江西省上饒市六校2023屆高三下學期第二次聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1江西省上饒市六校2023屆高三第二次聯(lián)考能力測試試題（物理部分）1.在超導(dǎo)托卡馬克實驗裝置內(nèi)部發(fā)生的核反應(yīng)方程為，已知的質(zhì)量為，的質(zhì)量為，的質(zhì)量為。X的質(zhì)量為，光速為c，則下列說法正確的是（）A.比更穩(wěn)定 B.X為中子，最早由查德威克發(fā)現(xiàn)C.的結(jié)合能 D.該核反應(yīng)是目前利用核能的主要方式〖答案〗B〖解析〗A．該反應(yīng)放出核能，則生成物的比結(jié)合能比更大，更穩(wěn)定，故A錯誤；B．根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，則為中子，最早由查德威克通過實驗發(fā)現(xiàn)，故B正確；C．核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損釋放的核能根據(jù)結(jié)合能的概念可知，該值不等于的結(jié)合能，故C錯誤；D．這種裝置的核反應(yīng)是核聚變，而目前利用核能的主要方式核裂變，它們的核反應(yīng)原理不相同，故D錯誤；故選B。2.如圖所示，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點）用長為l的輕質(zhì)細線懸于B點，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，軌跡圓圓心為O，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.細線與豎直方向夾角為時，小球運動的角速度大小為B.保持軌跡圓的圓心O到懸點B的距離不變時，細線越長，小球運動的周期越短C.保持軌跡圓的圓心O到懸點B的距離不變時，細線越長，小球運動的周期越長D.保持細線與豎直方向夾角不變時，細線越短，小球運動的角速度越大〖答案〗D〖解析〗AD．細線與豎直方向夾角為時，有解得保持細線與豎直方向夾角不變時，細線越短，小球運動的角速度越大，故A錯誤，D正確；BC．保持軌跡圓的圓心到懸點B的距離不變，改變繩長，根據(jù)牛頓第二定律得解得則周期可知周期T與細線長度無關(guān)，故BC錯誤。故選D。3.“靈樓準擬泛銀河，剩摘天星幾個”，曾經(jīng)，古人對天宮充滿向往，如今，夢想走進現(xiàn)實。中國空間站被稱為“天宮”，中國貨運飛船是“天舟”，2022年5月10日01時56分，天舟四號貨運飛船被長征七號運載火箭成功送入太空，8時54分，天舟四號成功相會“天宮”（空間站天和核心艙），天和核心艙距離地面約，地球北極的重力加速度為g，地球赤道表面的重力加速度為，地球自轉(zhuǎn)的周期為T，天和核心艙軌道為正圓，地球視為球體。萬有引力常量G未知，根據(jù)題給的已知條件，不可以求得（）A.天舟四號的線速度 B.天舟四號的角速度 C.地球的質(zhì)量 D.地球的半徑〖答案〗C〖解析〗D．在赤道上有得即可以求出地球的半徑，故D錯誤；C．當在地球北極時有地球質(zhì)量因引力常量未知，故不可以求出地球的質(zhì)量，故C正確；A．天舟四號在太空時，由萬有引力提供向心力，即此時的線速度為由已知條件可以求出天舟四號的線速度，故A錯誤；B．天舟四號太空時，線速度解得天舟四號的周期根據(jù)可以求出天舟四號的角速度，故B錯誤。故選C。4.如圖所示，在電場強度為E的勻強電場中，電場線與水平方向的夾角為，有一質(zhì)量為m的帶電小球，用長為L的細線懸掛于O點，當小球靜止時，細線恰好呈水平狀態(tài)。若用外力F使小球繞O點做半徑為L的勻速圓周運動，在沿圓?。▓D中虛線）從A點運動到O點正下方的B點的過程中（重力加速度為g），小球電荷量保持不變，下列說法正確的是（）A.小球帶負電，電量值為 B.小球帶正電，電量值為C.電勢能增加 D.外力F做負功〖答案〗C〖解析〗AB．當小球靜止時，細線恰好呈水平狀態(tài)，小球受重力mg、電場力F電、細線拉力T作用，如圖小球受電場力方向與場強方向相同，所以小球帶正電。豎直方向上解得故AB錯誤；C．從A點運動到O點正下方的B點的過程中，小球電勢能的增加量等于克服電場力做得功故C正確；D．從A點做勻速圓周運動到O點正下方的B點，由動能定理可知解得外力F做的功所以外力F做正功，故D錯誤。故選C。5.我國的新疆棉以絨長、品質(zhì)好、產(chǎn)量高著稱于世，目前新疆地區(qū)的棉田大部分是通過如圖甲所示的自動采棉機采收。自動采棉機在采摘棉花的同時將棉花打包成圓柱形棉包，通過采棉機后側(cè)可以旋轉(zhuǎn)的支架平穩(wěn)將其放下，這個過程可以簡化為如圖乙所示模型：質(zhì)量為m的棉包放在“V”型擋板上，兩板間夾角為固定不變，“V”型擋板可繞O軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動。在使板由水平位置順時針緩慢轉(zhuǎn)動過程中，忽略“V”型擋板對棉包的摩擦力，已知重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.棉包對板的壓力先增大后減小B.棉包對板的壓力先增大后減小C.當板轉(zhuǎn)過時，棉包對板的作用力大小為D.當板轉(zhuǎn)過時，棉包對板的作用力最小但不為零〖答案〗C〖解析〗AB．對物體受力分析如圖由正弦定理可得物體在旋轉(zhuǎn)過程中從逐漸變大，從逐漸減小，因此OB板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動60°過程中，棉包對OA板壓力逐漸增大，對OB板壓力逐漸減??；OB板繼續(xù)轉(zhuǎn)動直至豎直的過程中，棉包脫離OB板并沿OA板滑下，棉包對OA板壓力隨板轉(zhuǎn)動逐漸減小，故AB錯誤；C．當OB板轉(zhuǎn)過30°時，兩板與水平方向夾角均為30°，如圖所示兩板支持力大小相等，與豎直方向夾角為30°，可得故C正確；D．當OB板轉(zhuǎn)過60°時，OA板處于水平位置，棉包只受到重力和OA板的支持力，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，匝數(shù)為N的矩形導(dǎo)線框，以角速度在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，線框面積為S且與理想變壓器原線圈相連，原、副線圈匝數(shù)比為，圖示時刻線框平面與磁感線垂直。為定值電阻，R為滑動變阻器，交流電流表和電壓表均為理想電表，不計線框電阻。下列說法正確的是（）A.交流電壓表的示數(shù)為B.矩形導(dǎo)線框從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，通過導(dǎo)線框的磁通量變化率為C.從圖示位置開始計時，原線圈電壓瞬時值表達式為D.若只將滑動變阻器的滑片向c端滑動，則電壓表示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變小〖答案〗AD〖解析〗A．矩形導(dǎo)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為其有效值為交流電壓表的示數(shù)為電動勢的有效值，則交流電壓表的示數(shù)為故A正確；B．矩形導(dǎo)線框從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，磁通量的變化率為故B錯誤；C．圖示位置為中性面，則從圖示位置開始計時，原線圈電壓瞬時值表達式為故C錯誤；D．線框電阻不計，則電壓表V1示數(shù)一定，根據(jù)可知，電壓表V2示數(shù)也一定，滑動變阻器的滑片向c端滑動，接入電阻增大，負載總電阻增大，則變壓器副線圈電流減小，根據(jù)可知，電流表的示數(shù)變小，故D正確。故選AD。7.如圖，質(zhì)量為M的木板放在光滑的水平面上，木板的左端有一質(zhì)量為m的滑塊，在滑塊上施加一水平向右的恒力F，滑塊和木板均由靜止開始運動，木板相對地面運動位移為x時二者分離。則下列哪些變化可使x減?。ǎ〢.僅增大恒力F B.僅增大滑塊的質(zhì)量mC.僅增大木板的質(zhì)量M D.僅減小滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)〖答案〗ACD〖解析〗根據(jù)牛頓第二定律得木塊的加速度為木板的加速度為設(shè)板長為L，根據(jù)得木塊相對地面運動位移為A．若僅增大恒力F，則木塊的加速度變大，木板的加速度不變，則x減小，故A正確；B．若僅增大木塊的質(zhì)量m，則木塊的加速度減小，木板的加速度增大，則x增大，故B錯誤；C．若僅增大木板的質(zhì)量M，木塊的加速度不變，木板的加速度減小，則x減小，故C正確；D．若僅減小木塊與木板間的動摩擦因數(shù)，則木塊的加速度變大，木板的加速度減小，則x減小，故D正確。故選ACD。8.皮帶傳送在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用。一運煤傳送帶傳輸裝置的一部分如下圖所示，傳送帶與水平地面的夾角。若傳送帶以恒定的速率逆時針運轉(zhuǎn)，將質(zhì)量為的煤塊（看成質(zhì)點）無初速度地放在傳送帶的頂端P，經(jīng)時間煤塊速度與傳送帶相同，再經(jīng)到達傳送帶底端Q點。已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度，，，則（）A.煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5B.傳送帶的長度為C.煤塊從P點到Q點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度為D.煤塊從P點到Q點的過程中系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為〖答案〗ABD〖解析〗物塊剛放上傳送帶的內(nèi)，物體的速度由牛頓第二定律解得故A正確；B．在最初0.5s內(nèi)物塊的位移以后物塊的加速度再經(jīng)到達傳送帶底端Q點，則則傳送帶PQ的長度聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得故B正確；C．在最初0.5s內(nèi)物塊相對傳送帶向上運動，相對滑動的距離以后的2s內(nèi)滑塊相對傳送帶向下滑動，則相對滑動的距離聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得則煤塊從點到達點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度為4m，故C錯誤；D．煤塊從P點到Q點的過程中系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選ABD。9.某同學用如圖甲所示裝置結(jié)合頻閃照相研究平拋運動。重力加速度。（1）讓小球從斜槽上合適的位置由靜止釋放，頻閃照相得到小球的位置如圖乙所示，A、B、C是相鄰三次閃光小球成像的位置，坐標紙每小格邊長為5cm。則小球運動到B點的速度______，B點離拋出點的水平距離______m。（2）實驗得到平拋小球的運動軌跡后，在軌跡上取一些點，以平拋起點O為坐標原點，測量它們的水平坐標x和豎直坐標y，作出圖像，能說明平拋小球運動軌跡為拋物線的是圖___________。A.B.C.D.〖答案〗（1）2.50.3（2）B〖解析〗（1）[1]小球在豎直方向為自由落體運動，設(shè)頻閃照相閃光時間間隔為，根據(jù)勻變速運動推論可得豎直方向有解得水平方向做勻速直線運動可得初速度大小為根據(jù)勻變速運動推論到達B點時的豎直方向速度為小球運動到B點的速度[2]小球從拋出點到B點所用的時間為B點離拋出點的水平距離為（2）[3]小球做平拋運動，其運動軌跡為拋物線。經(jīng)過時間t，水平位移和豎直方向位移分別為，聯(lián)立解得可知此時y-x2圖像為一條過原點的直線，故選B。10.實驗室中有一個量程較小的電流表G，其內(nèi)阻約為，滿偏電流為，現(xiàn)將它改裝成量程為的雙量程電流表。現(xiàn)有器材如下：A.滑動變阻器，最大阻值為；B.滑動變阻器，最大阻值；C.電阻箱，最大阻值為；D.電源，電動勢為（內(nèi)阻不計）；E.電源，電動勢為（內(nèi)阻不計）；F.定值電阻若干；G.開關(guān)和導(dǎo)線若干。（1）先采用半偏法測量電流表G的內(nèi)阻，實驗電路如圖（a）所示。為提高測量精確度，選用的滑動變阻器為______，選用的電源為_______（填器材前的字母序號）。（2）如果在（1）中測得電流表G的內(nèi)阻為，將電流表G改裝成量程為的雙量程電流表，設(shè)計電路如圖（b）所示，則在此電路中，__，___。（3）再將該電流表G改裝成量程合適的電壓表，用于測量一舊干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗采用如圖（c）所示電路。實驗過程中，將電阻箱撥到時，電壓表讀數(shù)為；若將電阻箱撥到如圖（d）所示的阻值時，電壓表的讀數(shù)如圖（e）所示，讀數(shù)是___V。根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)，可以計算出干電池的電動勢___V（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），該測量結(jié)果___（填“偏大”、“偏小”、“準確”）?！即鸢浮剑?）BE（2）1199（3）1.101.2偏小〖解析〗（1）[1][2]該實驗電路是采用半偏法測量電流表G內(nèi)阻，實驗中在開關(guān)閉合前后，始終認為電路中的干路電流不變，即實驗中為了減小系統(tǒng)誤差，滑動變阻器接入的阻值需要遠遠大于電流表G的內(nèi)阻，且解得電路的總電壓至少為可知，當電源選擇6V比選擇3.0V更能滿足滑動變阻器接入的阻值需要遠遠大于電流表G的內(nèi)阻的要求，系統(tǒng)誤差更小，此時可知滑動變阻器需要接入的電阻約為45kΩ，即滑動變阻器選擇B，電源選擇E。（2）[3][4]根據(jù)電路圖有，解得，（3）[5]電壓表的分度值為，估讀一位，讀數(shù)為。[6]電阻箱的讀數(shù)為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得[7]電壓表流過電流忽略，則電源內(nèi)阻電壓由于電流偏小，則偏小，故E偏小，即測量值小于真實值。11.兩個完全相同的木塊A和B，質(zhì)量均為m。并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的小釘（質(zhì)量不計）O上系一長為L的細線，細線另一端系一質(zhì)量為的小球C?，F(xiàn)將C球拉起使細線水平伸直，并由靜止釋放C球（C球不與輕桿相碰），輕桿高度大于細線長度L。求：（1）木塊B的最大速度大?。唬?）小球C到達左側(cè)最高點時離O點的豎直距離?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由題意可知，小球C擺至最低點時，A、B兩木塊開始分離，此時B的速度最大。設(shè)此時C球速度為，A、B同速度為，對A、B、C系統(tǒng)，由水平方向動量守恒得由系統(tǒng)能量守恒得解得此后A、B分離，B作勻速運動，因此物塊B的最大速度大小為（2）此后C球向左擺至最高點時，A、C共速，對A、C系統(tǒng)由水平方向動量守恒得由A、C系統(tǒng)能量守恒得聯(lián)立解得12.如圖所示，在直角坐標系的范圍內(nèi)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向外；在的范圍內(nèi)有與y軸負方向成斜向下的勻強電場。y軸與x軸上有P、Q兩點，Q點坐標為。一個質(zhì)量為m、帶電量為的粒子從O點以與x軸正方向夾角為的方向射入磁場中，先后經(jīng)過P、Q兩點又回到O點，粒子重力不計。求：（1）P點的縱坐標和粒子從O射入磁場時的初速度的大??；（2）勻強電場場強E的大??；（3）在此過程中，粒子軌跡經(jīng)過點的縱坐標范圍?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）依題意，畫出粒子在磁場中的運動軌跡，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系判斷，可知粒子在磁場中的運動軌跡所對應(yīng)圓心角為；利用幾何知識，可求得粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為且所以點的縱坐標為由粒子在磁場中運動時滿足可得因為，可得（2）依題意，可知粒子進入電場后在電場力的作用下做類平拋運動，從到點過程中，有而聯(lián)立可求得（3）利用幾何關(guān)系，可得粒子軌跡點縱坐標的最大值為粒子在電場中做類平拋運動，當粒子的速度方向平行軸時，此時粒子軌跡的縱坐標有最小值。將處速度及電場力分別分解，在垂直軸方向上，則有則可得聯(lián)立可求得所以，可得粒子運動軌跡縱坐標的范圍為13.當分子間距離為時，二者間分子力為零，則關(guān)于分子力和分子勢能，下列說法正確的是（）A.分子間距離從逐漸增大時，分子力表現(xiàn)為引力，分子力先增大后減小B.兩個相距很遠的分子逐漸靠近到很難再靠近的過程中，分子間作用力逐漸增大C.不論還是，只要兩分子間的距離向趨近，分子勢能就逐漸增大D.當分子間距離逐漸增大，若分子力逐漸減小，則分子勢能可能逐漸增大E.分子勢能和分子間作用力有可能同時隨分子間距離的增大而增大〖答案〗ADE〖解析〗A．分子間距離從逐漸增大時，分子力表現(xiàn)為引力，分子力先增大后減小，故A正確；B．兩個相距很遠的分子逐漸靠近到很難再靠近的過程中，分子間作用力先增大后減小到0，在逐漸增大，故B錯誤；C．不論還是，只要兩分子間距離向趨近，分子力做正功，分子勢能就逐漸減小，故C錯誤；DE．分子間距離從逐漸增大時，分子力表現(xiàn)為引力，分子力先增大后減小，而勢能一直增加，故DE正確。故選ADE。14.如圖所示，裝有同種氣體的兩圓柱形氣缸通過底部的細管和閥門k相連，右側(cè)氣缸A橫截面積為S，左側(cè)氣缸B橫截面積為，氣缸A上端封閉，氣缸高度為L，氣缸B用活塞封閉，已知大氣壓強為，活塞質(zhì)量，閥門k關(guān)閉，活塞靜止在距缸底處，右側(cè)氣缸內(nèi)氣體壓強為，活塞不漏氣，與氣缸無摩擦，細管體積忽略不計，氣缸與活塞導(dǎo)熱良好?，F(xiàn)在活塞上放質(zhì)量為M的重物，求：（?。┢胶鈺r活塞到缸底的距離；（ⅱ）再打開閥門k，最終活塞到缸底的距離。〖答案〗（?。?；（ⅱ）〖解析〗（?。╅熼T關(guān)閉時，活塞靜止在距缸底處，有得在活塞上放質(zhì)量為的重物，活塞平衡時有得設(shè)平衡時活塞到缸底的距離為，由玻意耳定律得解得（ⅱ）打開閥門，設(shè)再次平衡時活塞到缸底的距離為。兩氣缸壓強相等都為，由玻意耳定律得解得此結(jié)果表明活塞末到缸底，結(jié)果合理15.下列有關(guān)機械振動和機械波的說法正確的是（）A.在頻率相同的兩列波的疊加區(qū)域，若質(zhì)點到兩列波源的距離相等，該質(zhì)點的振動一定加強