m,3m、

4m,則下列說法正確的是（）

A.4s內(nèi)平均速度是2.5m/sB.在第4s末瞬時速度為2.5m/s

C.是勻加速運動D.在第2s末瞬時速度為2.5m/s

2.如圖所示，三個相同的帶正電的小球從同一高度開始自由落下，其中a@0?

___XX

直接落地，b下落過程中經(jīng)過一個水平方向的勻強電場區(qū)，c下落時經(jīng)二_

過一個水平方向（垂直紙面向里）的勻強磁場區(qū).不計空氣阻力，設(shè)它們-----------------

落地速度大小分別為%、%、%,則

A.va=vb=vcB.va>vb>vcC.va<vb=vcD.va=vc<vb

A

3.如圖所示，理想變壓器原線圈兩端4B接在電動勢為E=8U,內(nèi)阻O--------

為r=20的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動變阻器&?口5L，[tl

相連，變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1；2,當(dāng)電源輸出功率最大時（）______5R_______F

Bn,n:

A.滑動變阻器的阻值&=2。B.最大輸出功率P=4W

C.變壓器的輸出電流/2=2AD.滑動變阻器的阻值&=8。

4,水平力F方向確定，大小隨時間的變化如圖a所示，用力F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在尸從

。開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度a隨時間變化的圖象如圖b所示，重力加速度大小為

A.物塊的質(zhì)量m=2kg

B.物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為0.2

C.在4s末，物體的動量為12kg?m/s

D.在2s?4s時間內(nèi)，小物塊速度均勻增加

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.圖甲為一列簡諧波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置為x=1.0m處的質(zhì)點，Q是平衡位置

B.質(zhì)點Q簡諧運動的表達(dá)式為x=10sin"（sn）

C.該波沿X軸負(fù)方向傳播

D.從t=0.10s到t=0.25s,質(zhì)點P通過的路程為30cm

6.在一水平通電直導(dǎo)線的正下方，有一半圓形光滑圓弧軌道，一導(dǎo)體圓環(huán)自

軌道左側(cè)的4點無初速度釋放，則下列說法中正確的是（）

A.圓環(huán)中有感應(yīng)電流產(chǎn)生

B.圓環(huán)能滑到軌道右側(cè)與4點等高處C

C.圓環(huán)最終停在軌道的最低點B

D.圓環(huán)運動過程中機械能守恒

7.如圖所示，兩個相同理想變壓器的副線圈接有相同的燈泡人、人，不考慮溫度對于燈泡的影響.原

線圈接有定值電阻R，導(dǎo)軌和金屬棒MN的電阻不計.現(xiàn)均使金屬棒沿各自軌道由靜止開始向右

勻速運動，乙圖中金屬棒移動速率大于甲圖中金屬棒的移動速率，則在金屬棒運動的過程中（）

A.&發(fā)光，并且通過及的電流在亮度穩(wěn)定后大小不變

B.k發(fā)光，并且通過G的電流在亮度穩(wěn)定后均勻增大

C.G初始閃一下，之后逐漸熄滅

D.人初始閃一下，后一直發(fā)光，并且通過切的電流大小不變

8.雙星系統(tǒng)是由兩個恒星組成，這兩個恒星相對于其他恒星來說，位置看起來非常接近.現(xiàn)有質(zhì)

量分別為"1、“2的兩恒星以兩星連線上某點為圓心做勻速圓周運動，已知運動的周期為7,引

力常量為G,則下列說法正確的是（）

A.兩星運動的軌道半徑與質(zhì)量成反比

B.兩星的線速度大小與質(zhì)量成反比

C.所需向心力大小比M2大

D.兩星間距為3%止”

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9.對下列各項敘述正確的是。

A.實物粒子只具有粒子性，沒有波動性，光子具有波粒二象形

B.a粒子散射實驗中少數(shù)a粒子發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)

C.在a、S、y這三種射線中，y射線的穿透能力最強，a射線的電離能力最強

D當(dāng)入射光的頻率低于截止頻率時不會發(fā)生光電效應(yīng)

E.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減小

10.如圖所示，粗細(xì)均勻的豎直倒置的U形管右端封閉，左端開口插入水

銀槽中，封閉著兩段空氣柱1和2。已知/ii=15cm,h2=12cm,外

界大氣壓強為75cTnHg,則空氣柱1的壓強為,空氣柱2的壓

強為o

四、實驗題（本大題共2小題，共12.0分）

11.為測量某微安表G（量程200〃4內(nèi)阻大約2200。）的內(nèi)阻，有以下器材可供選擇：

A：電壓表（0?3匕）；

B-.電壓表（0?15U）;

C：滑動變阻器（0?100；

D-.滑動變阻器（0?M0）；

E：電源E（電動勢約為6V）

F：電阻箱Rz（最大阻值為99990）

開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干。

（1）按圖1原理圖將圖2中的實物連線。

（2）實驗過程為：

合上電鍵S,先調(diào)節(jié)R使電壓表讀數(shù)為U,再調(diào)節(jié)電阻箱（此時電壓表讀數(shù)幾乎不變），使微安表指示

為滿偏，記下此時電阻箱值為⑹=80560；

先調(diào)節(jié)R，使電壓表讀數(shù)為|U,再調(diào)節(jié)電阻箱（此時電壓表讀數(shù)幾乎不變），使微安表指示為滿偏，

記下此時電阻箱值（如圖3所示）為/?2。

電壓表應(yīng)選,滑動變阻器應(yīng)選。（填字母代號）

電阻箱的讀數(shù)/?2=_____0

待測微安表的內(nèi)阻n

12.某實驗小組利用拉力傳感器和速度傳感器探究“動能定理”。如圖，他們將拉力傳感器固定在

小車上，用不可伸長的細(xì)線將其通過一個定滑輪與鉤碼相連，用拉力傳感器記錄小車受到拉力

的大小，在水平桌面上相距s的4、8兩點各安裝一個速度傳感器記錄小車通過4B時的速度大

小。實驗主要步驟如下：

①把細(xì)線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過定滑輪與鉤碼相連，正確連接所需電路。

②將小車停在C點，然后釋放小車，小車在細(xì)線拉動下運動。

問：

（1）實驗中需測量和記錄的物理量有（帶符號）：

（2）實驗需驗證的表達(dá)式：。

拉力傳&88

五、計算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.已知地球質(zhì)量為M,地球半徑為R,引力常量為G.

(1)試?yán)蒙鲜鑫锢砹客茖?dǎo)第一宇宙速度的表達(dá)式.

(2)若已知第一宇宙速度大小"=7.9km/s,地球半徑為R=6.4x103km,引力常量為G=6.67x

IO"N-m2/kg2,請計算地球的質(zhì)量(保留兩位有效數(shù)字).

14.近日，俄羅斯單板滑雪運動員尼基塔在格陵蘭島進行了一次獨特的滑行。他手握牽引繩的一端，

通過快艇牽引在水面上勻速滑行時，滑板與水面呈37。，在2.5s內(nèi)前進了50m；隨后以不變的速

率滑上傾角為37。的雪面坡道，通過調(diào)節(jié)使得在雪坡上繩索的拉力恒定，從底端經(jīng)1.5s,以26m/s

的速度從雪坡頂端飛出。已知整個過程中繩索一直水平，滑板與雪坡間的動摩擦因數(shù)為0.1,與

水面間摩擦不計,尼基塔連同裝備的總質(zhì)量為80kg。取g=10m/s2,sin37°-0.6,cos37°=0.8,

不考慮空氣阻力，求：

(1)尼基塔在水面勻速滑行時速度的大??；

(2)在水面滑行時，牽引尼基塔的繩索彈力的大??；

(3)尼基塔在雪坡上滑行時加速度的大??；

(4)在雪坡上滑行時，牽引尼基塔的繩索彈力的大小。

15.如圖所示，在豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓形絕緣軌道的內(nèi)壁，有質(zhì)量分別為w和2m的4、B兩

個小球用長為R的絕緣細(xì)桿連接在一起，4球不帶電，B球所帶的電荷量為-q(q>0)。整個裝置

處在豎直向下的勻強電場中。開始時4球處在與圓心等高的位置，現(xiàn)由靜止釋放，B球剛好能到

達(dá)軌道右側(cè)與圓心等高的位置C。求：

(1)勻強電場電場強度的大小E；

(2)當(dāng)B小球運動到最低點P時，兩小球的動能分別是多少;

(3)兩小球在運動過程中最大速度的大小。

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：前4s內(nèi)的平均速度。=上^^7n/s=2.5m/s,故A正確；

3、因為告訴的時路程，而速度為位移與時間的比值，故沒法確定速度，故8錯誤；

C、如果是勻加速運動，前四秒各秒內(nèi)位移比應(yīng)為1：3：5：7,而不是1：2：3：4,故C錯誤；

D、由C可知人做的不是勻加速運動，故2s末的瞬時速度不等于平均速度，故不為2.5m/s,故。錯

誤

故選：A.

由平均速度公式可求得前4s的平均速度，由勻變速直線運動的規(guī)律可知自行車是否為勻加速直線運

動.

本題考查運動學(xué)公式的應(yīng)用，要注意勻加速直線運動的規(guī)律及結(jié)論的正確應(yīng)用.

2.答案：D

解析：

根據(jù)a球只受重力做自由落體運動，而b除重力外，還受到水平方向的電場力作用，因而電場力做功；

對于c球除重力外，還受到洛倫茲力作用，由于洛倫茲力不做功，因此即可求解。

考查球受到重力，或加之電場力，或洛倫茲力作用下的運動，掌握運動的合成與分解的方法，注意

電場力做功與洛倫茲力不做功的區(qū)別。

根據(jù)題意可知，a球做自由落體運動；而乙除豎直方向做自由落體運動外，水平方向受到電場力作用

做初速度為零的勻加速運動，由于b在下落的過程中電場力對小球做正功，故根據(jù)動能定理知b球的

落地速度大于a球的落地速度；c球在下落過程中經(jīng)過磁場，c受到洛倫茲力作用，因洛倫茲力始終與

速度垂直且對小球始終不做功，c球下落過程中只有重力對小球做功，根據(jù)動能定理知c球下落的末

動能與a球的末動能相等，即速度大小大小相等，由此分析知，4BC錯誤，。正確。

故選Do

3.答案：D

解析：解：B、設(shè)原副線圈中的匝數(shù)分別為％和電，電流分別為。和電壓分別為Ui和則有:

5=E—Ar,電阻R消耗的功率為：P=U2l2=U/1，

即為：P=(E-什)。=一/懺一E，i，可見電流為：/1=卷=為4=24時，P有最大值，為：Pm=

^-=—W=8W；故8錯誤；

4r4x2

C、變壓器的輸出電流為：/2=*1=?X2Z=L4,故C錯誤；

九2N

皿根據(jù)輸出功率等于輸入功率可得：Pm=I^RX,解得：勺=置=最。=80,故A錯誤、。正確。

故選：Do

將變壓器和電阻等效為外電阻，則可根據(jù)電源輸出功率最大值的條件可求解原線圈的電流強度及最

大功率；再由匝數(shù)比求解副線圈的電流強度；根據(jù)功率關(guān)系求解滑動變阻器的電阻.

本題考查變壓器原理及電源的輸出功率，要注意明確變壓器可與電阻結(jié)合在一起進行分析，從而根

據(jù)電源輸出功率最大值問題解答問題.

4.答案:C

解析：解：48、由圖知：當(dāng)t=2s時，Q=lni/s2,F=6N,根據(jù)牛頓第二定律得：F-[img=ma,

代入得：6—林mx10=m.；當(dāng)t=4s時,a=3m/s2,F=12N,根據(jù)牛頓第二定律得:尸—p,mg=ma,

代入得：12-x10=3小。聯(lián)立解得：〃=0.1,m=3kg,故AB錯誤；

C、a-t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量，則得0-4s內(nèi)物體速度的增量為：△!；=詈x

(4—2)7n/s=4m/s,t=0時刻速度為0,則物塊在第4s末的速度為4m/s；根據(jù)動量定理，得0-4s

內(nèi)合外力的沖量為：Al=AP=mAv=3x4=12N-s.故C正確；

。、在2s?4s時間內(nèi)，小物塊受的拉力勻速增加，做加速度增大的加速運動，故。錯誤。

故選:Co

2s時刻物體剛開始運動，靜摩擦力最大，由圖a讀出最大靜摩擦力為6N.根據(jù)t=2s和￡=4s時的拉力

和加速度，由牛頓第二定律列式，可求得動摩擦因數(shù)和物塊的質(zhì)量。根據(jù)a-t圖象與時間軸所圍的

面積求4s內(nèi)速度的變化量，從而求得第4s末的速度及動量。

本題關(guān)鍵是結(jié)合圖象對物體進行受力分析，根據(jù)圖象的特殊點列牛頓第二定律方程，求解質(zhì)量和動

摩擦因素，挖掘a-t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量，由此求速度的變化量及動量。

5.答案:AC

解析：解：C.由圖乙可知，在t=0.10s時，質(zhì)點Q向下振動，根據(jù)微平移法可知波向x軸的負(fù)方向傳

播，故C正確；

B.由乙可知振動為A=10cm,周期為T=0.20s,則可得3=奈=10nrad/s,所以質(zhì)點Q的振動方

程為x=10sinl07rt(cm),故B錯誤;

4根據(jù)波的傳播方向及振動圖象知，在t=0.10s時，質(zhì)點P正在向上振動，當(dāng)t=0.25s時，即在t

0.10s開始經(jīng)過質(zhì)點P在平衡位置以下向上振動，即速度方向沿y軸正方向，故A正確；

。.由于P點在t=0.10s時不是在波峰或波谷，或平衡位置，經(jīng)過0.15s,即經(jīng)過質(zhì)點經(jīng)歷的路程

不等于34即不等于30cm,故。錯誤。

故選：AC.

由乙圖找出在t=0.10s時質(zhì)點Q的振動方向，從而即可確定波的傳播方向；由乙圖可讀出振幅、周

期，從而可求出3,結(jié)合質(zhì)點Q的起振方向即可寫出質(zhì)點Q的振動方程；由波的傳播方向確定在t=

0.10s時質(zhì)點P的振動方向，由質(zhì)點P振動時間與周期的關(guān)系即可確定質(zhì)點P的速度方向；由時間與周

期關(guān)系，結(jié)合振幅求出質(zhì)點P通過的路程。

本題的關(guān)鍵是會根據(jù)振動情況來判斷波的傳播方向，抓住振動圖象和波動圖象之間的內(nèi)在聯(lián)系，要

知道質(zhì)點做簡諧運動時，在一個周期通過的路程是44半個周期內(nèi)通過的路程是24但時間內(nèi)通過

的路程不能類推，要根據(jù)起點位置分析。

6.答案：AC

解析：解：4、水平通電導(dǎo)線周圍有磁場，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場強度越小，在圓環(huán)下落過程中，通過圓

環(huán)的磁通量變小故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確；

8、因為圓環(huán)在運動的過程中，有感應(yīng)電流，對整個過程由能量守恒定律得，重力勢能轉(zhuǎn)化為電能，

故不能上升到右側(cè)與C點等高處，故8錯誤；

C、由于小環(huán)運動的范圍內(nèi)，各處的磁場強度不同，所以小環(huán)運動的過程中機械能不斷轉(zhuǎn)化為電能，

故小球的機械能會越來越小，最終停在最低點B,故C正確；

。、整個過程重力勢能轉(zhuǎn)化為電能，機械能不守恒，故。錯誤；

故選：AC

水平通電導(dǎo)線周圍有磁場，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場強度越小，在圓環(huán)下落過程中，通過圓環(huán)的磁通量變

小故能判斷圓環(huán)中是否有感應(yīng)電流.

此題要掌握通電導(dǎo)線周圍的磁場是越來越小，并會對整個過程的能量轉(zhuǎn)化進行分析，難度不大.

7.答案:AC

解析：解：由七=8及可知甲圖產(chǎn)生的是變化電動勢，乙圖產(chǎn)生的是恒定電動勢，所以甲的副線圈

會出現(xiàn)變化的電流，乙的副線圈出現(xiàn)的是恒定電流.

又由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，甲的MN產(chǎn)生的電動勢是均勻增加，原線圈感應(yīng)電流大小在隨著時間

不斷均勻增大，則副線圈的電流恒定不變，而乙的副線圈沒有感應(yīng)電流，所以人發(fā)光，且通過人的

電流在亮度穩(wěn)定后大小不變，而42初始閃一下，之后逐漸熄滅.故8。錯誤，AC正確.

故選：AC.

要判定L和切發(fā)不發(fā)光，就是要判斷導(dǎo)體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的是變化的電動勢還是恒定的電動勢

由E=BLv可知甲圖產(chǎn)生的是變化電動勢，乙圖產(chǎn)生的是恒定電動勢，再由電磁感應(yīng)就可以得到兩

燈泡的發(fā)光情況.

本題涉及感應(yīng)電動勢的兩種產(chǎn)生方式：感生和動生.要熟練掌握兩者的區(qū)別和計算，并且要熟知在

變壓器中其電壓的改變就是通過這個原理實現(xiàn)的.

8.答案：ABD

解析：解：AB,雙星圓周運動的向心力由萬有引力提供，令雙星間距離為3軌道半徑分別為ri和『2,

據(jù)萬有引力提供向心力有：

MM2n_2n

G—r2=M"式〒T=Mr(—)o2

1221

可得：-=據(jù)〃=里可得：*=2=也

所以均正確；

C、雙星靠彼此間的萬有引力提供向心力，故兩星圓周運動的向心力大小相等，故C錯誤；

。、由。華=Mm?A=M2r2?)2,L=6+〃兩式可解得雙星間距L=3里空竽；故。正確。

故選：ABD.

雙星運動時靠彼此間萬有引力提供向心力圍繞彼此勻速圓周運動，故雙星圓周運動的向心力大小相

等，方向相反，勻速圓周運動的周期相同.

雙星靠彼此之間的萬有引力提供各自圓周運動的向心力且互相圍繞做勻速圓周運動，故雙星運動的

周期相同，這是解決此類問題的突破口.

9.答案：BCD

解析：電子的衍射現(xiàn)象說明實物粒子也具有波動性，故A錯誤；a粒子散射實驗中少數(shù)a粒子發(fā)生

較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)，故8正確；根據(jù)三種射線的特點可知，在

a、￡、尸這三種射線中，尸射線的穿透能力最強，以射線的電離能力最強，故C正確；根據(jù)光電效

應(yīng)發(fā)生的條件可知，當(dāng)入射光的頻率低于截止頻率時則不會發(fā)生光電效應(yīng)，故。正確；放射性元素

的半衰期與元素的物理狀態(tài)以及化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故E錯誤。

考點：a射線、0射線、y射線及其特性

10.答案：60cmHg72cmHg

解析：解：大氣壓強Po=75cmHg,

由圖示可知，空氣柱1的壓強Pi=p0-Phi-(75-15)cmHg=60cmHg

空氣柱2的壓強「2=Pi+Ph2=(60+12)cmHg=72cmHg；

故答案為：60cmHg；72cmHg.

根據(jù)大氣壓強與圖示情景求出空氣柱的壓強。

本題考查了求封閉氣體壓強問題，根據(jù)大氣壓強與水銀面的高度差分析清楚圖示情景即可解題。

11.答案：4C；4653；2153

解析：解：(1)根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

(2)電源電動勢為6乙選量程為15U的電壓表讀數(shù)誤差較大，為減小誤差電壓表應(yīng)選擇4為方便實

驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇C；

由圖示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為：

/?2=4x1000/2+6x1000+5x10/2+3x10=465312；

根據(jù)實驗步驟，由歐姆定律可知：

U=%(Rg+%)

2

-U=Ig(Rg+R2)

解得：&=21530；

故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)4；C；4653；2153o

(1)根據(jù)電路圖連接實物電路圖。

(2)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，為方便實驗操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器；

電阻箱各旋鈕示數(shù)與對應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)，根據(jù)實驗步驟應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定

律求出微安表的內(nèi)阻。

本題考查了測微安表內(nèi)阻實驗，考查了電阻箱讀數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；分析清楚

電路結(jié)構(gòu)與實驗步驟，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可解題。

12.答案：拉力傳感器的示數(shù)F、兩光電門間的距離s、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到4B兩

個速度傳感器的速度力、vBFs=^Mv^-

解析：解：（1）根據(jù)實驗原理和目的，要探究合力所做的功，等于動能的變化，那么要記錄的物理量

有：拉力傳感器的示數(shù)尸、兩光電門間的距離s、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到4B兩個速度

傳感器的速度以、ve；

（2）由動能定理倒推，對小車若動能定理成立，則有：Fs=\Mvl-\Mvl，這就是要驗證的表達(dá)式。

故答案為：（1）拉力傳感器的示數(shù)尸、兩光電門間的距離S、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到AB

兩個速度傳感器的速度以、vB；（2）Fs=：M域詔

小車在鉤碼的作用下拖動紙帶在水平面上做加速運動，通過速度傳感器可算出2B兩點的速度大小，

同時利用拉力傳感器測量出拉小車的力，從而由4B長度可求出合力做的功與小車的動能變化關(guān)系。

本題考查測量動能與做功之間的關(guān)系，值得注意的是：這里的合力等于拉力，當(dāng)然也有前提條件的。

同時學(xué)會分析實驗數(shù)據(jù)從而得出規(guī)律。

13.答案：解：（1）因為衛(wèi)星繞地球表面附近做圓周運動，所以可認(rèn)為其軌道半徑是地球的半徑R.

由萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力得：G^=m-

R2R

得:〃=舟

（2）由口=舟得：

地球質(zhì)量M=?:

代入數(shù)據(jù)得：M=6.0.x1024kg

答：（1）第一宇宙速度的計算式：.=舟

（2）地球的質(zhì)量為：M=6.0xl024fc^.

解析：繞地球表面附近做圓周運動的人造衛(wèi)星，可認(rèn)為其軌道半徑是地球的半徑R,可利用萬有引力

提供它做圓周運動的向心力來進行求解.

萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力是解決這類題目的突破口，找出需要的數(shù)據(jù)列萬有引力定律

提供向心力公式即可.

14.答案：解：（1）尼基塔在水面勻速滑行時速度的大小為：

(2)在水面滑行時，牽引尼基塔的繩索彈力的大小為:

一3

&=mgtan37°=80x10x—N=600/V

4

(3)尼基塔在雪坡上滑行時加速度的大小為:

(4)設(shè)在雪坡上滑行時，牽引尼基塔的繩索彈力的大小為尸2。

根據(jù)牛頓第二定律得:

F2cos37°—mgsin37°—f=ma

mgcos37°+F2sin370-N=0

又/-〃N

聯(lián)立解得：尸2-1167.6/V

答：(1)尼基塔在水面勻速滑行時速度的大小是20m/s；

(2)在水面滑行時，牽引尼基塔的繩索彈力