2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版 湖南地區(qū)專用 答案

2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版

湖南地區(qū)專用

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)

是符合題目要求的。

1.某核物理實(shí)驗(yàn)室內(nèi)進(jìn)行輕核聚變反應(yīng)實(shí)驗(yàn)，其原理是兩個(gè)笊核聚變產(chǎn)生氮核，從而產(chǎn)生巨

大的能量。已知兩個(gè)動(dòng)能為4的笊核發(fā)生正碰，產(chǎn)生氨核和中子，笊核質(zhì)量為叫，氫核質(zhì)

量為機(jī)2，中子質(zhì)量為外，光速為c,以下說法正確的是（）

A.核反應(yīng)方程為；H+；Hf；He+Qn

B.核反應(yīng)過程中損失了一個(gè)中子

C.產(chǎn)生的中子動(dòng)能為+（2町一鈾一"4）臼

D.：He的結(jié)合能比；He的結(jié)合能大

2.跳高運(yùn)動(dòng)有跨越式、俯臥式、背越式等，其中背越式更為科學(xué).如圖所示是某次運(yùn)動(dòng)員背

越式跳高頻閃拍照的示意圖（每次曝光的時(shí)間間隔相等），若運(yùn)動(dòng)員的重心軌跡與同速度不

計(jì)阻力的小球斜上拋運(yùn)動(dòng)軌跡重合，下列說法正確的是（）

A.在A處地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員做功，運(yùn)動(dòng)員獲得斜向上方的速度

B.運(yùn)動(dòng)員從C到。與從E到尸速度的變化量相同

C.與跨越式跳高比較，同樣的運(yùn)動(dòng)員同樣的起跳速度，背越式跳高運(yùn)動(dòng)員重心上升的高，所

以跳高成績好

D.運(yùn)動(dòng)員從B到D處于超重狀態(tài)，從。到尸處于失重狀態(tài)

3/軸上固定著兩個(gè)點(diǎn)電荷4B,兩點(diǎn)電荷分別位于4=0、處，兩者所在區(qū)域?yàn)檎?/p>

空，在兩者連線上某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與該點(diǎn)位置的關(guān)系如圖所示。選取x軸正方向?yàn)閳鰪?qiáng)

的正方向，無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。以下說法正確的是（）

A.點(diǎn)電荷A、8分別帶正電和負(fù)電

B.AB所帶電荷量的絕對(duì)值之比為1:4

C.x=d處電勢(shì)最高且為零

D.將電子從x=5"處無初速度釋放，其電勢(shì)能一直減小

4.將如圖所示的交流電壓加在一個(gè)阻值火=1。的定值電阻兩端，通電時(shí)間2min,則下列說

法正確的是（）

-UN

3----*r--1?-----??-----?

_°..U_J23i_i45LJ67L_：?/?

A.通過該電阻的電荷量為120CB.通過電阻的電流的有效值為0.5A

C.電阻產(chǎn)生的焦耳熱為500JD.電阻兩端電壓的有效值為好V

2

5.如圖所示，為勻強(qiáng)磁場的左邊界，磁場中有正方形線框“加4,其“d邊與MN重合。

線框第一次以，。邊為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)而出磁場；第二次線框在外力作用下向左勻速拉出磁場,

兩次所用時(shí)間相同，第一次線框產(chǎn)生的熱量為0,通過〃邊的電荷量為小，be邊經(jīng)過MN

時(shí)所受安培力為耳，第二次線框產(chǎn)生的熱量為通過44邊的電荷量為生,be邊經(jīng)過MN

時(shí)所受安培力為己,以下說法正確的是（）

兀：

A.Fi:F2=n:2,q:%=1B.12,:Q2=8:兀:%=1：1

2

C.Ft:F2=7i:4,%:%=1:1D.Q]：Q2=n:8,%：%=1:1

6.如圖甲所示，正方體框架內(nèi)放置四個(gè)小球，小球恰好與邊框相切，其上放置第五個(gè)小球P,

下面四個(gè)小球?qū)球的彈力均為耳，每條邊框受到球的作用力均為N-如圖乙所示，正三

棱錐框架內(nèi)放置三個(gè)小球，小球恰好與邊框相切，其上放置第四個(gè)小球。，三個(gè)小球?qū)Α?/p>

球的彈力均為鳥，每條邊框受到球的作用力均為N2,九個(gè)小球完全相同且表面光滑，以下

a

D.瓦

二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)

符合題目要求全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.隨著地球氣候變暖的加劇，某物理興趣小組設(shè)想通過模擬衛(wèi)星變軌的方法，將地球加速變

軌到火星的繞日運(yùn)轉(zhuǎn)軌道，借此移居的計(jì)劃給地球“降溫”.經(jīng)查閱資料，他們發(fā)現(xiàn)火星的

繞日半徑是地球繞日半徑的9倍，而火星的質(zhì)量是地球質(zhì)量的：，假設(shè)太陽的質(zhì)量為〃，

地球的質(zhì)量為加，地日距離為r,如圖所示，計(jì)劃將地球從自身軌道I,經(jīng)橢圓軌道H進(jìn)入

火星軌道HI,AB為兩軌道的切點(diǎn)，則下列說法正確的是（）

A.移居前，地球和火星受到太陽的萬有引力之比為4:81

B.如果成功轉(zhuǎn)移地球軌道，地球的一年將變成3兀、匚

VGM

C.假設(shè)距太陽，處，地球產(chǎn)生的引力勢(shì)能為不=-二空，則地球在移居計(jì)劃前后需通過外

r

力給地球做的功為％

6r

D.若移居成功，為了更好地監(jiān)視火星的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，興趣小組設(shè)想在火星軌道的外側(cè)安置一顆

人造衛(wèi)星，使其僅在火星和太陽的引力作用下實(shí)現(xiàn)與火星做同步繞太陽的圓周運(yùn)動(dòng)，若衛(wèi)星

與太陽的距離為L則太陽和火星的質(zhì)量之比為

Z?_(|r)3?_1r)2

8.如圖甲所示，在豎直平面內(nèi)有四條間距相等的水平虛線右、4、4、&，在4與右、4與4

之間存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為1T,方向垂直于豎直平面向里?，F(xiàn)有一矩形線圈

abed,寬度cd=L=0.5m,質(zhì)量為0.1kg,電阻為2C,將其從圖示位置（cd邊與4重合）

由靜止釋放，線圈的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，乙時(shí)刻，cd邊與4重合；力時(shí)刻，

他邊與4重合；與時(shí)刻，劭邊與人重合。芍~4時(shí)間內(nèi)的V—圖線為與/軸平行的直線，4

~t2時(shí)間內(nèi)和％時(shí)刻之后的VT圖線均為傾斜直線。已知乙~4的時(shí)間間隔為0.45s,整個(gè)運(yùn)

動(dòng)過程中線圈平面始終處于豎直平面內(nèi)。則（重力加速度g取10m/sD（）

AJ時(shí)刻，線圈運(yùn)動(dòng)的速度大小匕=3.5m/s

B.L,與右、\與L4之間的勻強(qiáng)磁場的寬度為1m

C.在0~6時(shí)間內(nèi)，通過線圈的電荷量為0.25C

D.在0~%時(shí)間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為1.1125J

9.甲、乙兩輛汽車在平直公路不同車道上同向行駛，某時(shí)刻甲、乙兩車并排行駛，若以并排

行駛時(shí)的位置作為坐標(biāo)原點(diǎn)，兩車速度的平方d與位移x的變化關(guān)系如圖所示，下列說法

正確的是（）

A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.在0~x0段，乙車的平均速度大

C.在x=x0處，甲、乙兩車的速度相等D.在x=x（,處，甲、乙兩車相遇

10.如圖甲、乙所示有兩個(gè)物塊A、B,質(zhì)量分別為叫、R，m2=2m}=2m,甲圖中用輕繩

將兩物塊連接在滑輪組上，乙圖中用輕繩將兩物塊連接放在固定光滑斜面上，斜面傾角為

30°,滑輪的質(zhì)量不計(jì)，輕繩與滑輪的摩擦也不計(jì)，重力加速度為g?，F(xiàn)將兩物塊從靜止釋

放，物塊A上升一小段距離〃，在這一過程中，下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩圖中，兩物塊的重力勢(shì)能之和均不變

B.甲圖中，A物塊上升到高度時(shí)的速度為小，

C.甲圖中，輕繩對(duì)兩物塊做的功率大小不相等

D.甲、乙兩圖中，輕繩的拉力大小分別為誓和儂

三、非選擇題：共56分。第11?14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第15?16題為

選考題，考生根據(jù)要求作答。

（-）必考題：共43分。

11.（6分）某物理興趣小組用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，所提供器材均?/p>

圖中展示，實(shí)驗(yàn)原理和主要操作步驟如下：

（1）按如圖安裝好實(shí)驗(yàn)器材，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長木板上端，接通電源釋放物塊，讓物塊

自由滑下，打出前幾個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)的紙帶如圖乙（a）所示（0為起始點(diǎn)），打點(diǎn)周期為「08間

距為內(nèi)，CE間距為％,則物塊下滑加速度表達(dá)式％=.

（2）將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器取下固定在長木板的下端，接通電源，給物塊一個(gè)初速度使之沿長木板

從下到上運(yùn)動(dòng)，打出最后幾個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)的紙帶為圖乙（b）中（0為最終點(diǎn)）的（填

序號(hào)），并通過實(shí)驗(yàn)獲得的紙帶計(jì)算出加速度生.

（3）為了測量出當(dāng)?shù)刂亓铀俣冗€應(yīng)測量長木板與地面所構(gòu)成的斜面高度h和（填

物理量及物理量字母）.

（4）通過分析可知當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_(dá)式為g=［用4、％、人和步驟（3）中所測

物理量字母表示］.

12.（9分）某實(shí)驗(yàn)小組在做測量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)缺少電壓表，便結(jié)合已有

的器材設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路（其中凡為定值電阻，R為電阻箱）.改變電阻箱R的

阻值，得到多組數(shù)據(jù)，畫出圖乙所示圖像，圖像與縱軸交點(diǎn)為“，圖像斜率為&,請(qǐng)回答下

列問題:

（1）根據(jù)圖乙可得到該實(shí)驗(yàn)測得的電動(dòng)勢(shì)為,電源內(nèi)阻為.（均用凡、4、k

表示）

（2）該實(shí)驗(yàn)測得的電源內(nèi)阻比真實(shí)值偏（填“大”或“小”），造成誤差的原因

是■

13.（13分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系的第一象限與第二象限存在垂直于x軸的相同勻

強(qiáng)電場，第二象限與第四象限存在垂直坐標(biāo)軸平面向里的相同勻強(qiáng)磁場，磁場區(qū)域在第四象

限內(nèi)沿著x軸的長度x,且長度大于3”.現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為+4的粒子以初速度均從

初始位置向前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子垂直），軸射入第一象限，射出第一象限時(shí)速度的偏轉(zhuǎn)角

，=45。.己知初始位置坐標(biāo)為（-4,4）,粒子重力忽略不計(jì).求：

（1）電場強(qiáng)度E的大??；

（2）在第四象限粒子剛好平行于x軸射出磁場，求該磁場區(qū)域沿著x軸的長度工

14.（15分）如圖所示，水平傳送帶回與粗糙水平地面8C、光滑半圓軌道CD平滑對(duì)接,

8為半圓軌道的豎直直徑.已知傳送帶以速度％=2麻順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶長度為

2L,8C長為L,質(zhì)量為〃?的小滑塊P從左端放置在傳送帶上，P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)

〃,=?!，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃2=），軌道的半徑R=4.在C點(diǎn)靜止放置一個(gè)質(zhì)量也

為機(jī)的小球如果能與。發(fā)生碰撞，二者沒有機(jī)械能損失.已知重力加速度為g,求：

（1）通過計(jì)算判斷，小滑塊P剛到達(dá)c點(diǎn)時(shí)的速度；

（2）如果尸能夠與。碰撞，求碰后。運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

（3）如果小球。的質(zhì)量變?yōu)楸?a為正數(shù)），小球。通過。點(diǎn)后能夠落到傳送帶上，求

上值范圍.

（二）選考題：共13分。請(qǐng)考生從兩道中任選一題作答。如果多做，則按第一題計(jì)分。

15.【選修3-3】（13分）

（1）（5分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)歷過程①②③到達(dá)狀態(tài)乩

則：過程①中單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁碰撞次數(shù)（填“增加”或“減少”）；

過程②中氣體對(duì)外界做.（填“正功”或“負(fù)功”）；狀態(tài)c的內(nèi)能（填

或“="）狀態(tài)d的內(nèi)能，過程③中氣體（填“從外界吸收”或“向外界放出”）

熱量。

（2）（8分）居家生活種植花草，可以提高家庭生活品位，家用灑水壺成家庭必備。如圖

V

所示，圓柱形灑水壺密封時(shí)容積為匕打氣筒氣室容積AV=而，某次澆花時(shí)，倒入壺中水

的體積為4三V并密封，然后開始打氣，每一次打入壓強(qiáng)為P。、體積為吉V的空氣，已知大氣

壓強(qiáng)為P。，不計(jì)噴水細(xì)管的體積及噴水后細(xì)管內(nèi)剩余液體的壓強(qiáng)，設(shè)氣體質(zhì)量機(jī)a，（p

為氣體壓強(qiáng)，丫為氣體體積，T為熱力學(xué)溫度），打氣過程及噴灑過程中環(huán)境溫度不變。

活塞

①至少打幾次氣后，灑水壺里的水可以全部噴完;

②若在噴灑過程中灑水壺中空氣從外界吸收熱量為12J,求壺中空氣做功為多少。

16.【選修3-4［（13分）

（1）（5分）如圖所示，0點(diǎn)為簡諧橫波的波源。振幅為5cm的波從。點(diǎn)分別沿x軸正方

向和負(fù)方向傳播，Qa=3m,O〃=4m,Oc=6m。/=0時(shí)，波源。由平衡位置開始豎直向下

振動(dòng)；，=6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)“第一次到達(dá)最高點(diǎn)，同時(shí)質(zhì)點(diǎn)c剛好開始振動(dòng)。則下列說法中正確

的是

—??----??X?

A.該波的周期為4s

B.0~10s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)人走過的路程為0.3m

C.該波的波速為0.75m/s

D"=6s時(shí)質(zhì)點(diǎn)6經(jīng)過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)

E.當(dāng)質(zhì)點(diǎn)C向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)4一定向上運(yùn)動(dòng)

（2）（8分）小莉家里有一塊材料未知的長方體透明磚。小莉?yàn)榱藴y定它的折射率，進(jìn)行

了如下操作:她首先在水平桌面固定一張白紙，不放透明磚，直接用一束紅光照射到白紙上，

紅光與水平方向的夾角，=37。，在白紙上出現(xiàn)亮點(diǎn)，標(biāo)記為4點(diǎn)?，F(xiàn)保持入射光束的位置

及入射方向不變，在光源和A點(diǎn)之間放上透明磚，透明磚左側(cè)的白紙上出現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn)，標(biāo)

記為B點(diǎn)。在玻璃磚右側(cè)出現(xiàn)兩個(gè)亮點(diǎn)，標(biāo)記為C、。點(diǎn)。移去透明磚，測得A8兩點(diǎn)之

間的距離為1.2cm,測得C、。兩點(diǎn)之間的距離為4.8cm。不考慮光在透明磚表面的多次反

射，sin370=0.6,cos37°=0.8o

......

〃ACD

①作出形成亮點(diǎn)8、C、。的光路圖；

②求透明磚的折射率。（結(jié)果可以用根號(hào)表示）

2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版

湖南地區(qū)專用

答案以及解析

1.答案：c

解析：本題考查核反應(yīng)方程、質(zhì)量虧損、結(jié)合能等。兩個(gè)氣核發(fā)生正碰，產(chǎn)生氫核和中子的

核反應(yīng)方程為：H+；Hr；He+[n,A錯(cuò)誤；核反應(yīng)過程中沒有損失中子，B錯(cuò)誤；核反應(yīng)產(chǎn)

生的氫核和中子的動(dòng)量守恒，即陞e=Pn，動(dòng)能七=3,由能量守恒，有

2m

2￡0+(2叫-m2-nhy=￡kHc+Ekn,得Ekn=利[2E。+(2町,C正確；；He

的核子數(shù)比；He的核子數(shù)少，；He的結(jié)合能比；He的結(jié)合能小，D錯(cuò)誤。

2.答案：B

解析：本題考查斜上拋運(yùn)動(dòng)。運(yùn)動(dòng)員在A處起跳獲得的動(dòng)能來源于自身的化學(xué)能，并非地

面對(duì)其做功，A項(xiàng)錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員從C到。、從E到尸速度的變化量均為小=8加，B項(xiàng)正

確；同樣的運(yùn)動(dòng)員同樣的起跳速度，運(yùn)動(dòng)員重心上升的高度相同，只是跨越式桿在重心下方，

背越式桿在重心上方，因而背越式跳高成績好，C錯(cuò)誤；跳高運(yùn)動(dòng)員跳離地面后加速度為重

力加速度，方向始終向下，則運(yùn)動(dòng)員始終處于失重狀態(tài)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

3.答案：D

解析：本題考查兩個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場的合成。選取x軸正方向?yàn)閳鰪?qiáng)的正方向，根據(jù)E-x

圖像，在0<x<d區(qū)域，場強(qiáng)方向?yàn)樨?fù)，在區(qū)域，場強(qiáng)方向?yàn)檎?，在x>々/區(qū)域，

場強(qiáng)方向?yàn)樨?fù)，可知兩點(diǎn)電荷均帶負(fù)電，A錯(cuò)誤；在x=</處，場強(qiáng)為零，有*=能，

得私=9%,B錯(cuò)誤；沿電場線方向電勢(shì)降低，故在0<x<4d區(qū)域x=4/處電勢(shì)最高，但比無

限遠(yuǎn)處電勢(shì)低，即電勢(shì)小于零，C錯(cuò)誤；電子從5d處無初速度釋放，其在電場力作用下一

直向無限遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，其電勢(shì)能一直減小，D正確。

4.答案:A

解析：本題考查交變電流的有關(guān)知識(shí)。在一個(gè)周期T=2s內(nèi)，通過該電阻的電荷量為

4=泉乙一號(hào)XL=2C,2min內(nèi)共有60個(gè)周期，所以%=60q=120C,故A正確；在

AR

一個(gè)周期內(nèi)，電阻產(chǎn)生的焦耳熱為。喙+隼、％=合，代入數(shù)據(jù)解得電阻兩端電壓

的有效值U=7^v,則通過電阻的電流的有效值為/=M=6A,B、D錯(cuò)誤；2min內(nèi)電阻

R

產(chǎn)生的焦耳熱為?？?I-Rt=600J,C錯(cuò)誤。

5.答案：D

解析：本題考查電磁感應(yīng)、熱量及電荷量的相關(guān)計(jì)算。設(shè)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,

線框邊長為L,電阻為R,線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為T,第一次線框產(chǎn)生正弦交流電四分之一

周期部分，電動(dòng)勢(shì)的最大值媒=8So=@些，兒邊經(jīng)過時(shí)，線框中的電流乙=與依

TR

邊所受安培力的大小為耳=8//=2祟，四分之一周期內(nèi)線框產(chǎn)生的熱量為

2=(*].$=庠"‘通過""邊的電荷量"=與；第二次線框向左勻速運(yùn)動(dòng)’速度

4"

v=LT=iTL,線框產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)《=3小=竺巴，第二次線框產(chǎn)生的熱量為

4T

224

八ET4BL注、i]“,可出開皿Bl}冗6—兀nc

。2二下?7=通過ad邊的電何量%=F，有7Qri=_"p2；r5=，"F=，AA、B、C

錯(cuò)誤，D正確。

6.答案：C

解析：本題考查多力作用下小球的平衡問題及力的合成與分解。在正方體框架情境下，設(shè)四

個(gè)小球?qū)球彈力方向與豎直方向夾角為四，如圖甲所示，設(shè)小球半徑為凡由兒何關(guān)系

可知，sina、=叵上,由于各小球處于受力平衡狀態(tài)，設(shè)小球的重力為摩，則有

12R2

4flcosa,=mg,得耳=￡_〃際；設(shè)兩個(gè)彈力耳所在平面與水平面間的夾角為4,如圖乙

Rn

所示，則有8502=怠=亨■，小球?qū)吙虻淖饔昧Υ笮〖礊閮蓮椓υ潞狭Φ乃椒至看?/p>

小，有N=2耳?cosBCfcos4；同理，在正三棱錐框架情況下，設(shè)三個(gè)小球?qū)球

2>/37?

的彈力方向與豎直方向夾角為四，如圖丙所示，由幾何關(guān)系可知，.a也,則

sinB,=---=——

12R3

cos笈="，由于各小球處于受力平衡狀態(tài)，則有Fgcosgn5g,解得凡=2^；?g；設(shè)兩

36

6R

個(gè)彈力所在平面與水平面間的夾角為其，如圖丁所示，則有“cA亍1,小球?qū)?/p>

COS"c=-z=-=-

20R3

6

框的作用力大小即為兩彈力尸2合力的水平分量大小，A^=cos30cosJ3=——mg,故

22~6

0gc正確。

7.答案：CD

解析：由萬有引力定律F=G半可求出地球和火星受到太陽的萬有引力之比為81:4,故A

r~

GMm.2兀丫3

錯(cuò)誤；由題意可知，此時(shí)地球的繞日半徑變?yōu)?r,由（3,2I7J2,解得

7=3%巨二，故B錯(cuò)誤；在軌道I,由萬有引力定律提供向心力有半=叱，可知?jiǎng)幽?/p>

V2GMr2r

^=—=—,又由題意可知，此時(shí)的引力勢(shì)能Ep=-包色，故在軌道I的總機(jī)械能

22rpr

GMmE=E，+E，=--OMUL

為￡=線+穌=-1「洞理可得，在軌道HI的總機(jī)械能2kp3,由能量守

2rZx3r

恒定律可知，外力需要做的功卬=笈-￡=算，故C正確；由題意可知，火星、太陽和

6r

GMm火3

-----=m.,a）—r

人造衛(wèi)星的相對(duì)位置如圖，由萬有引力定律提供向心力，對(duì)火星有（3,2r火2,對(duì)

人造衛(wèi)星，有等+黃〒”-,解得卜|故D正

確.

8.答案：AD

解析：馬~外線圈做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力平衡有，咫=3〃，而/=華,聯(lián)立兩式解得

v2=8m/s,tt~t2的時(shí)間間隔為0.45s,線圈做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，嶺=匕+gr,

解得匕=3.5m/s,A項(xiàng)正確；4~與時(shí)間內(nèi)，線圈一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，知油邊剛進(jìn)入上

邊的磁場時(shí)，〃邊也剛進(jìn)入下邊的磁場，設(shè)磁場的寬度為d,則線圈的長度乙'=加，線圈

下降的位移x=L'+d=3d,則有33=卬+3產(chǎn)，解得d=0.8625m,B項(xiàng)錯(cuò)誤；在Of時(shí)間

DAC

內(nèi)，〃邊從乙運(yùn)動(dòng)到4,通過線圈的電荷量g=7W=F—=0.215625C,C項(xiàng)錯(cuò)誤；在

R

0~4時(shí)間內(nèi)，根據(jù)能量守恒得。=，砥(34+24)-3加；=1.11251，D項(xiàng)正確。

9.答案：ABC

解析：根據(jù)/-4=2方可知，一―工圖像的斜率為射，因甲車的斜率大于乙車的斜率，所

以甲車的加速度大于乙車的加速度，A選項(xiàng)正確；在0~x。段，因甲車初速度小于乙車初速

度，末速度相等，根據(jù)B=可知，甲車平均速度小于乙車平均速度，即乙車的平均速

度大，B選項(xiàng)正確；在x=x0處，由題圖可知，甲、乙兩車的速度相等，C選項(xiàng)正確；在x=%

處，由于乙車的平均速度比甲車的平均速度大，根據(jù)x=可，可知乙車到達(dá)與處的時(shí)間比甲

車所用時(shí)間短，則兩車不能相遇，D選項(xiàng)錯(cuò)誤.

10.答案：BD

解析：本題考查連接體的機(jī)械能守恒問題。根據(jù)機(jī)械能守恒可知，8物塊減小的重力勢(shì)能全

部轉(zhuǎn)化為A物塊的重力勢(shì)能和兩物塊的動(dòng)能，則兩物塊的重力勢(shì)能之和發(fā)生變化，選項(xiàng)A

錯(cuò)誤；題圖甲中，根據(jù)動(dòng)滑輪的特點(diǎn)可知，8物塊的速度為A物塊速度的2倍，根據(jù)動(dòng)能定

理可得住2g-町g/7=；〃4片+g町d，解得匕=,選項(xiàng)B正確；題圖甲中同一根輕

繩的拉力相同，故輕繩對(duì)B物塊做功的功率P2=Fv2f輕繩對(duì)A物塊做功的功率6=2/飛，

由于為=2匕，故輕繩對(duì)8物塊做功的功率與輕繩對(duì)A物塊做功的功率大小相等，選項(xiàng)C錯(cuò)

誤;對(duì)題圖甲中兩物塊，根據(jù)動(dòng)滑輪的特點(diǎn)可知,4物塊的加速度為B物塊的加速度的一半，

根據(jù)牛頓第二定律可知2尸-機(jī)田:犯巴明8-尸二網(wǎng)",?！唬俊?，聯(lián)立解得尸=粵，對(duì)題圖

,

乙中兩物塊，根據(jù)牛頓第二定律可知產(chǎn)'-町gsin3(T=町4,m2g-F=m2a[,a[=a],解得

F'=mg,選項(xiàng)D正確。

U.答案：(1)

67~

(2)③

(3)長木板的長度心

(4)(4+%乂

2h

解析：(1)根據(jù)題圖乙中紙帶(a)可得合-/=a/3T,即物塊下滑加速度表達(dá)式4=胃口.

(2)設(shè)斜面的傾角為仇物塊在長木板上從上到下運(yùn)動(dòng)的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

4=gsind-〃geos。①；物塊沿長木板從下到上運(yùn)動(dòng)的加速度為=gsin〃+〃gcos。②，比

較可知即(b)紙帶最后每個(gè)相等時(shí)間間隔所經(jīng)過的距離要比(a)紙帶經(jīng)過的距離

大，故紙帶應(yīng)是題圖乙(b)中的③.

(3)由于斜面的傾角未知，所以還需要測量的物理量為長木板的長度L

(4)由①②式結(jié)合所測物理量可知當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_(dá)式為g=叱他.

2h

]2答案.(1)E=———.r=———

口菜,叫-k，aR「k

(2)大；電流表有內(nèi)阻

解析：(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得E=U+//=/%+(＜，+/〉,貝I]

華1+四?，再結(jié)合題圖乙可得，冬=匕絲」=4,則后=整"/=r].

IEREEEaRn-kaR^-k

(2)本實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要在于沒有考慮電流表的內(nèi)阻以，根據(jù)(1)的分析，把電流表

二―+一)k

內(nèi)阻,計(jì)算在內(nèi)可得&L,故測量值偏大，因此，造成誤差的原

凡+〃

因是電流表有內(nèi)阻.

9

13.答案：(1)—(2)4a

2qa

解析：(1)帶電粒子在第一象限中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將末速度進(jìn)行分解tan45。=2

%

在豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)寸-0=2芻”，聯(lián)立解得￡=等

m2qa

(2)設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,粒子在第二象限做勻速直線運(yùn)動(dòng)回=4%8,解得8=粉

粒子在第四象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力以8=m二，且口=夜%

r

聯(lián)立解得「=2低，粒子剛好平行于x軸射出磁場，作出軌跡圖像如圖所示

由幾何關(guān)系可知，類平拋的水平位移為2〃，第四象限磁場區(qū)域沿著x軸的長度

.夜，

x=2。+——r=4〃

2

14.答案：(1),瘋(2)4mg(3)孚-掇很嚕-1

解析：(1)假設(shè)小滑塊P在傳送帶上一直加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為h,對(duì)小滑塊P

從A到3由動(dòng)能定理有g(shù)加以—0=2〃egL,解得為=舟2<2瘋，假設(shè)成立。設(shè)P能

到C點(diǎn)，且速度為",從B到C由動(dòng)能定理有-〃=聯(lián)立解得

“=|必

(2)對(duì)尸、。碰撞的過程，由動(dòng)量守恒定律有機(jī)“=〃”小+〃“℃1

對(duì)P、Q系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律有一吭.=；機(jī)次ci+；〃Mci，聯(lián)立解得%71=%

對(duì)小球。從C到。的過程，由動(dòng)能定理有=,小球Q在。點(diǎn)時(shí)，

由牛頓第二定律有強(qiáng)?+&=〃7與，R=4,聯(lián)立解得反=4"g,由牛頓第三定律得

%=4,咫

（3）小球。的質(zhì)量變?yōu)榧?，同理，?duì)HQ由動(dòng)量守恒定律有，叫

+kmVV

對(duì)P、Q系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律有=]汨C2^QC2，聯(lián)立解得QC1~T~T4^

乙乙乙1十K

對(duì)。球，從C到。的過程，由動(dòng)能定理有-2即孤=；加噸2-g加%2

二（里廣網(wǎng),在。點(diǎn)平拋運(yùn)動(dòng)，恰好落在點(diǎn)，此時(shí)對(duì)應(yīng)的水平速度為

解得VQD29BVgo,

（1+*）'

則有2R=]g產(chǎn)，L熟％/3L